2027届四川省绵阳是南山中学高二上物理期中综合测试试题含解析

2027届四川省绵阳是南山中学高二上物理期中综合测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系图如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大，可采用的接法是()A．将R1单独接到电源两端B．将R1、R2并联后接到电源两端C．将R1、R2串联后接到电源两端D．将R2单独接到电源两端2、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图中虚线所示(a、b只受电场力作用)，则()A．a一定带正电，b一定带负电B．两个粒子的电势能一个增加，一个减小C．a的速度将减小，b的速度将增加D．a的加速度将减小，b的加速度将增加3、如图所示，电源的内阻不可忽略．已知定值电阻R1=11Ω，R2=8Ω．当开关S接位置1时，电流表的示数为1．21A．那么当开关S接位置2时，电流表的示数可能是下列的哪些值（）A．1．28AB．1．25AC．1．22AD．1．19A4、两根固定的相互平行的长直导线L1、L2均水平放置且L1位于L2正上方，现通有大小相等方向相反的电流，竖直截面如图所示，O点为连线中点，OP为连线中垂线．若不考虑地磁场的影响，则下列说法正确的是（）A．P点的磁场方向竖直向下B．O点的磁感应强度为零C．一电子以速度v0在P点沿PO方向飞入，将做曲线运动D．一质子以速度v0在P点沿PO方向飞入，将做匀速直线运动5、如图所示，光滑的水平桌面上放着两个完全相同的金属环a和b，当一条形磁铁的S极竖直向下迅速靠近两环中间时，则()A．a、b互相远离 B．a、b互相靠近C．a、b均静止不动 D．a、b均向上跳起6、如右图所示，在坐标系xOy中，有边长为a的正方形金属线框abcd，其一条对角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点O处．在y轴的右侧的Ⅰ、Ⅳ象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好完全重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行．t＝0时刻，线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i随时间t变化的图线是下图中的()A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，A为带电量为Q的点电荷，中间竖直放置一带正电的介质板，B为质量为m、电量为＋q的小球，用绝缘丝线悬挂于O点，平衡时丝线与竖直方向的夹角为θ，且A、B两个小球在同一水平面上，间距为L，则介质板上的电荷在小球B处产生的电场强度大小E可能是()A．E＝mgtanθqC．E＝kQL2D．8、某电容器上标有“25V、470μF”的字样，对此，下列说法正确的是A．此电容器的击穿电压为25VB．当工作电压是25V时，电容才是470μFC．击穿电压高于额定电压D．此电容器只能在直流25V及以下电压才能正常工作9、在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则()A．电压表的示数变小B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变大D．电源两极间的电压变小10、如图所示，两个横截面分别为圆形和正方形的区域内有磁感应强度相同的匀强磁场，圆的直径和正方形的边长相等，两个电子以相同的速度分别飞入两个磁场区域，速度方向均与磁场方向垂直，进入圆形磁场的电子初速度方向对准圆心；进入正方形磁场的电子初速度方向垂直于边界，从中点进入。则下面判断正确的是（）A．两电子在两磁场中运动时，其半径一定相同B．两电子在磁场中运动的时间一定不相同C．进入圆形磁场区域的电子一定先飞离磁场D．进入圆形磁场区域的电子一定不会后飞离磁场三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图甲，小明同学用多用电表按下列步骤测量一未知电阻：旋转部件S，使指针对准电流刻度的“0”刻线；将K旋转到欧姆档“”的位置；将插入“”、“”插孔的红、黑表笔短接，旋转部件______，使指针对准电阻刻度的______刻线选填“0”或“”；当用“”倍率欧姆档测量时，发现表头指针向右偏转的角度过大，为减小误差，应将K拨到“______”倍率欧姆档选填“”或“”；如果拨档后立即测量电阻并读数，该同学遗漏的实验步骤是：______补上该步骤后，表盘的示数如乙图所示，则该电阻的阻值为______12．（12分）依次读出下面两图的读数（1）_______mm(2)_________cm四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在光滑水平面上向右运动的物体受力情况如图所示。g取10m/s2，请根据图中的数据求：(1)物体所受支持力F支的大小；(2)物体加速度的大小和方向。14．（16分）在某电场中的P点，放一带电量q=-3.0×10-10C的检验电荷，测得该电荷受到的电场力大小为F=6.0×10-7N，方向水平向右．求：（1）P点的场强大小和方向；（2）在P点放一带电量为q2=1.0×10-10C的检验电荷，求q2受到的电场力F2的大小和方向；（3）P点不放检验电荷时的场强大小和方向．15．（12分）如图所示的电路中，R1=5Ω，R2=9Ω．当开关K接1时，电流表示数I1=0.5A，当开关K接2时，电流表示数I2=0.3A，则（1）电源电动势E=？（2）当开关K接2时，电阻R2消耗的功率P=？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

根据闭合电路欧姆定律得：U=E−Ir知，I=0时，U=E，图象的斜率等于r，则由电源的U−I图线得到：电源的电动势为E=3V，内阻为r=0.5Ω.由电阻的伏安特性曲线求出R1=0.5Ω、R2=1Ω，R1单独接到电源两端时，两图线的交点表示电路的工作状态，可知，电路中的电流为3A，路端电压为1.5V，则电源的输出功率为P出1=1.5V×3A=4.5W，同理，当将R1、R2串联后接到电源两端，利用欧姆定律可得电路电流I串=1.5A，此时电源的输出功率P串=I2串(R1+R2)=3.75W；两电阻并联时，利用欧姆定律可得电路电流I并=3.6A,此时电源的输出功率P并=EI并−I2并r=4.32W；R2单独接到电源两端输出功率为P出2=2V×2A=4W.所以将R1单独接到电源两端时电源的输出功率最大。故A正确，BCD错误。故选：A由电源的U-I图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻．由电阻的U-I图线求出电阻．再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择．2、D【解析】题目中电场方向没有给出，两个粒子以相同的速度飞进电场后，轨迹相反，只能得出两粒子的带电属性相反，但不能确定谁带正电谁带负电，我们根据物体的运动轨迹方向总是夹在物体所受合外力方向与物体速度方向之间，由此得出ab两粒子电场力与速度的夹角为锐角，故电场力做正功，电势能都减小，速度都增大，所以BC错，电场强度的大小可以根据电场线的疏密程度来判断，a往电场线疏的地方运动，b往电场线密的地方运动，故a的加速度将减小，b的加速度将增加，D对3、C【解析】试题分析：当电键S接位置1时，电流表的示数为1．21A，则根据欧姆定律得知：路端电压U1=I1R1=11×1．2V=2V；电键S接2后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以电流不可能是1．19A，电源的路端电压一定减小；原来路端电压为2V，所以电键S接2后路端电压低于2V，因此电流一定小于1．25A，故只能选C．考点：闭合电路欧姆定律名师点睛：本题要根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系，可确定出电流表示数的范围进行选择．4、D【解析】

AB．根据安培定则和磁感应强度叠加原理可知处导线、处导线在、两点产生的磁场方向水平向左，故选项A、B错误；C．电子以速度在点沿方向飞入，速度与磁场方向平行，不受洛伦兹力，将做匀速直线运动，故选项C错误；D．质子以速度在点沿方向飞入，速度与磁场方向平行，不受洛伦兹力，将做匀速直线运动，故选项D正确．5、A【解析】

根据楞次定律可知：当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，闭合导体环内的磁通量增大，因此两线圈产生顺时针感应电流，由于两线圈电流方向相反，所以a，b两环互相排斥而相互远离，因此选项A正确，BCD错误。故选A。6、A【解析】试题分析：在0~av时间内，ab边切割磁感线运动，根据右手定则，知感应电流的方向为abcda，为正，切割的有效长度在均匀减小，所以感应电流的大小在均匀减小．在a考点：本题考查了导体切割磁感线时的感应电动势．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据共点力平衡条件和库仑定律列式，求解E的大小。【详解】当Q为正点电荷时：以小球为研究对象，分析受力情况：重力、点电荷对小球的静电力F、感应电荷的静电力qE和细线的拉力，如图根据共点力平衡条件：

F+qE=Tsinθ

mg=Tcosθ又根据库仑定律得：F=kQq联立解得：E=mg当Q为负点电荷时同理可得：qE=Tsinθ+F

mg=Tcosθ又根据库仑定律得：F=k联立解得：E=故应选：AD。本题是电场中的力平衡问题，要转换观念，当作力学问题去处理．关键要知道感应电荷产生的电场强度方向。8、CD【解析】由标称值可知，该电解电容器用于直流25V及以下电压时才能正常工作，25V是额定电压，击穿电压高于额定电压，故A错误，CD正确．电容器的电容值由其内部构造所决定，在不被击穿的条件下，与其工作电压无关；故B错误．故选CD．9、AC【解析】试题分析：由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，路端电压是增大（即电源两极间的电压增大），电路中总电流减小，故两端的电压减小，即电压表示数减小，因为，所以并联电路的电压增大，所以通过的电流增大，而，所以通过灯泡L的电流减小，所以灯泡消耗的电功率减小，故AC正确．10、AD【解析】

A．两个电子以相同的速度分别飞入两个磁感应强度相同的磁场区域，两电子在两磁场中运动时，其半径一定相同，选项A正确；BCD．电子在磁场中的可能运动情况如图所示电子从O点水平进入由于它们进入圆形磁场和正方形磁场的轨道半径、速度是相同的，把圆形磁场和矩形磁场的边界放到同一位置如图所示，由图可以看出进入磁场区域的电子的轨迹1，先出圆形磁场，再出正方形磁场；进入磁场区域的电子的轨迹2，同时从圆形与正方形边界处磁场；进入磁场区域的电子的轨迹3，先出圆形磁场，再出正方形磁场；所以电子不会先出正方形的磁场，即进入圆形区域的电子一定不会后飞离磁场。如图轨迹2所示，粒子转过的圆心角是相等的，则运动时间相等。故BC错误D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、T0重新进行欧姆调零220【解析】

将插入“”、“”插孔的红、黑表笔短接，旋转欧姆调零旋钮T，使指针对准电阻刻度的0刻线；当用“”倍率欧姆档测量时，表头指针向右偏转的角度过大，所选挡位太大，为减小误差，应将K拨到“”倍率欧姆档；换挡后要重新进行欧姆调零，由乙图所示可知，该电阻的阻值为；12、3.70010.155【解析】螺旋测微器的固定刻度为3.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为3.5mm+0.200mm=3.700mm；游标卡尺的主尺读数为101mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×0.05mm=0.55mm，所以最终读数为101mm+0.55mm=101.55mm=10.155cm四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)8N；（2）2