湖南省衡阳市2026-2027学年高二上学期开学学情物理自测卷（人教版）（解析版）

湖南省衡阳市2026-2027学年高二上学期开学学情自测卷物理试题（解析版）题号12345678910答案CADBBCDACADAC1．C【详解】A．由可知，动量大可能是速度很大、质量很小，因此惯性不一定大，故A错误；B．由可知，动量大可能是质量很大、速度很小，故B错误；C．动量是矢量，动量相同意味着大小、方向均相同，动量方向与运动方向一致，因此运动方向一定相同，故C正确；D．由可知，动量相同时，速度越小则质量越大，对应的惯性越大，故D错误。故选C。2．A【详解】小球在光滑内壁上运动，只受竖直向下的重力和垂直于内壁的支持力。小球在水平面内做匀速圆周运动，竖直方向没有加速度，因此支持力的竖直分量与重力平衡，重力和支持力的合力水平指向圆心，为小球提供向心力。故选A。3．D【详解】一质量为2kg的石块从距公路5m高的山崖掉落到公路上，在此过程中重力做功为根据可知该过程重力势能减少100J。故选D。4．B【详解】AB．根据得经过A点竖直方向的速度同理，经过B点竖直方向的速度根据得A、B两点间的高度差故A错误，B正确；CD．小球经过A、B两点间的时间故CD错误。故选B。5．B【详解】A．由于两球质量相等，初始时处于同一高度，且处于静止状态，所以两球机械能相等，而释放后只有重力做功，小球的机械能守恒，所以经过最低点时两球机械能相等，故A错误；B．A球和B球在最低点时速度沿水平方向，竖直方向分速度为零，所以重力的瞬时功率为零，两球在最低点的瞬时功率相等，故B正确；C．球由静止释放到运动到最低点，由动能定理有由于A球的悬线比B球的悬线长，又由于两球的质量相同，所以A球在最低点的速度大于B球在最低点的速度，故C错误；D．小球在最低点时根据合力提供向心力得则两球质量相等，所以悬线对A球的拉力等于悬线对B球的拉力，故D错误。故选B。6．C【详解】A．甲左边装置底部为钢板，右边装置底部为泡沫，则小球与甲左边装置底部碰撞过程作用时间较小，根据重力可知，左边小球所受重力的冲量小，故A错误；B．撞击力的冲量大小等于图像的面积，题目明确说明曲线①②与时间轴围成的面积相等，因此两球所受撞击力的冲量大小相等，故B错误；CD．两小球所受合外力的冲量为支持力（撞击力）冲量与重力冲量之差，题意知曲线①②与时间轴围成的面积相等，即支持力冲量相等，由于左边小球所受重力的冲量小，则左边小球所受合外力的冲量大，即左边小球动量变化量大，故C正确，D错误。故选C。7．D【详解】A．动车从静止开始以恒定功率P在平直轨道上运动，根据可知，速度增大，牵引力减小，根据牛顿第二定律可知，动车开始做加速度减小的变加速直线运动，当加速度减为0时，速度达到最大值，动车做匀速直线运动，故A错误；B．结合上述可知，速度达到最大值时，加速度为0，此时牵引力与阻力平衡，则有，故B错误；C．动车从静止开始以恒定功率P在平直轨道上运动，牵引力做功，故C错误；D．根据动能定理有解得，故D正确。故选D。8．AC【详解】A．A为小球合力为零的点，根据牛顿第二定律可知，小球落至A点时的加速度为零，故A正确；B．小球落至O点后压缩弹簧，弹力开始时小于重力，加速度方向向下，小球向下做加速度减小的加速运动，到达O点时，加速度为0，速度达到最大值，之后，弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，小球做加速度增大的减速运动，直至运动到B点速度为0，故B错误；C．结合上述，小球在OA段加速度方向向下，则小球在段处于失重状态，故C正确；D．结合上述可知，小球从O到B的过程中加速度先减小后增大，故D错误。故选AC。9．AD【详解】A．A、B两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，初始位置的机械能相等，所以在最低点，两球的机械能相等。故A正确；B．根据动能定理知，L越大，动能越大，所以A球的动能大于B球的动能，故B错误；C．经过最低点时，两球竖直方向速度都为0，所以重力的瞬时功率都为0，故C错误；D．根据动能定理知由得与摆线的长度无关。所以两球摆线拉力相等。故D正确。故选AD。10．AC【详解】A．释放小球A前，B处于静止状态，由于绳子的拉力大于B的重力，故弹簧被拉伸，设弹簧伸长量为，对于B根据平衡条件有解得故A正确；B．小球A从顶点运动到C的过程，设绳子拉力对小球A所做的功为，根据动能定理有由图，根据几何关系有，物块B下降的高度为由此可知，弹簧此时被压缩了，则弹簧的弹性势能与初状态相等，A、B组成的系统机械能守恒，则当小球A运动到C点时，小球A的速度方向与绳子垂直，则此瞬间物块B的速度联立解得故B错误；C．由图根据几何关系可知则小球A运动到D点时，物体B又回到原位置，有对于整个下降过程由机械能守恒得解得，则小球A运动到底端D点时B物体的速度大小为，故C正确；D．小球A运动到底端D点的过程中，弹簧对B物体做功，则小球A和物体B组成的系统机械能不守恒，故D错误。故选AC。11．(1)D(2)【详解】（1）本实验研究向心力大小与物体质量、半径和角速度之间的关系，需要采用控制变量法。故选D。（2）[1]由于两球分别放置于位置，轨道半径相同，变速塔轮的半径之比为，根据可知角速度之比为；根据可知铝球与钢球的向心加速度之比为；[2]根据可知铝球与钢球的向心力之比为。12．CBmg(s3-s1)小于C【详解】（1）[1][2]B．将打点计时器接到电源的“交流输出”上，故B错误，操作不当；C．因为我们是比较mgh与的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平，故C没有必要。（2）[3][4][5]重物由B点到D点势能减少量的表达式为mg(s3-s1)B点的速度，D点的速度则动能的增加量由于重锤下落时要克服阻力做功，有内能产生，根据能量守恒定律知，该实验的动能增量总是小于重力势能的减小量;（3）[6]纸带算出各点的速度v，量出下落距离h，并以为纵轴、以h为横轴画出的图象，根据构成正比例函数，斜率，所以应是图中的C。13．①；②0.2V；③3V【详解】①由欧姆定律得电阻R的阻值为。②电源的内电压为电源的内电压为0.2V。③根据闭合电路欧姆定律有即电源的电动势为3V。14．(1)(2)(3)【详解】（1）小球在最高点时，根据牛顿第二定律得解得（2）根据机械能守恒定律得解得（3）小球经过与圆心等高处的速度解得小球经过与圆心等高处时受到管壁的弹力大小为解得15．(1)(2)(3)【详解】（1）设物块b向上运动到最高点时，物块c对地面的压力恰好为0，设弹簧伸长量为，根据已知条件有可得则物块b、c间的最大距离解得（2）初始时弹簧的压缩量也为，对物块b由受力平衡设物块a、b碰撞前瞬间物块a的速度大小为，则对该过程由动能定理碰撞后