2026届江西吉安市高三下学期一模生物试题（含答案）生物答案

TMEMTMEM175蛋白第393位的甲硫氨酸变成了苏氨mRNA相应位点的密码子由AUG变成了ACG,因此，甲硫氨酸对应的密码子是AUG,苏氨酸对应的密码子是ACG,C正确；TMEM175蛋白功占36%、Aa占50%、aa占14%,则a基因频率为14%+1/2×50%=39%,A正确；基因突变是不第1页(共4页)题号12345678DCABBCCA题号9CDDCPGDH需与底物相应位点结合才能发挥作用，B条件下保存，而不是在温度30℃、pH值为8.8【解析】患者TMEM175基因模板链上的碱基由生物学参考答案【解析】多巴胺是一种神经递质，可作为一种信引起突触后膜Na+内流，多巴胺与突触后膜受体结合减少，导致Na+内流减少，B正确；多巴胺可通过抑制多巴胺转运体的活性对ADHD患者【解析】ACTH促进肾上腺分泌GC的过程属于经递质、GC和细胞因子均参与调节下丘脑的分泌活动，B正确；长期压力刺激引起GC分泌增加会抑制免疫系统的功能，导致免疫力降低，C抑制了下丘脑和垂体的功能，使垂体分泌的【解析】据表可知，围封后该草场植物群落发围封后该草场对光能的利用率提高，植物垂直围封后该草场功能得到恢复，体现生态系统具有恢复力稳定性，C正确；据表可知，围封10年后物种丰富度比围封2年和6年都低，说明D错误。【解析】甘蔗茎尖经酒精和次氯酸钠消毒是为了除去茎尖表面的微生物，而不是增强植物组一般为固体培养基，产生的愈伤组织具有增殖再分化为丛芽的过程，提高生长素与细胞分裂养基中常添加蔗糖，既作为碳源又能调节渗透【解析】科研人员通过改变β-淀粉酶中氨基酸的种类，获得了耐高温β-淀粉酶(M₁),这属过程属于蛋白质工程范畴，A正确；蛋白质的结构决定其功能，M₀与M耐热性的差异与两者的空间结构有关，由于M₁中形成了二硫键，B正确；检测M1活性时应先将M1置于高温环控制合成的，替换氨基酸的过程需要通过对相关基因进行改造，使其表达出具有特定氨基酸【解析】ABA作为信号分子与受体结合，调控核内相关基因和表达，A错误；Ca²+是CBL感生物学参考答案第2页(共4页)中缺乏ABA的诱导作用，可能无法激活CBL【解析】采集酵母菌所用的培养基和培养器皿要进行严格灭菌处理，A错误；平板划线法能改造高产香叶醇的酵母菌的目的是应用于啤酒生产，因此对改造得到的酵母菌还要进行产香种到发酵罐前还需要进行扩大培养，以增加酵因中位点3的碱基对为C/T,I-2基因中位点8的碱基对为A/G,即I-1和I-2该基因发生突变位点不同，B正确；I-1和I-2再生一个孩子基因型与II-2相同(即不含有突变基因)的概率为1/4,C错误；II-1两条同源染色体上都含有一个突变位点，如果发生互换，这两个突变位点可能会在一条染色体上，减数第一次分裂时17.(12分)【答案】(1)非盐胁迫(正常水培)(1分)降低了最大净光合速率(2分)(2)叶绿素(叶绿素a和叶绿素b)(1分)光敏色素(1分)与T1组相比，T2组和T3光合速率明显升高(2分，没有对比得1分)(3)类囊体薄膜上(1分)盐胁迫会(损伤PSII,)使PSII最大光化学效率下降(给分)【解析】(1)根据实验设计的对照原则，图中空间构象发生改变，进而影响细胞核中相关基盐胁迫)的番茄幼苗最大净光合速率明显升高，(3)PSII是由色素蛋白组成的光反应中心，它收、传递和转化。根据图2的实验结果，可以18.(12分)【答案】(1)营养结构(食物链和食物网)(1分)消费者(2分)(2)减少(1分)苜蓿根部有根瘤菌，根瘤占用”各1分，共2分)(4)控制对该生态系统的干扰强度；给予相应的物质、能量投入(每点1分，共2分)【解析】(1)生态系统的结构包含生态系统的统组成成分中的生产者，而与苜蓿共生的根瘤(2)苜蓿根部有根瘤菌，根瘤菌能将空气中的氮气转化为含氮的养料供苜蓿利用，因此，种(3)间行种植使生物种类增加，营养结构更复种植在一定程度上避免病虫害的大面积爆发。玉米秸秆可用于生产畜禽饲料供畜禽食用，畜禽的粪便可用于还田，该利用方式能降低生态足迹的原因是该利用能实现物质和能量的多级利用，提高能量的利用率，减少了人类对环境(4)为维护恢复后该地区生态系统的稳定性，19.(12分)【答案】(1)呈递(1分)细胞免疫和体液免疫(1分)(2)不触发(1分)变长(1分)胞”各1分，共3分)②排除缓冲液对实验结果的干扰(2分)单独肿瘤生长效果更好(每点1分，共3分)【解析】(1)APC细胞能将肿瘤抗原摄取、处PD-L1与细胞毒性T细胞膜上的特异性受体长，以逃避机体免疫系统的识别和攻击。(3)①将紫杉类药物与抗PD-L1抗体结合在一细胞的活性，又使紫杉类药物靶向肿瘤细胞，因此，T4组的处理通常是将紫杉类药物与抗PD-L1抗体结合在一起，而不选择将紫杉类药物与抗PD-1抗体结合在一起。抗PD-L1抗体都能抑制肿瘤生长，联合使用抗20.(12分)【答案】(1)灰羽(1分);灰羽：黄羽：白羽=9:3:4(1分)灰羽：栗羽=3:1(1分)(3)基因D+的启动子中插入了一段碱基序列，增强了该基因启动子的功能，能持续转录出相应的mRNA,从而表达更多的D蛋白(“基因D+的启动子中插入了一段碱基序列，增强了该基因启动子的功能”、“能持续转录出相应的mRNA,从而表达更多的D蛋白”各1分，共2分)(4)1号个体和2号个体(2分，答全得分);进行PCR时难以扩增出相应的DNA,所以没有的DNA,所以没有电泳条带”各1分，共3分)【解析】(1)根据基因对羽色的控制机制以及杂交实验的结果推断，甲(灰羽，基因型为(2)由杂交组合②乙×丁的F₂中栗羽：黄羽：全为灰羽等结果，结合基因对羽色的控制机制可推出基因D、D+和d之间的显隐性关系为(3)基因D+可以持续表达D蛋白，从基因表(4)灰羽个体的基因型为D+D或D+d,根据电泳结果，D+的碱基序列长于D,1号个体和2号21.(12分)【答案】(1)322(1分)无(1分)端向3'端延伸，引物1和引物4延伸的方向是从3'端到5'端(2分，答全得分)MunI(1分)XmaI(1分)(3)引物2和引物5(2分，答全得分)1219(1分)(4)卡那霉素(1分)导入重组质粒的和导入普通质粒的(2分，答全得分)【解析】(1)P32基因含有969个bp(含终止密码子对应的序列),是依据P32蛋白的氨基酸序列人工合成的，且密码子由3个相邻的碱基组成，由此推测P32蛋白是由969÷3-1=322个氨基酸组成。人工合成基因时只是根据蛋白质的氨基酸序列合成相应的脱氧核苷酸序列，不会包含启动子序列，所以通过这种方法合成的P32基因无启动子序列。(2)对P32基因进行PCR时，DNA聚合酶只连接MunI的识别序列，引物3的5'端外侧需(3)若要用PCR技术确定P32基因已连接到含P32基因及部分质粒序列，结合图1和图2可知，应选用引物2和引物5对待测质粒进行PCR扩增。从引物2到引物5之间的距离包含度为250bp,所以预期扩增产物的片段大小为(4)由图2可知，质粒上的标记基因是卡那霉素抗性基因，所以将质粒导入大肠杆菌中后，需将大肠杆菌