山东济宁市2025-2026学年高二年级上册期末质量检测物理试卷（解析版）

2025-2026学年度第一学期质量检测

高二物理试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓

名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。

2.选择题答案必须使用2B铅笔《按填涂样例》正确填涂：非选择题答案必须使用0.5亳

米黑色签字笔书写，绘图时，可用2B铅笔作答，字体工整、笔迹清晰。

3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试

题卷上答题无效。保持卡面清洁，不折叠，不破损。

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目

要求。

1.卜列关于光学现象的描述止确的是（）

A.岸上的树木倒映在湖中是由于光的衍射

B.岸上的人看到湖里的鱼是由于光的反射

C.相机镜头前加装偏振谑光片是利用了光的干涉

D.飞鸟看到的湖里的他的位置比他的实际位置浅

【答案】D

【解析】A.岸上的树木倒映在湖中是由于光的反射（平面镜成像原理），A错误；

B.岸上的人看到湖里的鱼是由于光的折射（光从水中进入空气时发生偏折，形成虚像），

B错误；

C.相机镜头前加装偏振滤光片是利用光的偏振，C错误：

D.飞鸟看到的湖里的鱼的位置比鱼的实际位置浅，是由于光的折射定律，光从水进入空

气时，折射角大于入射角，导致虚像位置比实际位置浅，D正确。

故选D。

2.下列说法正确的是（）

A.水能是不可再生能源

B.声源远离观察者时，观察者接收到的声音的频率增大

C.发生稳定干涉的两列波，振动减弱点经过半个周期仍为振动减弱点

D.如图所示，使摆球1偏离平衡位置后释放，稳定后摆球3的振幅最大

【答案】C

【解析】A.水能是通过水循环（降水、径流等）持续补充的能源，属于可再生能源，故

A错误。

B.根据多普勒效应，声源远离观察者时，观察者接收到的声音的频率减小，B错误；

C.发生稳定干涉的两列波，振动减弱点只与位置有关，振动减弱点经过半个周期仍为振

动减弱点，C正确；

D.如图所示，使摆球1偏离平衡位置后释放，因摆球1和摆球4摆长相等，固有周期相

等，口「知稳定后楔球4与摆球1发牛共桅.则摆球4的振幅最大，D错误。

故选C。

3.一列简谐横波向右传播，1~19为均匀介质中平衡位置间隔相等的质点。如图所示为

与两个时刻的波形图，下列说法正确的是（）

12345678910111213141516171819

A.八时刻，质点1运动到质点13的位置

B.所有质点的起振方向都相同，均垂直丁波的传播方向向上

C.该简谐波的传播速度随时间按正弦（或余弦）规律变化

D.所有质点均开始振动后，质点3与质点15的振动步调相反

【答案】B

【解析】A.简谐横波传播时，质点只在自身平衡位置附近做简谐运动，不会随波迁移,

所以a时刻质点1不会运动到质点13的位置，故A错误;

B.所有质点的起振方向都与波源的起振方向相同，由波形图可知波源起振方向是垂直于

波的传播方向向上，所以所有质点起振方向均向上，故B正确；

C.简谐横波在均匀介质中的传播速度是由介质本身性质决定的，是恒定不变的，不会随

时间按正弦（或余弦）规律变化，故C错误；

D.从图中能看出波长是12个质点间距，质点3和15之间间隔12个质点间距，因此振动

步调相同，故D错误。

故选B。

4.用如图甲所示的电路图来测量金属丝R”的电阻率，闭合开关后，调节滑动变阻器滑片尸

的位置，记录电压表和电流表的示数U和/,得到多组数据，作出该金属丝的U-/图

像，得到一条过原点的直线，斜率为女，如图乙所示。已知金属丝的直径为d,连入电路部

分的长度为L，下列说法正确的是（）

A.闭合开关前，变阻器的滑片户应移至N端

B.选用阻值越大的滑动变阻器调节效果越好

C.该金属丝电阻率的测量值为网上

4L

D.电压表的分流会使测得的电阻率偏大

【答案】C

【解析】A.闭合开关前，变阻器的滑片尸应移至M端，A错误；

B.滑动变阻器接成分压口路，则选用阻值越小的滑动变阻器调节效果越好，B错误;

C.该金属丝电阻为R==k

j1-

根据R=S=-nd-

S4

iul~k

可得电阻率的测量值为P=C正确;

4L

D.电压表的分流会使测得的电阻的测量值偏小，则电阻率测量值偏小，D错误。

故选C。

5.用平行红色激光束垂直照射一层透明工业薄片，观察到如图所示明暗相间的条纹。下列

说法正确的是（）

A.形成明暗相间条纹的原因是光的衍射

B.薄片左侧厚度小，右侧厚度大

C.从左向右薄片的厚度均匀增大

D.改用平行紫色激光照射，观察的条纹数会增多

【答案】D

【解析】A.形成明暗相间条纹的原因是光的干涉，A错误；

BC.用平行单色光垂直照射一层透明薄膜，从透明薄膜的上下表面分别反射的两列光是相

干光，发生干涉现象，出现条纹，所以此条纹是由透明薄膜的下表面和上表面反射光叠加

后形成的，其光程差为透明薄膜厚度的2倍;当光程差Ax=加时此处表现为亮条纹，即当

薄膜的厚度〃二〃2时对应的条纹为亮条纹；在题目的干涉条纹中，从左向右条纹的间距

2

逐渐减小，厚度变化与所用的距离逐渐减小，从左向右薄膜厚度的变化率逐渐变大，薄膜

层的厚度可能逐渐增大，也可能逐渐减小，但厚度并非均匀变化，BC错误；

D.因紫光波长比红光短，则改用平行紫色激光照射，条纹间距变小，则观察的条纹数会

增多，D正确。

故选D。

6.如图所示是多用电表内部结构示意图，图中E为电源，«、&、&、此和《是固定

电阻，&是可变电阻；表头G的满偏电流为1OO|1A,内阻为900Q。虚线方框内为换挡

开关，甲端与乙端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位有直流电流1mA

挡和10mA挡、欧姆X100挡、直流电压IV挡和5V挡.下列说法正确的是（）

A.甲接红表笔，乙接黑表笔

B.开关接1时为直流电流1mA挡

C.根据题目给出的条件可得&=910C

D.根据题目给出的条件可得飞二910。

【答案】C

【解析】A.多用电表的表笔规则是红表笔接内部电源的负极，黑表笔接内部电源的正

极。所以由题图可知，甲接黑表笔，乙接红表笔，故A错误；

B.直流电流挡分为1mA和10mA,由题图可知，当开关接I时分流电阻较小，则电流较

大，量程较大，所以开关接I时为直流电流10mA挡，故B错误；

C.当接2时应为直流电流1mA挡，根据串、并联电路规律可知

100x10^x900

1OOQ

1x10-3—100x10”

当开关接4时为电压挡，因串联的电阻较小，故应为量程IV的电压表。此时电流计与

%、&并联后再与《串联，即改装后的1mA的电流表与R」串联后改装成电压表，则根

据串、并联电路的规律可知R并=g2=90Q

仆+4+&

所以％=冬_稀=(丁"二一901。=910。，故C王确；

D.开关接1时为直流电流10mA挡，则根据串、并联电路的规律有

/g(&+&)=(f)K

解得凡=10。，故D错误。

故选C。

7.如图甲所示，一振动装置由手机和轻弹簧组成。利用手机记录数据，以竖直向上为正方

向，得到手机振动过程中速度£随时间/变化的曲线为正弦曲线，如图乙所示。弹簧始终

在弹性限度内，下列说法正确的是（）

，〃//〃〃〃/.

§

r

n

.MU

A.0〜0.2s过程中弹簧弹力逐渐减小

B.，=0.4s时手机处于平衡位置

c.r=0.3s时手机偏离平衡位置的位移方向为负方向

D.I，随1变化的关系式为i，=2sin（5叫m・s”

【答案】A

【解析】A.由图可知，手机在0〜0.4s一直向上运动，从最低点一直到最高点，r=0.2s

时经过平衡位置，周期7=0.8s。0〜0.2s过程中，手机由最低点向平衡位置运动，手机的

位移减小，弹簧的形变量减小，弹簧弹力减小，A正确；

B.t=0.4s时，手机的速度为0,手机处于最高点，位移限大处，B错误；

C.t=0.3s时，手机处于平衡位置和最高点之间，位移为正方向，C错误；

2兀

D.由图可知，速度的最大值为2m/s,圆频率3=亍=2.5兀，，=0时，手机的速度为

0,准备向上运动（正方向），综上分析，速度时间关系为u=2sin（2.5m）m/s,D错误。

故选Ao

8.如图所示，在空间直角坐标系Oyyz中，根K直导线在人O.y平面内且平行丁）•轴固

定，另一根长直导线在）Oz平面内，且平行于z轴固定c两导线与原点。距离相等，并分

别通以大小相等的恒定电流，方向如图所示。长直导线周围磁场的磁感应强度与导线中电

流大小成正比、与导线的理离成反比，不考虑地磁场影响。一闭合金属小线圈处于。点，

移动过程中线圈平面始终与工。），平面平行。下列说法正确的是（）

A.原点、O处的磁感应强度方向沿z轴负方向

B.线圈沿x轴正方向移动时，穿过线圈的磁通量减少

C.线圈沿y轴负方向移动时，线圈内没有感应电流

D.线圈沿z轴正方向移动时，穿过线圈的磁通量增加

【答案】C

【解析】A.根据安培定则，因xOy平面内的直导线在。点的磁场方向沿z轴负向；因

yOz平面内的直导线在。点的磁场方向沿x轴止向；nJ知叠加后原点O处的磁感应强度方

向不是沿z轴负方向，故A错误；

B.因），Oz平面内的直导线产生的磁场穿过小线圈的磁通量为零，则小线圈沿上•轴正方向

移动时，xQv平面内的直导线产生的磁场穿过线圈的磁通量沿z轴负向增加，可知穿过线

圈的磁通量增加，故B错误；

C.小线圈沿），轴负方向移动时，因）。z平面内的直导线产生的磁场穿过小线圈的磁通量

为零，宜为平面内的直导线产生的磁场穿过线圈的磁通量不变，即穿过线圈的磁通量不

变，则没有感应电流，故C正确；

D.小线圈沿z轴正方向移动时，因yOz平面内的直导线产生的磁场穿过小线圈的磁通量

为零，工0.V平面内的直导线产生的磁场穿过线圈的磁通信减小，穿过线圈的磁通晟沿2轴

负向减小，故D错误。

故选C。

二、多选题：每小题4分，共4小题，16分，每小题有多个选项符合题意，选对但不全的

得2分，全部选对的得4分，有选错或不选的得。分。

9.劳埃德镜是一种简单观察干涉的装置。如图所示，单色光从单缝S射出，一部分入射

到平面镜后反射到光屏上，另一部分直接投射到屏上，在屏上两光束交叠区域里将出现干

涉条纹。已知单缝S通过平面镜成的像是S',单缝S到平面镜的垂直距离为儿单缝到光

屏的距离为。，观测到光屏上相邻亮条纹中心间距为Ax。下列说法正确的是（）

光

屏

2AAY

A.测得该单色光的波长为一^―

B.测得该单色光的波长为"竺

D

C.若把整个装置放入水中，观测到At减小

D.只将平面镜稍向左移却•些，观测到澳增大

【答案】AC

【解析】AB.根据双缝干涉条纹间距公式可得加:=44=g4

d2h

AY9h

所以a=一一，故A正确，B错误；

D

CD.若把整个装置放入水中，波长减小，则观测到Ac减小，若将平面镜稍向左移动一

些，力和。不变，则观测到Ar不变，故C正确，D错误。

故选AC。

10.在如图所示的电路中，电源电动势£=12V,内阻LIQ,定值电阻R=2C,电动机额定

电压U=6V,线圈内阻RM=1C,D为理想二极管。开关闭合后，电动机恰好正常工作。下

列说法正确的是（）

--------------11-----------------

SR

DV_

A.正常工作时:电动机输出的机械功率为8W

B.若电动机转子被卡住，电动机的发热功率为I8W

C.若电动机转子被卡住，电容器上的电荷量将变小

D.比较电动机正常工作和转子被卡住两种状态，前者的路端电压更大

【答案】AD

【解析】A.根据闭合电路欧姆定律可得E=U+/"+R）

代入数据解得/=2A

所以正常工作时，电动机输出的机械功率为P==6x2-22xlW=8W,故A

正确；

BC.若电动机转子被卡住，则E=/'（r+R+RM）

解得/'=3A

所以电动机的发热功率为2=〃RM=32x1W=9W

电动机的电压为UM=/凡1=3V

由此可知，电动机转子被卡住，电动机电压减小，根据电容的定义式可知，电容器上的电

荷量将变小，电容器将放电，但由于二极管此时处于截止状态，电容器无法放电，所以实

际上电容滞所带电荷量不变，故BC错误；

D.电动机因转子被卡住，电流变大，则内电压变大，路端电压减小，即前者的路端电压

史大，故D止确。

故选ADo

II.如图甲所示，物块A、B静止在光滑水平地面上，中间用一轻质弹簧连接，初始时弹

簧处于原长，已知A的质量为加），给A—水平向右的瞬时速度2M,之后两物块的速变随

时间变化的图像如图乙所示，已知弹簧始终处于弹性限度内，下列说法正确的是（）

Tw^www

甲

A.A、B的质量之比为1:5

B./T2时间内,弹簧对B的冲量大小为。4%%

C.ti时刻弹簧的弹性势能为1.5外说

D.最终A物块会在某一位置附近做往复运动

【答案】BC

【解析】A.由两物块组成的系统动量守恒，0~h时间内，有

解得处=了，故A错误；

B.九~/2时间内，有（〃4）十飞）04%=%|，

解得y=W

2

所以弹簧对B的冲量大小为/=〃%"〃%04%=0.4,4）％,故B正确;

11

929

C.根据能量守恒定律可得5%）（2%）2=>/r?Bv+Ep

解得综=15%片，故C正确;

D.由图可知，物块A先向右做减速运动，速度减为零后反向做加速运动，直到弹簧恢复

原长，之后物块A向左做减速运动，速度减为零后向右开始做加速运动，A物块不会在某

一位置附近做往复运动，放D错误。

故选BCo

12.如图甲所示，质量为0.2kg的物体静止在水平地面上，从U0时刻开始，物体受到竖直

向上的拉力/作用，拉力/随时间/变化的关系如图乙所示。物体上升过程中所受的空气

阻力与速度成正比，即户0.2i，，/=3.5s时物体的速度达到最大值。已知重力加速度大小

g=10m/s2,下列说法正确的是（）

A.0-3.5S过程中物体所受地面支持力的冲量大小为2N-s

B.物体的最大速度为7.5m/s

C.0~3.5s过程中物体上升的高度为2.5m

D.0〜3.5s过程中物体上升的高度为5m

【答案】AC

【解析1A.0〜2s内，物体处于静止状态，则”且=6+/

由于产增大，则风减小，0~3.5s过程中物体所受地面支持力的冲量大小为

/=ZWx2N-s=2N・s,故A正确：

2

B./=3.5s时物体的速度达到最大值,则尸=mg+f=mg+0.2Vm

所以％=5m/s，故B错误；

CD.2~3.5s内，根据动量定理可得=,h=vt

代入数据解得〃=2.5m,故C正确，D错误。

故选AC。

三、非选择题：共6小题，满分60分，计算题要求写出主要的方程、结果和必要的文字

说明。

13.某实验小组用图甲所示电路测量甩源的电动势和内阻，图甲中电压表V的量程为

0-3V,虚线框内为用电流计G改装的电流表。

（1）将满偏电流（=10mA、内阻分=59。的电流计G改装成量程为0.6A的电流表,

如图甲中虚线框内所示，则凡=C。

（2）通过移动变阻器R的滑片，得到多组电压表V的示数U和电流计G的示数/,作出

如图乙所示的图像。

（3）请根据图乙求出电源的电动势E=V,电源内阻，•二C（保留2

位有效数字）。

【答案】（1）1(3)3.01.0

【解析】［1］将满偏电流（=10mA、内阻々=59C的电流计G改装成量程为/=0.6A

的电流表，根据并联分流关系44=（/-4）•飞

解得凡=9

⑵⑶根据闭合电路欧姆定律U=E—/总（尸+旦）

电流表改装后，量程变化原来的60倍，所以/总=60/（/为电流计G的示数）

可得〃=石一60/（1+8）

结合图像可知，图像的纵截距代表电源的电动势，E=3.0V

,3.00-2.400/门\

图像斜率人西苏而=6呼+&），又RA=^=°98。

可得r=1.（）C

14.某同学在做“用单摆测定重力加速度”实验时，用游标卡尺测量摆球的直径时，示数如

图甲所示。把摆球川细线悬挂在铁架台上，用亳米刻度尺测得摆线长，，用秒表记下单摆做

n次全振动的时间to

（1）读出摆球的直径。二cm。

（2）用秒表测量”次全振动的时间时，应从摆球在________位置开始计时。

（3）该同学改进了处理数据的方法，测量了5组摆长L（摆线长与小球半径之和）和对应

的周期7,画出图乙所示的心尸图线，然后在图线上选取A、B两个点，坐标如图所示，

则当地重力加速度的表达式为g=o

（4）该同学在描绘心〃图像时，将每次测得的摆线长误认为摆长，其描绘的图像应为丙

图中（选填①②③，。图线为正确图像）。

71

【答案】（1）1.050（2）平衡位置（3）4a,）(4)③

【解析】（1）游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以摆球的直径为

D=1Oinm+10x0.05mm=10.50mm=1.050cm

（2）由于摆球经过平衡位置时速度最大，误差较小，所以用秒表测量〃次全振动的时间

时，应从摆球在平衡位置开始计时。

（3）根据单摆的周期公式7=2兀

"2

可得£=

4兀2

结合图线可得看

所以g二号渣

L+D

（4）将每次测得的摆线长误认为摆长，则2

g

D

所以£=

~2

故选③

15.图甲为一列沿工轴传播的简谐横波上0时刻的波动图像，此时振动恰好传播到M=10m

的质点人处，质点人此后的振动图像如图乙所示。质点4在工轴上位于X2=26m处，求：

（1）质点B第•次到达波峰的时刻；

（2）质点4的振动方程表达式；

（3）质点A处于位移.v=10cm且速度方向沿.v轴正方向的时刻。

【答案】⑴0.9s(2)y=20sin5nr(cm)(3)4+0.4心(w=0,1,

2......)

；8

【解析】(1)由图可知，波长为8m,周期为0.4s,所以u=—=——m/s=20m/s

T0.4

根据波的传播特点可知，质点B第一次到达波峰的时刻为乙=包=至二9s=0.9s

v20

(2)质点A的振动方程为y=Aain-^-t=20sin5nr(cm)

(3)质点A处于•位移y=10cm且速度方向沿y轴正方向，有10=20sin5加

解得/=('+〃r)s=(-!-+0.4〃)s(〃=0,1,2....)

3030

16.玻璃砖的横截面由直角三角形48c部分和〈圆8C/)部分组成，N4=30。，E为BD

4

的中点，一单色平行光束垂直8。面射入，在圆弧CO上有三分之一的区域有光线射出，

已知圆的半径为上光在真空中的传播速度为c,求：

(1)玻璃砖的折射率〃；

(2)光从E点入射到第一次到达AC面所经历的时间(可用根式表示)。

【答案】(1)2⑵76+6式

3c

【解析】(1)如图所示

根据题意可得8=6()。

所以C=90。一夕=30。

所以〃=2=2

sinC

（2）作出光路图，如图所示

所以a=60。

所以

EF=Rsina-R，GF=2/?cos30°=V3/?»

2

AG=AB—R=--——R=«-1)R

tan30°

所以

AG

GH=

2cos30°

所以光从E点入射到第一次到达4c面所经历的时间为

EF+GF+GH与~+&-与口_76+6

v£3c

2

17.如图所示为一款玩具“弹簧公仔”，该玩具由头部、轻弹簧及底座连接组成。已知公仔

头部质量为0.05心，弹簧劲度系数为lOON/ni,底座质量为0.15心。现有质量为0.1心的橡

皮泥从公仔头部正上方”=0.45m处自由释放，马公仔头部在极短时间内碰撞后粘在一起以

共同速度下降，经过0.6s的时间第一次运动到最低点，公仔头部在竖直方向做简谐振动的

过程中，底座刚好未离开桌面。弹簧始终在弹性限度内，不计一切阻力，重力加速度大小

^=10m/s2o求：

（1）橡皮泥与公仔头部碰撞后第一次运动到最低点的过程中，弹簧弹力冲量的大小;

（2）公仔头部的振幅;

（3）底座对地面的最大压力的大小。

【答案】(1)L2N・s(2)0.030m(3)6N

【解析】（1）设橡皮泥与公仔头部碰撞瞬间的速度大小为vo,则片二2g”

解得%=3m/s

设橡皮泥质量如，公仔头部质量为〃及，二者碰撞过程动量守恒，则叫%=（叫+，％川

解得i，=2nVs

橡皮泥与公仔头部碰撞后第一次运动到最低点的过程中，有/一（町+，巧）g/=（町+性》

所以弹簧弹力冲量的大小为I=1.2N-s

（2）底座刚好未离开桌面，则依二Mg

解得x=0.015m

处于平衡位置时，有（见+，々）g=依'

解得/=0.015m

所以公仔头部的振幅为A=x+x'=0.030m

（3）底座刚好木离开泉面时，公仔头部到达最高点

此时(m]+m2)g+kx=(/??!+tn2)a

根据对称性可得，当公仔头部到达最低点时，有如〃一（叫+〃4）g=（町+