福建龙岩一中2027届物理高二第一学期期中达标检测模拟试题含解析

福建龙岩一中2027届物理高二第一学期期中达标检测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两个电阻串联后接在电路中两点,已知两点间电压不变．某同学把一个实验室里的电压表并联在两端时，读数为V；将该电压表并联在两端时，读数为4V，则两点间电压（）A．大于9V B．等于9VC．小于9Ｖ D．无法确定2、在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．闭合线圈在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定产生感应电流B．线圈不闭合时，若穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流，但有感应电动势C．感应电流的磁场总是与原磁场的方向相反D．法拉第通过实验研究，总结出电磁感应现象中感应电流方向的规律3、如图所示为一理想变压器工作电路图，今欲使变压器的输入功率增大到原来的2倍，在其他条件不变的情况下，可行的办法是A．原线圈的匝数n1增加到原来的2倍B．副线圈的匝数n2增加到原来的2倍C．负载电阻的阻值R变为原来的2倍D．n2和R都变为原来的2倍4、导体的电阻是2Ω，在24s内通过导体横截面的电量是480C，这时加在导体两端的电压是（）A．960VB．40VC．16VD．60V5、如图所示,虚线为静电场中的等势面1、2、3、4,相邻的等势面之间的电势差相等,其中等势面3的电势为0.—带正电的点电荷在静电力的作用下运动,经过a、b点时的动能分别为26eV和2eV.当这一点电荷运动到某一位置,其电势能变为-8eV,它的动能应为(

)A．8eV B．18eV C．24eV D．20eV6、电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的滑片由中点滑向a端时，下列说法正确的是A．电压表和电流表读数都增大B．电压表和电流表读数都减小C．电压表读数增大，电流表读数减小D．电压表读数减小，电流表读数增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，边长为L的等边三角形为两有界匀强磁场的理想边界，三角形区域内的磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B，三角形区域外的磁场（范围足够大）方向垂直纸面向里，磁感应强度大小也为B．把粒子源放在顶点A处，它将沿的角平分线方向发射质量为m、电荷量为q、初速度为的带电粒子（不计重力）．若从A点射出的粒子A．若粒子带负电，且，则第一次到C点所用时间B．若粒子带负电，且，则第一次到C点所用时间C．若粒子带正电，且，则第一次到C点所用时间D．若粒子带正电，且，则第一次到C点所用时间8、用下图实验装置来研究碰撞问题，用完全相同的轻绳将两个大小相同、质量相等的小球并列悬挂于一水平杆，球间有微小间隔．将1号球向左拉起，然后由静止释放，使其与2号球发生弹性正碰，不计空气阻力，忽略绳的伸长．下列说法正确的是()A．碰撞过程中两球构成的系统动量和机械能都守恒B．碰撞过程中两球构成的系统动量和机械能都不守恒C．碰撞过程中两球的速度互换D．碰撞后两球以共同的速度向右摆9、如图所示，三条平行等距的虚线表示电场中的三个等势面，电势值分别为10V、20V、30V，实线是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内的运动轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点来说()A．粒子在三点的合力Fa=Fb=Fc；B．粒子必先过a，再到b，然后到c；C．粒子在三点的动能大小为Ekb>Eka>Ekc；D．粒子在三点的电势能大小为Epc<Epa<Epb．10、如图甲，A、B是一对平行金属板，在两板间加有周期为T的交变电压U0，A板电势为φA=0，B板电势为φB随时间t变化的规律如图乙所示．现有一个电子从A板的小孔进入两板间的电场中，设电子的初速度和重力的影响均可忽略，则A．若电子是在t=0时刻进入的，它将一直向B板运动B．若电子是在t=T/8时刻进入的，它可能时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上C．若电子是在t=3T/8时刻进入的，它可能时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上D．若电子是在t=T/2时刻进入的，它可能时而向B板运动，时而向A板运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某实验小组在测定金属丝的电阻率的实验,已知实验中所用的电流表内阻约为几欧,电压表内阻约为1KΩ,电源为干电池．(1)若选图甲为本次的实验电路,闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于_____端(选填或“b”)．若测得金属丝的长度为L金属丝(横截面为圆形)的直径为d,电流表的读数为I,电压表读数为U，则该金属丝的电阻率ρ=_______(用测量的字母代号表示),但用此电路测量的金属丝电阻仍然会比真实值偏_____(选填“大”或“小”).(2)若已知实验所用的电流表内阻的准确值现选择图乙为本次的实验电路,请按图乙在图丙完成实物连线_______．由实验测得的电流I和电压U描出的图象如图丁所示,则(计算结果保留两位有效数字).12．（12分）某同学要描绘额定电压为4.5V小灯泡的I﹣U曲线，请为该同学设计实验电路把实验电路图画在答题卡上_______________．（标明器材符号）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，定值电阻均为R，电源电动势为E，内阻，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，质量为m的小液滴恰好能静止在两板的正中间。（重力加速度用g表示）求：(1)流过电源的电流大小；(2)两金属板间的电场强度的大小；(3)小液滴带何种电荷，带电量为多少。14．（16分）如图甲所示，有一足够长的绝缘细杆竖直放置在水平方向的匀强电场当中，电场强度E随时间t的变化关系如图乙所示(取水平向右为电场的正方向)．质量m=0.01kg、带电荷量q=+1.0×10-6C的有孔小球套在绝缘细杆上，孔的直径略大于细杆的直径．t=0时刻小球从细杆的某处静止释放，已知小球与细杆的动摩擦因数μ=0.1，整个过程中小球电量不变且始终处于匀强电场当中，空气阻力忽略不计，取g=10m/s1．求：（1）3秒末小球的速度大小；（1）3秒内小球的位移大小；（3）3秒内摩擦力对小球所做的功．15．（12分）如图所示，真空室中电极K发出的电子（初速度不计）经过电势差为U1的加速电场加速后，沿两水平金属板C、D间的中心线射入两板间的偏转电场，电子离开偏转电极时速度方向与水平方向成45°，最后打在荧光屏上，已知电子的质量为m、电荷量为e，C、D极板长为l，D板的电势比C板的电势高，极板间距离为d，荧光屏距C、D右端的距离为．电子重力不计．求：(1)电子通过偏转电场的时间t0；(2)偏转电极C、D间的电压U2；(3)电子到达荧光屏离O点的距离Y．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

并联后的总电阻小于任一支路电阻，由串联分压可知，当把一个实验室里的电压表并联在两端时，读数为5V，没有并联电压表时，R1两端电压肯定大于5V，同理R2两段电压肯定大于4V，所以电源电压肯定大于9V，A对；2、B【解析】

产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化,或闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动.根据这个条件进行选择,并根据楞次定律,即可分析求解.【详解】A、位于磁场中的闭合线圈,只有磁通量发生变化,才一定会产生感应电流.故A错误.

B、穿过闭合电路的磁感线的条数发生变化,磁通量一定发生变化,则闭合电路中就有感应电流,若不闭合则电路中就没有感应电流,但有感应电动势.所以B选项是正确的.

C、根据楞次定律可以知道,感应电流的磁场与原磁场方向相同,或与原磁场的方向相反.故C错误.

D、楞次通过实验研究,总结出电磁反应现象中感应电流方向的规律;故D错误;故选B3、D【解析】原线圈匝数增加使得副线圈电压减小，输出功率减小，输入功率也减小，故A错误；副线圈匝数增加2倍，副线圈电压增大2倍，根据P=，故输出功率增加到原来的4倍，故B错误；负载电阻增大，而电压不变，所以输出功率和输入功率都减小，故C错误；副线圈匝数和负载电阻都增加2倍，副线圈电压增大2倍，根据P=，故输出功率增加到原来的2倍，故D正确；故选D.点睛：做好本类题目除了利用变压器匝数比和电压比的关系外，还要根据闭合电路的欧姆定律去分析负载变化引起的功率变化，注意理想变压器的输入功率等于输出功率．4、B【解析】

由I=qt得I=qt=5、B【解析】

由题，电荷经过a、b点时的动能分别为26eV和2eV，动能减小为24eV，而相邻的等势面之间的电势差相等，电荷在相邻等势面间运动时电场力做功相等，电势能变化量相等，则电荷从3等势面到4等势面时，动能减小8eV，电势能增大，等势面3的电势为0，电荷经过b时电势能为8eV，又由题，电荷经b点时的动能为2eV，所以电荷的总能量为：8eV+2eV=10eV其电势能变为-8eV时，根据能量守恒定律得到，动能应为18eV，故选B。6、B【解析】

由题意可知考查电路动态分析问题，根据闭合电路欧姆定律分析可得。【详解】滑动变阻器的滑片由中点滑向a端时，滑动变阻器连入电路部分电阻变小，外电阻变小，整个回路电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知回路中的电流增大，内阻不变，说明内电压增大，外电压减小，电压表测得是外电压，故电压表读数变小，通过R1的电流增大，两端电压增大，因总的外电压减小，故R2两端电压减小，通过R2的电流减小，电流表读数减小。闭合电路动态分析时，要先从局部电阻入手，分析电阻变化情况，推测回路总的电阻变化情况，根据闭合电路欧姆定律分析总电流变化情况，先分析不变电阻电流、电压变化关系，根据电流电压关系再间接分析变化电阻电流、电压变化情况。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】

AC.粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供圆周运动的向心力，如图所示，当则由牛顿第二定律可得：，作出根据几何关系可知作出运动轨迹，根据轨迹可知，当电荷带正电，粒子经过一个周期到达C点，即为t3=T当粒子带负电，粒子经过第一次到达C点，即为故AC正确．BD.当根据轨迹可知，当电荷带正电，粒子经过到达C点，即为当粒子带负电，粒子经过第一次到达C点，即为故B正确D错误．8、AC【解析】试题分析：弹性碰撞的特点是动量守恒，机械能守恒，A正确；B错误；当两物体质量相等时，交换速度，C正确；D错误．考点：弹性碰撞所遵从的规律．9、AD【解析】

A．因表示电场中三个等势面的三条虚线是平行且等间距的，由此可判断电场是匀强电场，所以带电粒子在电场中各点受到的电场力相等，故A项正确．B．由题中的图可知，电场的方向是向上的，带负电的粒子将受到向下的电场力作用，带负电的粒子无论是依次沿a、b、c运动，还是依次沿c、b、a运动，都会得到如图的轨迹，故B项错误．C．带负电的粒子在电场中运动时，受到向下的电场力，向上运动时电场力做负功，动能减小，所以故C错误；D．带负电的粒子在电场中运动时，受到向下的电场力，向上运动时电场力做负功，电势能增加，所以，故D正确；故选AD。10、AB【解析】

若电子在t=0时刻进入的，在一个周期内，前半个周期受到的电场力向上，向上做加速运动，后半个周期受到的电场力向下，继续向上做减速运动，T时刻速度为零，接着周而复始，所以电子一直向B板运动，一定会到达B板，故A正确；若电子是在时刻进入的，在一个周期内：在，电子受到的电场力向上，向上做加速运动，在内，受到的电场力向下，继续向上做减速运动，时刻速度为零，接着继续向B板运动，周而复始，所以电子时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上，故B正确；若电子是在时刻进入的，与在时刻进入时的情况相似，在运动一个周期的时间内，时而向B板运动，时而向A板运动，总的位移向左，最后穿过A板，故C错误；若电子是在时刻进入的，在一个周期内：在，电子受到的电场力向左，向左做加速运动，在内，受到的电场力向右，继续向左做减速运动，时刻速度为零，接着周而复始，所以电子一直向A板运动，一定不会到达B板，故D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、小【解析】

（1）根据欧姆定律和电阻定律求出电阻率的表达式，并由此分析测量值与真实值之间的大小关系；（2）根据乙图连接好实物图，由欧姆定律求出．【详解】（1）若选用甲电路，闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的有效阻值要最大，故滑片应置于b端，根据欧姆定律有：，根据电阻定律有：，，联立解得：，由于电压表的分流作用，实际流过R的电流较小，故测量值小于真实值；（2）根据乙图的电路图，画出实物连接图如图所示：由丁图可知．对于电学实验一定不要单纯靠记忆去解决问题，一定要在理解的基础之上，灵活运用欧姆定律及串并联的相关知识求解．12、外接分压电路【解析】

本实验中要求电流从零开始调节，故应采用分压接法，同时灯泡内阻较小，故应采用电流表外接法，故电路图如图所示：四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；(2)；(3)负电，【解析】

(1)根据闭合电路的欧姆定律，流过电源的电流为(2)电容器两极板间的电压为两金属板间的电场强度为(3