广东省广州市海珠区2024-2025学年八年级下学期期末物理试题（解析版）

广东省广州市海珠区2024-2025学年八年级下学期期末物理试题

一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符

合题目要求。

1.下列情景中，人对球有做功的是（）

球在空中飞球在地上滚

【解析】【解答】A、将地.Hl勺球捡起来，有力作用在球.匕且球在力的方向上移动了一定距离，满足做功的

两个必要条件，故A符合题意;

B、将球举起停在空中不动，有力作用在球上，但球没有在力的方向上移动距离，不满足做功条件，故B不

符合题意;

C、球在空中飞行时，依靠惯性向前运动，人对球没有施加力的作用，不满足做功条件，故C不符合题意;

D、球落地后继续滚动，人对球没有施加力的作用，不满足做功条件，故D不符合题意;

故答案为：Ao

【分析】考查做功的判断，解题要点是做功的两个必要条件：作用在物体上的力，物体在力的方向上移动的

距离，二者缺一不可；

2.如图，玩具“不倒翁”被扳倒后会自动立起来，"不倒翁’'在摆动过程中所受重力（）

A.大小改变，方向不变B.大小不变，方向不变

C.大小改变，方向改变D.大小不变，方向改变

【答案】B

【解析】【解答】物体受到的重力与其质量成正比，"不倒翁''质量不变，所以重力不变；方向始终竖直向下,

所以“小倒翁”在摆动过程中所受重力方向小变，故B符合题意，ACD小符合题意。

故选Bo

第1页

【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。

3.如图所示，已调零的弹簧测力计下挂一物块，把物块浸没在水中静止。以下说法正确的足（）

测力计指针位置f二

A.测力计测量的是物块所受重力的大小

B.测力计测量的是物块所受浮力的大小

C.物块处于悬浮状态

D.若剪断挂线，物块会下沉

【答案】D

【解析】【解答】A、物块浸没在水中时•，除浮力外还受拉力和重力，并非仅受浮力与重力平衡，不处于悬浮

状态，故A错误；

B、物块浸没在水中时，除浮力外还受拉力和重力，并非仅受浮力与重力平衡，不处于悬浮状态，故B错

误；

C、物块浸没在水中时，除浮力外还受拉力和重力，并非仅受浮力与重力平衡，不处于悬浮状态，故C错

误；

D、根据受力平衡F浮+F拉=G,可知产浮VG,若剪断挂线，拉力消失，浮力小于重力，物块会下沉，故

D正确；

故答案为：Do

【分析】通过分析物块浸没在水中时的受力平衡关系，结合浮力与重力的大小比较，判断物块是否处于悬浮

状态及剪断挂线后的运动趋势。

4.如图为某款剪刀的示意图。握住手柄修剪树枝时，剪刀可视为杠杆，该杠杆的特点是（）

A.省力B.费力C.省功D.省距离

【答案】A

【解析】【解答】图中，支点是O点，动力作用在手柄处，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故C符合题

意，ABD不符合题意。

故选Co

【分析】使用杠杆时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。

第2页

5.飞机机翼的上表面比下表面更弯曲。空气流经机翼时\机翼上方的气流速度比下方的大（如图所示）。与

没有空气流动时相比，空气流经机翼时，以下判断错误的足（）

A.对下表面压强增大

B.对上表面压强减小

C.对上表面压强会小于对下表面压强

D.对机翼产生向上的升力

【答案】A

【解析】【解答】A、空气流经机翼时，上下表面空气流速均加快，根据流体压强与流速的关系，上下表面的

压强均会减小，选项中“上表面压强增大”的说法错误，故A符合题意；

B、空气流经机翼时，上下表面空气流速均加快，因此上下表面的压强均减小，该说法正确，故B不符合题

意；

C、空气流经机翼时，机翼上方气流速度比下方大，因此上表面压强小于下表面压强，该说法正确，故C不

符合题意；

D、机翼上下表面的压强差会产生向上的升力，该说法正确，故D不符合题意；

故答案为：Ao

【分析】本题考查流体压强与流速的关系，“流体中，流速越快的位置压强越小解题时需分析空气流经机

翼时上下表面的流速差异，结合流速与压强的关系，判断各选项中压强变化及升力产生的说法是否正确。

6.把四位同学做的功W和所用时间I在坐标系中描点，如图所示。做功功率最小的是（）

i甲①

---

加：丁

：!

o~~*7

A.甲B.乙C.丙D.T

【答案】D

【解析】【解答】A、相同时间内丙做功少于甲，根据公式P=号，可知丙的功率小于甲；

B、相同时间内丁做功少于乙，根据公式P=?,可知丁的功率小于乙；

C、丙和丁做功相同时,，丁用时更长，根据公式P=与，可知丁的功率小于丙；

D、综合比较可知，丁的功率是四个选项中最小的，故D符合题意；

故答案为：Do

第3页

【分析】本题考查功率大小的比较，核心公式为P4先根据图像信息，分别通过“相同时间比做功''和

“相同做功比时间''的方法，两两比较功率大小，最终确定功率最小的是丁。

7.小强估测自己站立时对水平地面的压强，他双脚站在水平放置的A3纸上，留下脚印。在右脚脚印外围，

他画出一个长方形，再把没踩到的部分大致画出I、II、III、IV四个区域。通过测量，得到该脚印的面积约

为1.5x10-27n2。双脚站立时，他对水平地面的压力为F,压强为p,以下估测合理的是（）

A.F=60kg,p=4000PaB.F=60kgp=9x10-1Pa

C.F=600/V,p=4x104PaD.F=6C0/V,p=2x104Pa

【答案】C

【解析】【解答】中学生重力G=600N,则

水平地面的压力F=G=600/V

双脚站立时，受力面积约S=0.015TH2,

对地面的压强：口=（=喘黑=4乂104尸。

故C符合题意，ABD不符合题意，

故答案为：Co

【分析】本题考查压强的估算，核心是利用水平地面上压力等于重力的特点，结合压强公式p=?代入中

学生的重力和双脚受力面积的常见数值，计算出对地面的压强。

8.滑冰运动员在水平冰面上冲刺后，冰鞋不再向后蹬，运动员向前滑行的速度逐渐减小。以卜.分析正确的

是（）

A.冰鞋对冰面的压力与冰面对冰鞋的支持力相互平衡

第4页

B.冲刺后，运动员受到向前的动力逐渐减小

C.冲刺后，运动员的运动状态发生改变

D.停下来的运动员不具有惯性

【答案】C

【解析】【解答】A、冰鞋对冰面的压力与冰面对冰鞋的支持力作用在不同物体上，是一对相互作用力，而非

平衡力，故A错误；

B、冲刺后冰鞋不再向后蹬，运动员不再受到向前的动力，仅受阻力作用，故B错误；

C、冲刺后运动员向前滑行的速度逐渐减小，运动状态发生改变，故C正确；

D、一切物体都具有惯性，运动员也不例外，故D错误；

故答案为：Co

【分析】本题考查平衡力与相互作用力的区别、力与运动的关系及惯性的概念。相互作用力作用在两个物体

上，平衡力作用在同一物体上；力是改变物体运动状态的原因；一切物体都具有惯性.

9.用活塞式抽水机能把井中的水抽上来（如图所示）。以下分析正确的是（）（已知大气压为lx

533

10Pa：P水=1.0x10kg/m;g取10N/kg）

A.人对P处竖直向下用力时，活塞会向下运动

B.阀门A、B是只能向上开启的阀门

C.活塞向下运动时，阀门A闭合，阀门B打开

D.无论h多大，抽水机也能把水抽上来

【答案】B

【解析】【解答】A、人对P处竖直向下用力时，摇杆绕O点转动，活塞会向下运动，故A错误；

B、活塞式抽水机的阀门A、B只能向上开启，故B正确；

C、压下活塞时，储水舱内水的压力变大，阀门B关闭，活塞上的阀门A打开，水从阀门A处涌出，故

阀门A、B并非双向开启，C错误；

D、在ixiospa的大气压下，抽水机提升水的最大理论高度约为10m,但实际抽水高度受多种因素限制，故

D错误：

故答案为：Bo

第5页

【分析】A、考查杠杆的转动规律，明确摇杆绕支点0转动时，P处向下用力会带动活塞向下运动，而非

向上；

B、考查活塞式抽水机的阀门工作机制，阀门A、B只能向上开启，保证水只能单向流动，实现抽水过程；

C、考查活塞式抽水机的工作过程，提起活塞时阀门B打开、A关闭，压下活塞时阀门A打开、B关闭，

阀门并非双向开启；

D、考查大气压抽水的极限高度，理论上大气压可支持约10m高的水柱，但实际抽水高度远低于该值。

10.在粗细均匀的吸管底部放入铁砂，将其密封，制成简单密度计A,如图甲所示。A在不同密度的液体中

处于竖直漂浮状态时，小明在吸管上标记液面的位置，井测出A所处的深度h（如图乙所示）；再选用相同

的吸管，在其底部放入铅粒后密封，制成简单密度计B,将它先后放入上述同样的液体中进行实验。数据记

录在下表中（其中下列说法正确的是（）

密度计A

甲乙

液体密度值p（g/ctn3）1.00.90.8

密度计A所处深度h八2九3

密度计B所处深度H〃]〃2%

A.密度计A在密度越大的液体中漂浮时，所受的浮力越大

B.k＞电＞九3

C.密度计A的质量小于密度计B的质量

D.危—九2=九2—八1

【答案】C

【解析】【解答】AB、密度计A使用时始终漂浮，浮力等于重力，重力相同则浮力相同；根据"部=

P液gSh,液体密度越大，A所处的深度h越小，所以kV/12Vh3,故A、B错误；

C、液体密度为lg/cn?时，"1＞砥，两个密度计的横截面积S相同，则密度计B排开液体的体积较大；根据

尸浮=。/。卜期可知密度计B浮力较大；密度计A、B使用时均始终漂浮，浮力等于重力，所以密度计B重力

较大；根据G=mg可知密度计A的质量小于密度计B的质量，故C正确；

D、密度订A使用时浮力不变，根据?浮=。液翎薜=。肱“/1可知，液体密度p液和A所处的深度九成反比；根

据反比例函数图象特点可知，密度计刻度上小下大，且刻度线上疏下密，所以九3-九2V电-九1，故D错

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误；

故答案为：Co

【分析】A、考查密度计的工作原理，密度计漂浮时浮力等于重力，重力不变则浮力不变，再结合阿基米德

原理分析浸入深度与液体密度的关系；

B、考查阿基米德原理的应用，利用/浮=p^gSh,在浮力、横截面积不变时，液体密度与浸入深度成反比;

C、考查浮力与重力、质量的关系，根据漂浮条件，浮力等于重力，通过比较排开液体的体积判断浮力大

小，进而比较重力和质量；

D、考查密度计的刻度特点，根据P茨与九的反比例关系，分析刻度“上小下大、上疏下密”的特点。

二、非选择题：本题共8小题，共60分。按题目要求作答。

11.如图所示，小明用绳拉着木箱在水平地面上做匀速直线运动（忽略空气作用力）。

（1）方框中，木箱（以'9'表示）所受的支持力已画出，请画出木箱所受重力、拉力、摩擦力的示意图。

（2）木箱受到四个力，这四个力相互平衡吗？o判断依据是。

（2）平衡；木箱处于静止状态

【解析】【解答】（1）木箱在水平地面上做匀速直线运动时，受到四个力的作用：竖直向下的重力G、沿绳

子方向斜向上的拉力F、水平向左的摩擦力f,以及竖直向.Hl勺支持力F支。这四个力的示意图如下：

（2）木笫在水平地面上做匀速直线运动，处于平衡状态，因此木箱受到的这四个力是平衡的。

故答案为：平衡：木箱处于静止状态；

【分析】（1）受力分析需先确定研究对象的运动状态，再按重力、弹力、摩擦力的顺序逐一分析，所有力的

作用点均画在重心处，方向需严格对应实际情况：

（2）匀速直线运动属于平衡状态，物体在平衡状态下受到的所有力的合力为零，即这些力相互平衡。

第7页

（1）木箱在水平地面上做匀速直线运动，受到重力G方向竖直向下、拉力F沿绳子方向斜向上、摩擦力f

的向水平向左，故这几个力的示意图如下：

G

（2）木箱在水平地面上做匀速直线运动，处于平衡状态，故木箱受到的这四个力是平衡的。

12.水平放置的杠杆质量忽略不计，每格长度相等。它吊着的物体重10N,力F垂直作用在杠杆上（如图所

示）。

AD

杠杆

（1）以A为支点。

①若尸=10N,杠杆能否保持水平平衡？o

②在图中画出力F的力臂1。

（2）小明分别选B、C、D三点作支点，杠杆都能水平平衡。其中选为支点时，力F最小，大

小为No

BCD

【答案】（1）不能；丁

杠杆

M

（2）C；2

【解析】【解答】（1）以A为支点，左侧物体M对杠杆的拉力使杠杆逆时针转动，而竖直向上的力F同

样使杠杆逆时针转动，两个力的转动方向一致，因此杠杆无法平衡；

先确定支点A,再画出力F的作用线，从支点A向该作用线作垂线，垂线段的长度即为力F的力臂1,

示意图如下：

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故答案为：不能；7

(2)籽物体M对杠杆的拉力视为阻力，阻力大小不变。根据七杆平衡条件，当动力臂与阻力臂的比值最大

时，动力F最小。分别计算不同支点下的力臂比：

以B为支点，动力臂为6格，阻力臂为2格，动力臂是阻力臂的3倍；以C为支点，动力臂5格，阻力臂为

1格，动力臂是阻力臂的5倍；以D为支点，动力臂为1格，阻力臂5格，动力臂是阻力臂的0.2倍，故以

C为支点，动力F最小，根据杠杆立衡条件可得FTG=1X10N=2N

故答案为：C；2；

【分析】(I)判断杠杆能否平衡，需分析各力的转动效果，若两个力均使杠杆向同一方向转动，则杠杆无法平

衡；力臂的绘制需遵循“找支点T画力的作用线一作支点到作用线的垂线”的步骤，垂线段即为力臂；

(2)根据杠杆平衡条件，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。通过比较不同支点下动力臂与阻力

臂的比值，找到比值最大的支点，再利用杠杆平衡条件计算最小动力。

以A为支点，左侧M的作用力使得杠杆逆时针转动，而F竖直向上，也使得杠杆逆时针转动，故转

动效果相同，不能平衡；

⑵力臂是从支点到力的作用线的垂直距离。先找到支点A,然后找到力F的作用线，再过支点A做F作用

线的垂线，该垂线段即为力臂1，如图所示：

BCAD

/I•，r.

(2)[1]⑵M对杠杆的拉力看作是阻力，阻力不变，根据用=｛可知，当动力臂与阻力臂的比最大时，动力

F最小。以B为支点，动力臂为6格，阻力臂为2格，动力臂是阻力臂的3倍；以C为支点，动力臂5格，

阻力皆为I格，动力臂是阴力臂的5倍；以D为支点，动力臂为1格，阻力臂5格，动力臂是阻力臂的0.2

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倍，故以C为支点，动力F最小，艰据杠杆平衡条件可得F=*=^X1ON=2N

13.(1)如图所示，两容器由一斜管相连，中间的阀门K关闭，容器中都装有水(g取10N/kg；P水=l.0x

①在水中，b处的深度为m：b处水的压强％=Pa；a处水的压强b处水的

压强(选填“大于""等于''或"小于

②打开阀门K一段时间后，水不再流动。此时，两个容器中的液面.

(2)足球比赛规定，场上的球员必须佩戴护腿板。请你从压强的角度解释护腿板能保护球员的原因。

答:

【答案】(1)0.2；2000；等于;相平

(2)球员佩戴护腿板后，增大了腿部的受力面积，在压力一定的情况下，可以减小腿部受到的压强，起到

保护作用

【解析】【解答】(1)阀门K关闭时,b处的深度：hb=0.8m-0.6m=0.2m

b处水的压强p=p水ghb=1.Ox103kg/m3xlON/kgxO.2m=2000Pa

阀门K关闭时，a、b两点深度相等，即ha=hn=0.2m

由p=pgh可知，a处水的压强等于b处水的压强。

打开阀门K,两个容器构成连通器，由连通器的原理可知，一段时间后，水不再流动，此时，两个容器中的

液面相平。

故答案为：022000；等于;相平;

(2)球员佩戴护腿板后，增大了腿部的受力面积，在压力一定的情况下，可以减小腿部受到的压强，起到

保护作用。

故答案为：球员佩戴护腿板后，增大了腿部的受力面积，在压力一定的情况下，可以减小腿部受到的压

强，起到保护作用；

【分析】(1)根据图中数据计算液体深度，注意深度是从液面到该点的垂直距离；

利用液体压强公式p=pg/i,代入已知的液体密度、深度计算压强；

根据液体压强公式，同种液体中压强只与深度有关，深度相等则压强相等；

明确连通器的定义和特点，连通器口同种液体静止时液血保持相平。

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(2)根据压强公式p=?在压力F一定时，增大受力面积S可以减小压强，以此分析护腿板的保护原理。

(1)[1]由图可知，阀门K关闭,在水中，b处的深度为hb=0.8m.0.6m=0.2m

[2]b处水的压强p=p水ghb=I.Ox103kg/m3x10N/kgx0.2m=2000Pa

⑶由图可知，中间的阀门K关闭,此时ha=hb=0.2m

由p=pgh可知，a处水的压强等于b处水的压强。

⑷打开阀门K,两个容器构成连通器，由连通器的原理可知，一段时间后，水不再流动，此时，两个容器中

的液面相平。

(2)球员佩戴护腿板后，增大了受力面积，在压力一定时，可以减小腿部受到的压强，起到保护作用。

14.如图所示，小周利用小球在轨道上玩游戏。

第一次游戏：球在A点以巧的速度出发，从B点运动到最高处D点时•，刚好不动。

第二次游戏：球在A点以“2的速度出发，一直沿轨道运动到F点折返，往回运动到D点时，也刚好不

(1)在第一次游戏时，球在D点的重力势能是由球的能转化而来的。

(2)比较：v2Vi(选填或“v”)。

(3)在第二次游戏时，(均选填“大于”“等于”或“小于”)

球在C点的重力势能球在E点的重力势能；

球在C点的动能球在E点的动能。

(4)若球一直在轨道上运动，且最终停在E点，则它在A点出发时速度v的取值范围是o

【答案】(1)动能

(2)>

(3)=；>

(4)V1<V<V2

【解析】【解答】(1)在第一次游戏时，球从A点出发，在轨道上运动时，动能逐渐转化为重力势能，到

达D点时刚好静止，此时重力势能达到最大，该重力势能由A点的动能转化而来。

故答案为：动能；

(2)在第二次游戏中，球以V2的速度从A点出发，能够一直沿轨道运动到F点折返，再往回运动到D

点，说明以足够大，使球有足够的动能克服阻力并完成折返，因此也>巧。

故答案为：>；

(3)球在C点和E点的高度相同、质量不变，因此两点的重力势能相等；

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球能从C点运动到F点折返再到D点，说明C点的机械能大于E点的机械能；由于两点重力势能相等，故

C点的动能大于E点的动能。

故答案为：=;>；

（4）若球一直在轨道上运动，且最终停在E点，说明A点出发时的速度I；比第一次的也大、比第二次的功

小，因此速度取值范围为也<UV叱。

故答案为：V1<V<V2；

【分析】（1）分析球在轨道上运动时动能与重力势能的相互转化规律，结合能量守恒的核心逻辑，理解D

点静止时重力势能的来源：

（2）根据两次游戏中球的运动轨迹和折返情况，反推初始动能的大小差异，进而比较两次出发速度的大

小；

（3）先依据重力势能的影响因素（质量、高度）判断C、E两点重力势能的关系，再结合运动过程中机械

能因阻力损耗而减小的特点，推导两点动能的大小关系；

（4）综合两次游戏中球的运动范围和最终停留位置，通过对比两次初始速度的效果，确定使球最终停在E

点的初始速度取值范围。

（1）在第一次游戏时，球从A点出发，在轨道.匕运动过程中，其动能逐渐转化为重力势能。当球到达D点

时，刚好不动，此时球的重力势能达到最大，这部分重力势能正是由球在A点时的动能转化而来的。

（2）在第二次游戏中，球以V2的速度从A点出发，能够一直沿轨道运动到F点折返，再往回运动到D点。

这说明V2的速度足够大，使得球在运动过程中具有足够的动能克服阻力并折返。因此，V2>V10

（3）球在C点时的高度等TE点高度，球的质量不变，所以球在C点的重力势能等于球在E点的重力势

能。

⑵球能够从C点继续运动到F点再折返到D点，说明球在C点时的机械能大于在E点时的机械能，球在C

点的重力势能等于球在E点的重力势能，故球在C点时的动能大于在E点时的动能。

（4）若球一直在轨道上运动，且最终停在E点，说明在A点出发时速度v比第一次的速度大，比第二次的

速度小，故它在A点出发时速度V的取值范围是VWVVV2。

15.（1）原长为Lo的弹簧一端固定在墙上，用水平拉力拉弹簧A端时，实验现象如图甲、乙、丙所示。撤

去拉力后，弹簧都能恢复原状。

第12页

123

l/vwwwwwwwvwvy/:

I-^o--H：：：

甲卜/WWWWVWWWW^-

乙lw\AAAAAAAAA/WW\k/wi^~二

I\\\^2

III

内lwwwwwwvwwvw^->_►

I\

①/尸2（选填或"<"），判断的依据是

②探究图丙实验中乙和22的合力时，仅用一个弹簧测力计水平向右拉弹簧的A端，使之落在虚线

（选填或“3”）的位置，则此时测力计的拉力F就叫图丙实验中F1和『2的合力。实验过程中，A端要落

在该虚线上，原因是_____________________________________________

（2）甲、乙两人沿同一直线推一张桌子，甲用30N的力向右推，乙用50N的力向左推，桌子静止不动。

桌子受到这两个力合力的大小为No

【答案】（1）<；乙图中弹簧的形变量大；3；F的作用效果与R和F2的共同作用的效果相同

(2)20

【解析】【解答】（1）弹簧受到的拉力越大，形变量越大。由图甲、乙可知，乙图中弹簧的形变量大，所以

F1<F2O

由图丙实验可知，R和F2共同作用的结果使弹簧的A端落在虚线3的位置，在探究图丙实验中R和F2的合

力时，当用力F使弹簧的A端落在虚线3的位置时，说明F的作用效果与B和F2的共同作用的效果相同，

此时拉着测力计的拉力F就是R和F?的合力。故实验过程中，A端要落在该虚线3上，原因是F的作用效

果与Fi和F2的共同作用的效果相同。

故答案为：<；乙图中弹簧的形变量大；3；F的作用效果与Fi和Fz的共同作用的效果相同；

（2）甲、乙两人沿同一直线反向推桌子，甲用30N的力向右推，乙用50N的力向左推，两个力方向相

反。根据同一直线上二力合成的规则，合力大小为：F=5ON-3（）N=2（）N；

故答案为：20；

【分析】（1）利用弹簧的伸长量与拉力成正比的关系，通过比较形变量判断拉力大小；理解等效替代法在探

究合力实验中的应用，即合力的作用效果与分力共同作用的效果相同；

（2）掌握同一直线上方向相反的两个力的合成方法，合力大小等于两力大小之差，方向与较大力的方向一

致。

（1）弹簧受到的拉力越大，形变量越大。由图甲、乙可知.乙图中弹簧的形变量大，所以F《F2。

⑶⑷由图丙实验可知，B和Fz共同作用的结果使弹簧的A端落在虚线3的位置，在探究图丙实验中R和F2

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的合力时，当用力F使弹簧的A端落在虚线3的位置时，说明F的作用效果与B和F2的共同作用的效果相

同，此时拉着测力计的拉力F就足B和后的合力。故实验过程中，A端要落在该虚线3上，原因足F的作

用效果与F1和F2的共同作用的效果相同。

（2）甲、乙两人沿同一直线推一张桌子，甲用30N的力向右推，乙用50N的力向左推，桌子静止不动。两

个力方向相反，则桌子受到这两个力合力的大小为F=50N-30N=20N

16.为了把重约477N的货物从地面加速提升至10m高处，小明利用如图所示的装置提升物体，所用拉力F

为300N,此过程装置的机械效率为80%。

（1）F作用的绳端移动的距离为

（2）计算：F对装置做的总功。

（3）计算：装置做的有用功。

【答案】（1）20

（2）拉力做的总功为：Ws=Fs=300Nx20m=6000J

（3）克服物体重力所做的功为有用功，装置的机械效率为80%,根据T/nj^xlOO%,可得，该装置做的

总

有用功W总=80%x6000J=4800J

【解析】【解答】（1）由图可知，与动滑轮相连的绳子股数n=2,货物上升的高度h=10m,则绳子自由端移

动的距离为：s=nh=2x10m=20m

故答案为：20：

【分析】（1）利用滑轮组中绳子自由端移动距离与物体上升高度的关系s=nh,关键是正确确定承担物重的绳

子股数n；

（2）根据功的计算公式=Fs,代入拉力和绳子自由端移动的距离计算总功；

（3）利用机械效率公式的变形W〃=fW总，通过已知的总功和机械效率计算有用功。

（1）由图可知，与动滑轮相连的绳子股数n=2,货物上升的高度h=10m,则绳子自由端移动的距离为

s=nh=2xl()iT)=20m

(2)拉力做的总功为W^=Fs=300Nx20m=6000J

W

（3）克服物体重力所做的功为有用功，装置的机械效率为80%,根据〃=就乂100%

可得，该装置做的有用功W“="W,=80%x6000J=4800J

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17.TY-3R飞行救生圈参数如下表所示。其浸没在1.5m深的水中也能保持良好的气密性。救生圈飞到特定

水面上方后落到水面，最后漂浮在水面静止。（g取l（）N/kg；p水=l.Oxio'g/n?）

总质量/kg最大飞行速度/（km/T）最大飞行时间/min最大产生浮力/N

4.3846.510190

（1）计算：救生圈漂浮在水面，它所受的浮力。

（2）计算：救生圈的体积（忽略救生圈在水中的形变）。

（3）营救时，溺水人员伏在救生圈漂浮在水面上。若溺水人员的身体浸在水中的体积越大，救生圈所受

的浮力会越（选填"大’"'小

【答案】（1）根据物体的漂浮条件，救生圈漂浮在水面时，所受浮力等于自身重力：F疔G二mg=4.38kgx

10N/kg=43.8N

F浮

（2）根据表格数据知，最大浮力190N,此时救生圈没没，则救生圈的体积为^二匕非水-

190N________

=1.9X10-2m3

1.0xl03/c^/m3xlO/V/^

(3)小

【解析】【解答】（3）溺水人员伏在救生圈上漂浮时，整体浮力等于总重力，总重力不变，故整体浮力不

变，浸入的总体积不变，若溺水人员的身体浸在水中的体积越大，救生圈浸入的体积越小，根据阿基米德

原理知，受到的浮力越小。

故答案为：小:

【分析】（1）物体漂浮时浮力等于重力，直接利用重力公式计算浮力；

（2）救生圈的最大浮力对应其完全浸没状态，此时排开水的体积等于救生圈体积，用阿基米德原理公式计算

体积；

（3）整体漂浮时浮力不变，结合人员身体浸入水中的体积变化，分析救生圈排开水的体积变化，进而判断其

浮力变化。

（1）根据物体的漂浮条件可知，救生圈漂浮在水面，它所受的浮力F浮=G=mg=4.38kgx10N/kg=43.8N

（2）根据表格数据知，最大浮力190N,此时救生圈浸没，则救生圈的体积为卜二卜排水二

p水g

190N________

=1.9xW2m3

1.0xl03/c^/m3xlO/V/^

（3）溺水人员伏在救生圈漂浮在水面上，整体的浮力等于重力，重力不变，浮力不变，浸入的总体积不

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变，若溺水人员的身体浸在水中的体积越大，救生圈浸入的体积越小，根据阿基米德原理知，受到的浮力越

18.因为大堂的地毯容易与地面打滑，学校准备更换防滑性能更好的地毯。实验小组从市场上选取甲、乙两

种畅销的地毯，剪取了面积相同的两个样本，要选出防滑性更好的样本供学校作决策。

（1）水平放置的测力计已调零，水平拉动两个样本处于