2025-2026学年浙江省绍兴市高一（下）期末物理试卷(含详细答案解析)

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年浙江省绍兴市高一（下）期末物理试卷一、单选题：本大题共10小题，共30分。1.下列物理量属于矢量的是(

)A.质量 B.速率 C.加速度 D.功2.2026年央视春晚《武BOT》节目中，人形机器人与少年武者进行了精彩的武术对练。如图为机器人与少年武者对练时的场景。下列说法正确的是(

)A.机器人受到的重力与地面对它的支持力是一对作用力与反作用力

B.少年武者对机器人的作用力与机器人对少年武者的作用力大小相等、方向相反

C.若机器人下蹲，则它的重心距离地面的高度不变

D.机器人受到少年武者的作用力是由于机器人发生形变产生的3.如图所示，牛顿管中玻璃管的长度为1.25m，用抽气机抽去牛顿管内的空气后，将管竖直放置，从管顶同时静止释放一枚硬币和一片羽毛，下落过程中均不与管壁接触。若将管内环境视为真空，下列判断正确的是(

)A.硬币先落至管底

B.硬币落至管底的速度更大

C.羽毛在管中运动的时间约为0.5s

D.下落过程中，硬币的加速度大于羽毛的加速度4.2026年，法国车手驾驶着中国摩托车制造商张雪机车的赛车在世界超级摩托车锦标赛(WSBK)

A.摩托车所受合外力为零

B.摩托车的速度不变

C.若转弯半径相同，路面工况不变，则转弯速度越大，越容易发生侧滑

D.赛车手与摩托车整体受到重力、支持力、摩擦力和向心力的作用5.图为2026年2月28日“六星连珠”简化示意图，太阳位于中心，六颗行星均在太阳同一侧，由内向外依次为：水星、金星、木星、土星、天王星、海王星，将它们绕太阳的运动近似看成匀速圆周运动，则关于水星和金星的运动，下列说法正确的是(

)A.水星运动的线速度比金星的小 B.水星运动的角速度比金星的小

C.水星的向心加速度比金星的小 D.水星运动的公转周期比金星的小6.如图所示，带正电的物体A与三个小球在同一水平线上，小球的质量均为m，带电量相同，不考虑带电小球之间相互作用力的影响。下列说法正确的是(

)A.小球带负电

B.增大物体A所带的电荷量，物体与小球之间的库仑力减小

C.物体A与小球之间的距离越大，它们之间的库仑力越大

D.当其中一个小球悬挂的细线偏离竖直方向的角度为θ且保持静止时，小球所受静电力的大小为m7.如图所示，高速公路上汽车定速巡航(即保持汽车的速率不变)通过路面abcd，其中ab段为平直上坡路面，bc段为水平路面，cd段为平直下坡路面。不考虑整个过程中空气阻力和摩擦阻力的大小变化。下列说法正确的是(

)

A.汽车的输出功率始终保持不变 B.汽车在ab段的输出功率比bc段的大

C.在cd段汽车的输出功率逐渐减小 D.汽车在cd段的输出功率比bc段的大8.2026年4月11−12日，长三角无人机公开赛(浙江站)在绍兴越城区举行。若分别以水平向右、竖直向上为x、y的正方向，某无人机起飞阶段在x、y方向的v−t图像分别如图甲、乙所示，则0A. B. C. D.9.浙江省城市篮球联赛(浙BA)于2025年7月揭幕，如图所示，运动员在不同位置以相同速率斜向上抛出篮球，篮球均空心落入篮筐。已知甲、乙两球出手高度相同，忽略空气阻力，则篮球从抛出到入框的过程中，下列说法正确的是(

)A.两球入框时的速度大小和方向都相同 B.在空中运动的时间，甲球小于乙球

C.在水平方向的速度，甲球小于乙球 D.若两球同时抛出，则有可能同时到达P点10.如图甲所示，小球在竖直平面内光滑的固定圆管中，绕圆心O点做半径为R的圆周运动(小球直径略小于管的口径且远小于R)。当小球运动到最高点时，速度大小设为v，圆管与小球间弹力的大小设为F，改变速度v得到F−v2图像如图乙所示，重力加速度g=10mA.小球的质量为4kg

B.固定圆管的半径为1m

C.当v=4m/s时，在最高点固定圆管对小球作用力的大小为24N

D.二、多选题：本大题共3小题，共12分。11.电容器是一种常见的电学元件。某电容器如图所示，关于电容器的说法正确的是(

)A.350V是指该电容器的额定电压

B.当电容器两端的电压为70V时，电容器的电容为20μF

C.放电结束时，电容器所带的电荷量为0，电容也为0

D.当电容器两端的电压为U时，可以根据关系式Q12.高层建筑屋顶通常有避雷针，某时刻避雷针周围的电场线如图所示。A、C是同一电场线上的两点，A、B关于过D点的竖直电场线对称，带电粒子从D点以速度v0开始运动，仅在电场力作用下的运动轨迹为图中虚线所示。则(

)A.A、B两点电场强度相同

B.该带电粒子带负电

C.粒子在D点具有的电势能比在B点的电势能大

D.若将该带电粒子从C点静止释放能沿电场线运动到A点13.如图所示，跑步机履带宽度d=0.6m，履带外侧机身上有正对的A、B两点，A点到履带同侧最右端距离L=0.8m。一玩具车(可视为质点)从A点出发后，其相对于静止履带的速度大小v1=A.玩具车到达B点的运动时间一定为0.75s

B.玩具车若能到达B点，仅改变玩具车车头方向，则车头需与A点左侧履带边缘成60∘夹角

C.若履带速度大小可调，玩具车车速大小不变，要使玩具车仍能到达履带另一侧，履带的速度不大于0.8m/三、实验题：本大题共3小题，共24分。14.某同学采用“落体法”验证机械能守恒定律，实验装置如图所示。

(1)由图1可知，实验使用了

(选填“电火花”或“电磁”)打点计时器，为了更好完成实验，需要从下列选项中选取的重物是

。

A.

B.

C.

D(2)关于实验的操作，下列说法正确的是______。(A.重物释放前应离打点计时器近一些 B.重锤的质量可以不测量

C.先释放重物再接通电源 D.保证打点计时器两限位孔在同一竖直线上(3)正确操作得到如图2所示纸带，其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点，打点频率为50Hz，该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离并记录在图1中(单位：cm)，已知重物的质量为m=0.2kg，重力加速度为9.8m/s2，根据以上数据，当打点计时器打下B点时，重物下落的速度为

m15.在“探究平抛运动的特点”实验中，采用如图1装置研究，将钢球从斜槽上某一位置静止释放，落在倾斜的挡板上后，会挤压背板上的复写纸，在白纸上留下印迹。上下调节挡板，重复实验，记录钢球经过的多个位置，将这些印迹用平滑的曲线连接起来，就可以得到平抛运动的轨迹。

(1)下列选项中，钢球抛出点位置选择最合理的是______(填写“A”“B”或“CA. B. C.(2)下列实验操作合理的有______(A.背板应保持竖直

B.每次钢球需从斜槽同一位置由静止释放

C.每次必须等距离的下降挡板，记录钢球位置

D.必须将白纸上留下的所有印迹用平滑的曲线连起来(3)操作得到如图2所示的钢球平抛运动的轨迹，O为钢球抛出点，则可得该钢球抛出运动到A点的时间为

，平抛运动的初速度为

。(用字母x0，y0，g表示16.吴丽同学用向心力演示器探究向心力大小的表达式，实验情景如图中A、B、C所示，其中球的尺寸相同，只有B情景皮带两端塔轮的半径不相等。

(1A.微元法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.类比法(2)三个情景中

(选填“A”、“B”或“C”)是探究向心力大小F与质量m关系，在加速转动手柄过程中，左右标尺露出红白相间等分标记的比值

((3)在B情景中，若左右两钢球所受向心力的比值为9：1四、计算题：本大题共4小题，共34分。17.如图所示，工程队在P点向峡谷对岸平台水平抛射重物，当抛射速度为v0=15m/s时重物恰好落在平台中心Q点，已知P、Q两点竖直高度为h=(1)重物从P到Q(2)P(3)重物到(418.如图所示，足够大绝缘水平面的虚线左侧光滑，右侧粗糙，空间存在水平向右的匀强电场，电场强度为E=2.0×103N/C。有一带正电的物体在弹簧弹力作用下静止于虚线左侧d=4m的A点。现剪断物体与弹簧的连接，物体从静止开始运动。已知弹簧劲度系数为k(1(2(319.如图所示，上端开口的竖直圆柱形容器半径为r=0.8m，OO′分别为上下圆面的圆心，当容器绕OO′以角速度ω=3rad/s匀速转动时，质量为m

(1)物块A受到的摩擦力方向((2)物块(3)要保持物块A不相对容器滑动，角速度(4)若物块A能在容器一半高度的侧壁上相对容器静止，求角速度20.如图所示，某游戏装置左侧为高h=3.2m、倾角为θ=37∘的光滑斜面，斜面与长为L=1.5m的水平传送带BC平滑连接，传送带顺时针运转始终保持速度为v0=1m/s。传送带右侧紧接有等高长为s=1m的粗糙水平直轨道CD，(1)小滑块运动到(2)小滑块运动到(3)小滑块与轨道CD(4)若在斜面上高为h′=1.5m处静止释放小滑块，同时改变小滑块与轨道CD间的动摩擦因数，规定小滑块最终停在轨道CD答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A、质量只有大小没有方向，属于标量，故A错误；

B、速率是速度的大小，只有大小没有方向，属于标量，故B错误；

C、加速度既有大小又有方向，运算遵循平行四边形定则，属于矢量，故C正确；

D、功只有大小，正负表示动力/阻力做功的性质，不代表方向，属于标量，故D错误。

故选：C。

矢量是既有大小又有方向的物理量，而标量只有大小没有方向。题目要求判断四个选项中哪个物理量属于矢量，需要逐一分析每个选项的物理量是否具有方向性。

考查物理量的标矢量属性，熟练记住各物理量是矢量还是标量是关键，属于基础题。2.【答案】B

【解析】解：A、机器人受到的重力与地面对它的支持力都作用在同一物体(机器人)上，是一对平衡力，而不是一对作用力与反作用力，故A错误；

B、少年武者对机器人的作用力与机器人对少年武者的作用力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律得作用力与反作用力大小相等、方向相反，故B正确；

C、若机器人下蹲，其质量分布发生改变，则它的重心距离地面的高度会减小，故C错误；

D、弹力的产生是由于施力物体发生弹性形变产生的，所以机器人受到少年武者的作用力是由于少年武者发生形变而产生的，故D错误。

故选：B。

二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；重心位置与质量分布、物体形状有关；弹力的产生是由于施力物体发生弹性形变产生的。

此题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。3.【答案】C

【解析】解：A、用抽气机抽去牛顿管内的空气后，管内环境视为真空，硬币和羽毛均做自由落体运动，加速度相同，下落高度h相同，根据h=12gt2可知，两者同时落至管底，故A错误；

B、根据v2−0=2gh可知两者下落高度h相同，速度大小相等，故B错误；

C、牛顿管中玻璃管的长度为1.25m，根据h=12gt2解得t=4.【答案】C

【解析】解：A.摩托车转弯时，做圆周运动，摩托车受到的合外力提供摩托车做圆周运动的向心力，合外力不为零，故A错误；

B.摩托车转弯时，速度方向改变，因此摩托车的速度改变，故B错误；

C.由题可知，摩托车受到的最大静摩擦力是一定的，摩托车圆周运动所需要的向心力为Fn=mv2r

若转弯半径相同，路面工况不变，则转弯速度越大，当Fn=mv2r>fmax时，会发生侧滑，因此速度越大越易发生侧滑，故5.【答案】D

【解析】解：水星和金星绕太阳的运动近似看成匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力有：

GMmr2=man=mr4π2T2=mr6.【答案】D

【解析】解：A、物体A带正电，小球与物体A互相排斥，小球带正电，故A错误；

C、物体A与小球之间的距离越大，由库仑定律可知它们之间的库仑力越小，故C错误；

BD、当其中一个小球悬挂的细线偏离竖直方向的角度为θ且保持静止时

则小球所受静电力的大小为mgtanθ

增大物体A所带的电荷量，每个小球偏离竖直方向的夹角θ变大，tanθ变大，物体A与小球之间的库仑力大小F=mgtanθ变大，故B错误，D正确。7.【答案】B

【解析】解：AB、根据题意分析可知，保持汽车的速率不变，不考虑整个过程中空气阻力和摩擦阻力的大小变化。

在ab段，根据平衡条件可知，汽车牵引力F1=mgsinθ+f

在ab段汽车的输出功率为P1=F1v

在bc段汽车牵引力F2=f

在bc段的输出功率为P2=F2v

根据F1>F2，可得P1>P2，故A错误，B正确；

CD8.【答案】A

【解析】解：由图甲可知，在0∼t2时间内，无人机在x方向上一直做匀速直线运动。由图乙可知，在0∼t1时间内，无人机在y方向上做初速度为零的匀加速直线运动，速度逐渐增大，则合速度方向与x轴正方向的夹角逐渐变大，故这段时间内运动轨迹向上弯曲；在t1∼t2时间内，无人机在y方向上做匀减速直线运动，速度逐渐减小，则合速度方向与x轴正方向的夹角逐渐变小，故这段时间内运动轨迹向下弯曲，故A正确，BCD错误。

故选：A。

根据图像分析无人机在9.【答案】B

【解析】解：A、根据题意分析可知，由机械能守恒，初速率相同、初末高度差相同，因此两球入框速率大小相等；但甲水平分速度更大、竖直分速度更小，速度方向不同，故A错误；

B、根据题意分析可知，乙的轨迹最高点更高，说明乙的初速度的竖直方向分量vy更大。vy越大，t越大，因此t甲<t乙，故B正确；

C、根据题意分析可知，水平位移x甲>x乙(甲离篮筐更远)，结合x=vxt，时间关系t甲<t乙，所以甲水平方向速度更大，故C错误；

D10.【答案】D

【解析】解：A.由图乙可知，当v=0时，圆管对小球的弹力等于小球的重力，即有F=mg

代入数据可得小球的质量为m=4kg，故A正确；

B.由图乙可知，当v2=10m2⋅s−2时F=0

此时小球的重力提供圆周运动的向心力，则有mg=mv2R

代入数据可得R=1m，故B正确；

C.当v=4m/s时，对小球受力分析，则有F+mg=mv2R

代入数据可得F=24N，故C正确；

D11.【答案】AD

【解析】解：A.电容器上标注的电压为电容器的额定电压，则该电容器的额定电压为350V，故A正确；

BC.电容器的电容由电容器本身的结构、性质决定，与电容器所带的电荷量多少，两板间电压大小无关，故BC错误；

D.根据电容的定义式C=QU

可得Q=CU

即当电容器两端的电压为U时，可以根据关系式Q=CU计算电容器的电荷量，故12.【答案】BC

【解析】解：A、根据题意及电场线的分布可知，A、B两点的电场强度大小相等，方向不同，因此A、B两点的电场强度不同，故A错误；

B、由图可知，电场线方向向上。电场力方向与电场强度方向相反，粒子从D点以v0速度开始运动，轨迹向下弯曲，说明粒子受到的电场力方向向下。所以该带电粒子带负电，故B正确；

C、等势面与电场线垂直，且沿电场线方向电势逐渐降低，可知φD<φB

根据上述分析可知，粒子带负电，根据电势能Ep=qφ

可知，负电荷在电势越低的地方电势能越大，即粒子在D点具有的电势能比在B点的电势能大，故C正确；

D、带电粒子在曲线电场线中静止释放，受力沿切线方向，轨迹不与电场线重合，故D13.【答案】BD

【解析】解：A.当玩具车垂直履带边缘运动时到达对面的时间最短，最短时间为tmin=dv1=0.60.8s=0.75s，玩具车若能到达B点，则车头方向指向B点的左侧，垂直履带边缘的速度小于v1，则运动时间大于0.75

s，故A错误；

B.玩具车的速度沿AB方向时能到达B点，速度如图所示

则cosθ=v2v1=0.40.8=0.5，则θ=60∘，故B正确；14.【答案】【小题1】电磁B【小题2】ABD【小题3】1.17大于

【解析】解：(1)从实验装置结构可知，该打点计时器需要固定在铁架台上，是电磁打点计时器；验证机械能守恒时，为了减小空气阻力对实验的影响，需要选择密度大、体积小的重物，D选项是砝码，B底部有橡胶垫，落地时能缓冲，故B正确，ACD错误。

故选：B。

(2)AC.为了充分利用纸带，重物释放前应离打点计时器近一些；实验时应先接通电源再释放重物，故A正确，C错误；

B.由于验证机械能的表达式中，质量可以约去，所以重锤的质量可以不测量，故B正确；

D.保证打点计时器两限位孔在同一竖直线上，可以减小纸带与限位孔的摩擦阻力，故D正确。

故选：ABD。

(3)当打点计时器打下B点时，根据匀变速直线运动推论，重物下落的速度为vB=xAC2T=(9.57−4.89)15.【答案】【小题1】B【小题2】AB【小题3】x

【解析】(1)钢球抛出点位置应选择小球球心处于轨道右端竖直线上时，故选择最合理的是B。

(2)A、平抛运动始终在竖直平面内，因此背板必须保持竖直，故A正确；

B、为了保证每次小球抛出的速度相同，每次钢球需从斜槽同一位置由静止释放，故B正确；

C、每次不需要等距离的下降挡板，故C错误；

D、连线时需要舍去偏差较大的错误印迹，然后将剩下的印迹用平滑的曲线连起来，故D错误。

故选：AB。

(3)小球做平抛运动，竖直方向有y0=12gt2，解得该钢球抛出运动到A点的时间为t=2y0g

水平方向有x0=v16.【答案】【小题1】C【小题2】C不变【小题3】1：3

【解析】解：(1)本实验探究向心力大小与多个物理量的关系，需要保持其他物理量不变，只改变其中一个物理量，因此采用控制变量法，故C正确，ABD错误。

故选：C。

(2)情景AB中，两小球都是钢球，质量相等，根据控制变量法可知，这两次实验不是探究向心力与质量的关系；

情景C中，两球尺寸相同、转动半径相同，皮带两端塔轮半径相同，只有小球质量不同，可探究向心力大小

F与质量m

的关系；

由向心力公式得F=mω2r可知，加速转动手柄时，左右两球的角速度之比保持不变，转动半径和质量也不变，所以左右标尺露出红白相间等分标记的比值不变。

(3)情景B中，两钢球质量相同、转动半径相同，设左右两球的角速度分别为

ω左、ω右；

由向心力公式得F左F右=ω左2ω右2=9

可得ω左：ω右=3：1

皮带传动时两塔轮边缘线速度相同，设左右两塔轮半径分别为

R左、R右，则ω17.【答案】【小题1】重物从P到Q点做平抛运动，根据竖直方向自由落体运动h=12【小题2】重物在水平方向做的是匀速直线运动，则水平位移x【小题3】到Q点的竖直速度vy=gt=10×2m【小题4】重物能被抛射到平台的水平位移28m≤x≤32m；

平抛运动时间为

【解析】解：(1)重物从P到Q点做平抛运动，根据竖直方向自由落体运动h=12gt2

代入数据解得t=2s

(2)重物在水平方向做的是匀速直线运动，则水平位移x=v0t=15×2m=30m

(3)到Q点的竖直速度vy=gt=10×2m/s=20m/s

vQ=v02+vy2=152+202m/s=25m/s

方向与水平方向夹角为18.【答案】【小题1】静止时物体受力平衡，故有qE=k【小题2】剪断物体与弹簧的连接后物体做匀加速直线运动，由牛顿第二定律，加速度大小a=qEm=2m/s【小题3】进入虚线右侧后物体做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律，可知加速度大小a′=μmg−

【解析】解：(1)静止时物体受力平衡，故有qE=kx

得：x=qEk=0.4m

(2)剪断物体与弹簧的连接后物体做匀加速直线运动，由牛顿第二定律，加速度大小a=qEm=2m/s2

根据匀变速运动规律d=12at2

得t=2s

所以到达虚线处的速度大小为v=at=4m19.【答案】【小题1】物体A受到的摩擦力提供向心力，故物体A受到的摩擦力方向指向底面圆心O【小题2】物块A绕底部圆心O′匀速圆周运动，静摩擦力提供向心力【小题3】当转动角速度ω最大时，最大静摩擦力提供向心力Ff=mωm2【小题4】将物体A移到容器侧壁，侧壁对A的弹力提供向心力，要物体A相对容器静止，最大静摩擦力至少与重力相等。

由牛顿第二定律FN=mω12r

又

【解析】解：(1)物体A受到的摩擦力提供向心力，故物体A受到的摩擦力方向指向底面圆心O′。

(2)物块A绕底部圆心O′匀速圆周运动，静摩擦力提供向心力Ff=mω2d,解得Ff=1.8N

(3)当转动角速度ω最大时，最大静摩擦力提供向心力Ff=mωm2d

又Ff=μmg

得ωm=5rad/s

(4)将物体A移到容器侧壁，侧壁对A的弹力提供向心力，要物体A相对容器静止，最大