湖南省长沙市2026-2027学年高三上学期开学学情物理自测卷（人教版）（解析版）

湖南省长沙市2026-2027学年高三上学期开学学情自测卷物理试题（解析版）题号12345678910答案BADCCCDBCACBD1．B【详解】A．测厚仪通常利用γ射线或β射线监测钢材厚度，因为α射线穿透力弱，易被钢材吸收，无法有效穿透测量，题干提到镅产生其他射线，但选项指定α射线，故A错误；B．α衰变时，质量数减少4，原子序数减少2。镅-241（质量数241，原子序数95）衰变为镎-237（质量数237，原子序数93）和氦-4（α粒子），衰变方程正确，故B正确；C．结合能是原子核的总结合能。α粒子（氦-4核）的结合能约为28.3MeV，镅-241有241个核子，其结合能远大于α粒子（约1800MeV），故C错误；D．根据半衰期公式剩余质量为，其中，，，则，不等于0.75g，故D错误。故选B。2．A【详解】线框先做自由落体运动，ab边进入磁场做减速运动，加速度应该是逐渐减小，而A图象中的加速度逐渐增大．故A错误．线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后做减速运动，因为重力小于安培力，当加速度减小到零做匀速直线运动，cd边进入磁场做匀加速直线运动，加速度为g．故B正确．线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后因为重力大于安培力，做加速度减小的加速运动，cd边离开磁场做匀加速直线运动，加速度为g，故C正确．线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后因为重力等于安培力，做匀速直线运动，cd边离开【点睛】解决本题的关键能够根据物体的受力判断物体的运动，即比较安培力与重力的大小关系，结合安培力公式、切割产生的感应电动势公式进行分析．3．D【详解】木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，以猫为研究对象解得猫受到的摩擦力为以木板为研究对象结合联立以上可得故选D。4．C【详解】A．对配重做受力分析：配重受重力、轻绳拉力，竖直方向受力平衡，水平方向合力提供匀速圆周运动的向心力，设轻绳长为，角速度（为转速），圆周运动半径竖直方向平衡：水平方向向心力：整理得：转速越大，越大，越小，由，可知拉力越大，A错误；B．转速越大，越大，越小，夹角越大，B错误；CD．由可知，与配重质量无关；转速不变（不变）时，增加配重，保持不变，C正确，D错误。故选C。5．C【详解】A．由振动图像可看出该波的周期是4s，A错误；B．由于Q、P两个质点振动反相，则可知两者间距离等于，n=0，1，2，…根据，n=0，1，2，…B错误；C．由P质点的振动图像可看出，在4s时P质点在平衡位置向上振动，C正确；D．由Q质点的振动图像可看出，在4s时Q质点在平衡位置向下振动，D错误。故选C。6．C【详解】电路稳定后，由于电源内阻不计，则整个回路可看成3R、2R的串联部分与R、4R的串联部分并联，若取电源负极为零电势点，则电容器上极板的电势为电容器下极板的电势为则电容两端的电压则电容器上的电荷量为故选C。7．D【详解】AB．对小球P进行受力分析，三力构成矢量三角形，如图所示根据几何关系可知两三角形相似，因此缓慢运动过程OP越来越小，则F逐渐减小，故AB错误；BD．由可知如果PN增大，则x会先减小，如果PN减小，则x会增大，该等式不可能成立，所以弹簧的形变量保持不变，弹簧弹力大小始终不变，小球运动轨迹是圆弧，故D正确，C错误。故选D。8．BC【详解】A．由于液柱液面高于烧杯水面，图丙中气体的压强小于大气压强，故A错误；B．图乙中气泡上升过程中深度减小，压强减小，故B正确；C．气体的温度降低，内能减小，故C正确；D．气体体积变小，外界对气体做功，气体内能减小，根据热力学第一定律可知，气体向外界放热大于外界对气体做的功，故D错误。故选BC。9．AC【详解】根据题意，由几何关系可知，无人机运行半径A．无人机做匀速圆周运动时角速度为故A正确；B．无人机做匀速圆周运动时，合力提供向心力为则所受空气作用力为故B错误；C．向心加速度为故C正确；D．线速度大小为故D错误。故选AC。10．BD【详解】A．初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静止状态，根据平衡条件有解得令A、B初始高度为h，根据动能定理有，解得有，可知，两物块动能的变化量不相同，故A错误；B．两物块运动过程均只有重力做功，机械能均守恒，即两物块机械能的变化量均为0，故B正确；C．两物块做匀变速直线运动，根据速度与位移的关系有，解得两物块着地速度大小相等，则速率的变化量相同，故C错误；D．A着地的功率，结合上述解得即两物块落地时重力的功率相同，故D正确。故选BD。11．1k

【详解】（1）[1]用多用电表测电阻时，应尽量使指针指向中央附近，所以欧姆挡的倍率应选“”。（2）因为电压表内阻较大，可将标准电压表V1当电流表使用,电路图如下所示。

（3）[3]调节滑动变阻器，让待测电压表V的指针恰好偏转n格，记录标准电压表V1的示数和标准电压表V2的示数，假设待测电压表V的量程为U，则有解得[4]由解得12．(1)等于(2)0.12.9(3)偏大(4)【详解】（1）根据牛顿第二定律，对小车可得图像的斜率为，小车质量不变，因此无论是否平衡摩擦力，斜率都不变，仍等于。（2）[1]电源频率为，打点周期为，相邻计数点间有4个点未画出，因此相邻计数点时间间隔[2]用逐差法计算加速度，代入数据得（3）若电源频率略小于，实际时间间隔大于计算时使用的理论，根据，计算时取值偏小，因此加速度测量值偏大。（4）和整体，由牛顿第二定律对小车得拉力整理得因此代入​得13．(1)(2)【详解】（1）设充气前圈内气体的体积为，气体发生等温变化根据玻意耳定律解得（2）救生圈放入海水中后，气体发生的是等容变化根据查理定律解得14．(1)(2)2R(3)【详解】（1）物体恰好通过C点，由牛顿第二定律得解得（2）物体从C点抛出后做平抛运动，竖直方向水平方向位移解得x=2R（3）弹簧初始状态时的弹性势能为，由动能定理得解得15．（1）2m/s；（2）0.4m；（3）【详解】（1）设滑块向下运动的加速度为a1，根据牛顿第二定律可得由匀变速运动规律有联立解得v1=2m/s（2）滑块第一次与挡板碰撞后速度大于传送带速度，滑块减速上滑，设碰后运动的加速度大小为a2，则减速至与皮带速度相等时运动的距离为x1，则之后滑块继续减速上滑至速度为零，加速度大小为a1，则离开挡板的最大距离为xm=x1+x2联