福建省高一（上）期中物理试卷 -物理(解析)

福建省高一（上）期中物理试卷-物理（解析）

参考答案与试题解析

一、单选题（共6题，每题3分，共18分）

1.【考点】时间与时刻；位移和路程.

【分析】位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也有方向：路程

是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向；时间间隔对应一个

过程，时刻对应一个瞬间。

【解答】解：A.路程是实际运动轨迹的长度，所以两批医疗人员按照推荐方案I和其他

方案至武汉的同一家医院的路程不相同，故A错误；

B.位移是起点到终点的有向线段长度，他们的起点和终点是一样的，两批医疗人员的位

移一定相同，故B正确；

C.图片卜面中的推荐方案的“1小时25分”是指从宁波到镇海所用的时间，为时间间

隔，故C错误；

D.图中的“距离较短”方案的“85公里”指的是医疗队实际所走的轨迹的长度，是路

程，不是位移大小，故D错误。

故选：Bo

2.【考点】加速度；速度和速率.

【分析】速度是表示物体运动的快慢，加速度是表示物体速度变化的快慢，速度变化率

也是指速度变化的快慢，所以加速度和速度变化率是•样的.

【解答】解：A、加速度的方向与速度变化的方向相同，不是速度方向，所以A错误；

B、速度变化量大，加速度不一定大，还要看时间，所以B错误；

C、当物体做加速度减小的加速运动时，加速度减小，速度增大，所以C错误；

D、加速度是表示物体速度变化的快慢，物体速度变化越快，则加速度一定越大，所以D

正确。

故选：D。

3.【考点】摩擦力的判断和计算.

【分析】滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反，先判断相对运动的方向，再判断摩

擦力的方向。

【解答】解：由题图知物体水平向右运动，根据滑动摩擦力的方向与物体间相对运动的

方向相反，可知物体受到滑动摩擦力的方向水平向左。故C正确，ABD错误；

故选：Co

4.【考点】匀变速直线运动位移与时间的关系.

【分析】根据匀变速直线运动位移一时间公式，对比物体做直线运动的位移与时间的关

系式，即可得到物体的加速度和初速度，进而判断物体的运动情况；根据物体做直线运

动的位移与时间的关系式，即可求解物体在第Is内的位移。

【解答】解：ACD、根据匀变速直线运动位移一时间公式得：x=vot+lat2

2

对比物体做直线运动的位移与时间的关系式x=10t-2t2

可得：vo=10m/s

a=-4m/s2

由此可知，初速度方向和加速度方向相反，物体做匀减速直线运动，故AD错误，C正

确；

B、物体在第1s内的位移为xi=10li・2M=10Xlm・2X12m=8m

故B错误。

故选：Co

5.【考点】x-t图像

【分析】x-l图像中，图线的交点表示相遇，图像的斜率表示速度；根据位移大小判断

位置。

【解答】解：A、x-l图像中，图线的交点表示相遇，所以H时刻，甲乙两车相遇；x-

t图像的斜率表示速度，在U时刻，两图线斜率不等，所以速度不等，故A错误；

B、根据图像可在。〜ti时间内，两车走过的路程不相等，故B错误；

C、x-l图像描述的是直线运动，即甲与乙都是做直线运动，故C错误；

D.、x-t图像的斜率表示速度，由图可知，U时刻乙的速度大，而12时刻甲的速度大，

所以从U到12时间内的必定有某时刻，两车速度相等，故D正确。

故选：D。

6.【考点】匀变速直线运动位移与时间的关系；匀变速直线运动速度与时间的关系.

【分析】先求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车刹车停止后不再运动.再根据匀变速

直线运动的位移公式即可求解.

【解答】解:36km/h=10m/s,

汽车刹车到停止所需的时间t=±*=二"=2.5s。

-a-4

刹车后第3s内的位移，等于停止前0.5s内的位移，

则x=,at2=^X4X0.52m=S5m

故ABC错误，D正确；

故选：D。

二、多选题（共6题，每题4分，共24分，选得一半分，多选和错选不得分）

7.【考点】摩擦力的判断和计算：弹力的产生、方向.

【分析】支持力的方向总是垂直接触面指向受力物体；根据平衡条件判断是否存在摩擦

力；物体相对斜面下滑，摩擦力沿斜面向上。

【解答】解：AB.弹力的方向总是垂直接触面指向受力物体，所以甲图中半圆面对杆的

弹力沿半径向外，乙图中弹力的方向垂直于接触面向上，故A错误，B正确；

C.物体与传送带相对静止，并做匀速直线运动，物体不受摩擦力，故C错误；

D.物体相对斜面下滑，摩擦力沿斜面向上，故D正确。

故选：BDo

8.【考点】匀变速直线运动规律的综合运用.

【分析】根据x=」at2求出质点由O到达各点的时间之比；

2

根据根据v=at求出通过各点的速率之比；

根据匀变速直线运动中某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，即可表示平均

速度。

【解答】解：A.设每段长度为S,根据初速度为零的匀加速直线运动位移一时间关系可

得：x=iir,解得：1=正£。

所以从。点到a、b、c、d四点的时间之比满足：ta：lb：tc：td=d£V2s：V3s：V4s

=1：V2：V3：2,故A错误；

BC.根据v=at可知：Va：vb：Vc：v<j=ta：tb：tc：tij—1：^2：2,故BlE确；

D.从静止开始的匀变速运动，平均速度等于中间时刻的速度，而a点恰好位于中间时刻，

所以质点在斜面上运动的平均速度等于Va,故D正确。

故选：BDo

9.【考点】摩擦力的判断和计算.

【分析】若水平推力小于铁块与地面间的最大静摩擦力，铁块未被推动，铁块将受到静

摩擦力，由平衡条件求出静摩擦力。若水平推力大于铁块与地面间的最大静摩擦力，铁

块被推动，铁块将受到滑动摩擦力，由公式f="N求出滑动摩擦力。

【解答】解：A、50N小于最大静摩擦力，所以铁块静止，由平衡条件可得摩擦力为50N,

故A正确；

B、83N小于最大静摩濠力，所以铁块静止，由平衡条件可得摩擦力为83N,故B正确；

C、若F=1ION,则拉力大于最大静摩擦力，铁块滑动，故铁块受到的摩擦力大小80N,

故C正确；

D、I00N大于最大静摩擦力，铁块滑动，所以f=uF\i=0.4X200N=80N,故D错误。

故选：ABCo

10.【考点】运动学图像综合.

【分析】小车在光滑奔•面上做匀变速直线运动，先沿斜面向上做匀减速直线运动，后沿

斜面向下做匀加速直线运动，加速度不变。

【解答】解：AB、小车先沿斜面向上做匀减速直线运动，后沿斜面向下做匀加速直线运

动，速度先正后负，故A错误，B正确；

CD、在整个过程中，小车的加速度始终沿斜面向下，即始终为负值，故C正确，D错误。

故选：BCo

11.【考点】竖直上抛运动.

【分析】取竖直向上方向为正方向，竖直上抛运动可以看成一种加速度为-g的匀减速直

线运动，当石块运动到抛出点上方离抛出点20m时，位移为x=20m：当石块运动到抛

出点下方离抛出点20m时,位移为x=-20m,根据位移公式求出时间。

【解答】解：取竖直向上方向为正方向，当石块运动到抛出点上方离抛出点20m时，位

移为x=20m,由x=vot-代入得：

20=20t-AxiOr

2

解得：l=2s,

当石块运动到抛出点下方离抛出点15m时，位移为x=-20m,由x=vot--igt2

代入得：-20=20t-工X10,

2

解得：tl=(2+2^2)s,t2=(2-2V2)s(舍去)，

故BD正确，AC错误,

故选：BDo

12.【考点】匀变速直线运动规律的综合运用.

【分析】根据匀变速直线运动的速度一位移公式求出经过AB中点的速度，根据匀变速

直线运动的平均速度推论求出中间时刻的瞬时速度.根据平均速度推论分别求出前一半

位移和后一半位移内的平均速度，从而得出时间的关系.根据平均速度推论分别求出前

一半时间内的位移和后一半时间内的位移，从而得出位移的关系。

【解答】解：A、设AB中点的速度为vi,根据v；_J=2ax£（7v）2-v；=2aX三

得物体经过AB中点的速度为：vi=Jv2+g7v）2=5v,故A错误；

BC、设整个过程中间时刻的瞬时速度为\2,v2=E^=4v,前工的位移xi=*~x工

2222

=殳上；后工的位移*2=妇次*工=豆匹，可知XI:X2=&^：3=5:11,位

4222444

移之差为1.5v【，故B错误，C正确；

D、前一半位移内的平均速度为：后一半位移内的平均速度为：

V12

­=5v+7v=6v>根据x=-位移相等，可知通过前一半位移所用的时间是后一半位

，2

移所用时间的2倍，故D正确。

故选：CD。

三、实验题（共2题，13题（1）（2）每空2分，（3）每空4分，14题（1）（3）每空2分，

（2）每空3分，共18分）

13.【考点】探究弹簧弹力与形变量的关系.

【分析】（1）根据图像斜率可解得弹簧劲度系数；

（2）弹簧自身重力的原因，所以图线不过原点；

（3）根据胡克定律与图像结合判断。

【解答】解：（1）F-x图线的斜率表弹簧的劲度系数，有1<=史=-------1-------N/m

△x（4-0.5）X10-2

=200N/m

（2）由于弹簧自身重力的原因，所以图线不过原点。

（3）A、横坐标表示长度，纵坐标表示弹簧弹力，斜率表示弹簧的劲度系数，由图可知，

当弹簧受力为。时，弹簧长度为原长，可发现此时b的长度要大于a；故A正确

B、b的图线斜率比a的大，所以b的劲度系数大；故B错误；

C、根据胡克定律，由于b的劲度系数大，所以施加同样大的力，a的形变量比b的大；

故C正确；

D、测得的弹力与弹簧的伸长量成正比，故D错误：

故选AC

故答案为：（1）200；⑵弹簧自身重力的原因：（3）AC

14.【考点】探究小车速度随时间变化的规律；实验验证机械能守恒定律.

【分析】（1）根据实验原理知需要的实验仪器；

（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点2的瞬时速度，根据连

续相等时间内的位移之差是•恒量求出自由落体运动的加速度.

（3）根据实验误差来源分析误差原因.

【解答】解：（1）A、实验中需要测曷计数点之间的距离，即需要刻度尺，故A正确：

B、实验的过程中打点计时器可记录重物运动的时间，所以不需要停表，故B错误；

CD、电磁打点计时器使用8V的交流电源，故C正确，D错误。

故选：AC

（2）打点计时器的打点周期为T=0.02s,打点2时重物的瞬时速度V2=^2=

2T

一3

（5.8+9.6）义」0_m/s=0.385m/s,根据逐差法得重力加速度g=%二1=

2X0.022T2

3

（13.4-5,8）X10-m/s2=95Om/s2

2X0.022

（3）由「纸带与打点计时器限位孔之间存在摩擦、重物受到空气阻力等，使重力加速度

的测量值小于真实值，故D正确，ABC错误.

故答案为：（1）AC（2）0.3859.50（3）D

四、计算题（共4题，15题8分，16题8分，17题10分，18题14分，共40分）

15.【考点】匀变速直线运动速度与时间的关系；匀变速直线运动位移与时间的关系.

【分析】飞机的加速过程分为两个过程，在弹射器推动下的加速和在自身动力作用下的

加速：对第二个加速过程根据速度一时间公式即可以求出弹射的末速度，再对第一个加

速过程由速度一时间公式求出弹射的加速度.

【解答】解.：（1）以初速度方向为正，由匀加速直线运动速度一时间公式J=uo+at得:

uo=j-at=(50-2X10)m/s=30in/s

(2)弹射系统所提供的加速度为：=150m/s2

答：(1)战机离开弹射系统瞬间的速度30m/s；

(2)弹射系统所提供的加速度是I5()m/s2.

16.【考点】自由落体运助.

【分析】设开始下落到达树干的时间为I,结合位移关系列式，从而根据位移一时间公式

求出树冠的高度，根据v=gt求出末速度。

【解答】解：设开始下落到达树干的上沿的时间为t,树干的高度为Ah,有：

△h=yg(t+0.2)2^-gt2

代入数据1.6m=-l-x10X(t+0.2)2-yXlQXt2

解得：t=0.7s。

则：H=Lg弋2=2.451月。

2

苹果落地的速度为：v=g(t+0.2)=9m/s

答：(1)苹果树树冠部分的高度约为2.45m

(2)苹果落地时的速度为9m/s。

17.【考点】弹力的大小、胡克定律；一般情况下的共点力平衡.

【分析】(1、2)分别对两个弹簧运用胡克定律列式求解形变量。

(3)根据几何关系，求解弹簧的总长度。

【解答】解：(1)分析皿受力情况，根据胡克定律可知，kIXi=mig

解得压缩量：X1=—o

kl

(2)把mi、m2看作整体，则由二力平衡得：

k2X2=(mi+m2)g

(m+m)g

解得下方k2弹簧的压缩量：l2

/k2o

(3)两个弹簧的总长度为1=L|+L2-XI-X2=L|+L2三(叫

klk2

答：（1）上方ki弹簧的压缩量为EL刍。

ki

（2）下方k2弹簧的压缩量为+m2）g,

k2

（3）这时两个弹簧的总长度为Li+度■三