2027届广东省肇庆市省部分重点中学物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2027届广东省肇庆市省部分重点中学物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个平行四边形的四个顶点.电场线与平行四边形所在的平面平行.已知a点的电势是2V，b点的电势是5V，c点的电势是9V.由此可知，d点的电势为（

）A．6VB．7VC．9VD．5V2、如图为三根通电平行直导线的断面图。若它们的电流大小都相同，且ab=ac=ad，则a点的磁感应强度的方向是A．沿纸面由a指向b B．垂直纸面指向纸外C．垂直纸面指向纸里 D．沿纸面由a指向d3、如图所示，两个带电量分别为2q和-q的点电荷放在x轴上，相距为2L。下列图像中，能正确反映两个电荷连线上场强大小E与x关系的是（）A．B．C．D．4、如图6，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹．M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点．不计重力，下列表述正确的是A．粒子在M点的速率最大 B．粒子所受电场力沿电场方向 C．粒子在电场中的加速度不变 D．粒子在电场中的电势能始终在增加5、如图所示，轻弹簧的劲度系数，当弹簧的两端各受20N拉力F的作用时在弹性限度内弹簧处于平衡，那么下列说法正确的是A．弹簧所受的合力为40N B．该弹簧伸长5cmC．该弹簧伸长10cm D．该弹簧伸长20cm6、A、B、C三点在同一直线上，AB:BC=1:2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷．当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的静电力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为–4q的点电荷，其所受电场力为A． B． C．–F D．F二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，空间存在垂直纸面向外的匀强磁场，在O点固定一点电荷Q，一带电粒子在电场力和磁场力的共同作用下做顺时针匀速圆周运动（不计重力和阻力），半径为r，周期为T，线速度为v，则当点电荷Q电量突然为零，则此后关于带电粒子的运动，下列说法正确的是A．半径大小一定变大 B．线速度大小一定不变C．周期大小一定变大 D．仍然可能做半径为r的匀速圆周运动8、平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图所示的电路，闭合开关S，待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷，要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是（A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只减小a、b两极板间的距离，其他不变9、如图为表演杂技“飞车走壁”的示意图．演员骑摩托车在一个圆台形结构的内壁上飞驰，做匀速圆周运动．图中a、b两个虚线圆表示同一位演员骑同一辆摩托，在离地面不同高度处进行表演的运动轨迹．不考虑车轮受到的侧向摩擦力，下列说法中正确的是A．在a轨道上运动时线速度较大B．在a轨道上运动时角速度较大C．在a、b两个轨道上运动时摩托车对侧壁的压力相等D．在a轨道上运动时摩托车和运动员所受的向心力较大10、如图所示，带正电的A粒子和B粒子先后以同样大小的速度从宽度为d的有界匀强磁场的边界上的O点分别以30°和60°(与边界的夹角)射入磁场，又都恰好不从另一边界飞出，（不计重力）则下列说法中正确的是()A．A、B两粒子在磁场中做圆周运动的半径之比是1B．A、B两粒子在磁场中做圆周运动的半径之比是3C．A、B两粒子在磁场中做圆周运动的时间之比是5:4D．A、B两粒子在磁场中做圆周运动的时间之比是15:42+三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法测绘这个灯泡的IU图线，有下列器材供选用：A．电压表(0~3V，内阻6kΩ)B．电压表(0~15V，内阻30kΩ)C．电流表(0~3A，内阻0.1Ω)D．电流表(0~0.6A，内阻0.5Ω)E．滑动变阻器(10Ω，2A)F．滑动变阻器(200Ω，0.5A)G．蓄电池(电动势6V，内阻不计)（1）用如图所示的电路进行测量，电压表应选用______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用______(用序号字母表示)。（2）通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示，由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为______Ω（结果保留三位有效数字）。（3）若将此灯泡与电动势6V、内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为_________Ω的电阻(结果保留三位有效数字）。12．（12分）某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝时，测得的结果如下图所示，则该金属丝的直径d=__mm。另一位同学用标有10等分刻度的游标卡尺测某一工件的长度，的如果如下图所示，则该工件的长度L＝_________cm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的闭合电路中，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω，灯泡A标有“6V，3W”，灯泡B标有“4V，4W”．当开关S闭合时A、B两灯均正常发光．求：R1与R2的阻值分别为多少？14．（16分）如图所示，电路中接一电动势为4V、内阻为2Ω的直流电源，电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为4Ω，电容器的电容为30μF，电流表的内阻不计，当电路稳定后，求：（1）电流表的读数（2）电容器所带的电荷量（3）如果断开电源，通过R2的电荷量15．（12分）如图所示，半径为R的绝缘球壳上均匀地带有电荷量为的电荷，另一电荷量为的点电荷放在球心处，由于对称性，点电荷受力为零，现在球壳上挖去半径为的一个小圆孔，则此时置于球心的点电荷所受静电力的大小为多少？方向如可？（已知静电力常量为k）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

在匀强电场中，每前进相同的距离，电势的降落相等，故：，代入数据有：，解得：，故A正确，B、C、D错误；故选A．关键是记住“匀强电场中每前进相同的距离电势的降落相等”的结论，并能灵活运用．2、A【解析】

根据安培定则可判断每一条通电导线在a点的磁感应强度的方向，如下图：由于电流大小相同，所以每根通电导线产生的磁感应强度的大小也相等，竖直方向相互抵消，最终a点的磁感应强度的方向为沿纸面由a指向b，所以A正确；故选A。3、C【解析】

由场强的叠加原理可知，在两电荷连线上的场强均向右；若两电荷带等量异种电荷，则在其连线中点处的场强最小，因两电荷带不等量异种电荷，可知在两电荷连线中点偏-q处电场强度最小，但不是零，从两点电荷向中点偏负电电场强度逐渐减小；

A．该图与结论不相符，A不符合题意；B．该图与结论不相符，B不符合题意；C．该图与结论相符，C符合题意；D．该图与结论不相符，D不符合题意；4、C【解析】

根据做曲线运动物体的受力特点合力指向轨迹的凹一侧，再结合电场力的特点可知粒子带负电,即受到的电场力方向与电场线方向相反，B错；从N到M电场力做负功，减速，电势能在增加；当达到M点后电场力做正功，加速，电势能在减小，则在M点的速度最小A错，D错；在整个过程中只受电场力根据牛顿第二定律加速度不变，C正确.5、C【解析】

A：弹簧的两端各受21N拉力F的作用时弹簧处于平衡，弹簧所受的合力为1．故A项错误．BCD：弹簧弹力为21N，则据得，弹簧的伸长量．故C项正确，BD两项错误．轻弹簧弹力等于其任一端受到的作用力．6、D【解析】

根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，分析可知电荷量为−4q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向相同．设AB=r，则有BC=2r.则有：故电荷量为−4q的点电荷在C处所受电场力为：，故D正确，ABC错误故选D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A.若带电粒子带正电，点电荷Q也带正电，电量为变为零之前，粒子受到指向圆心的洛伦兹力，以及沿着半径背离圆心的电场力，其向心力等于F向=F洛-F电当点电荷Q电量突然为零，电荷只受到洛伦兹力的作用，此时洛伦兹力大于电荷需要的向心力，粒子做近心运动，则半径减小，故A错误；B.因为当点电荷消失，粒子只受到洛伦兹力的作用，而洛伦兹力总是和速度方向相互垂直，不会改变粒子的速度大小，所以不论粒子之后做什么运动，其速度大小都不会改变，故B正确；CD.若带电粒子带负电，则在点电荷Q电量为变为零之前，粒子受到指向圆心的电场力，以及沿着半径背离圆心的洛伦兹力，向心力为F向=F电-F洛若此时电场力是洛伦兹力的两倍，则其向心力的大小等于洛伦兹力，当电场力消失时，洛伦兹力的大小刚好等于粒子需要的向心力，粒子继续做半径不变的圆周运动，如图中红色轨迹所示由于半径不变，向心力大小不变，则运动周期不变，故C错误D正确；8、BD【解析】

A、电路稳定后，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，则：当R1减小或R2增大时，电容器的电压增大，电量增加，故A错误，B正确；C、电路稳定后，电阻R3上无电压，电容器的电压与R3的阻值无关，故C错误；D、只减小a、b两极板间的距离，电容增大，电压不变，电量增加，故D正确；故选BD。9、AC【解析】

任选一摩托车作为研究对象，根据匀速圆周运动的合力提供向心力的特点，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律得到角速度、线速度与半径的关系，可比较它们的大小．根据力图，比较侧壁对摩托车的支持力和向心力的大小．【详解】A、B项：以任摩托车为研究对象，作出力图，如图：设侧壁与竖直方向的夹角为θ，则根据牛顿第二定律，得mgcotθ=mω2r，得到，θ相同，r大，则ω小，故在a轨道上运动时角速度较小，，解得：，r大，则v大，则在a轨道上运动时线速度较大，故A正确，B错误；C项：设侧壁对车的支持力为FN，则由图得到：，故FN的大小一样，故C正确；D项：向心力Fn=mgcotθ，故向心力Fn的大小相等，故D错误．故应选：AC．本题是圆维摆类型，支持力和重力的合力提供物体的向心力．对于几个相似情况的比较，往往以任意情况情况为例研究，得到一般的公式，然后比较大小．10、BD【解析】解：粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力，从而确定半径为：R=mvqB

如图：

由几何关系则有：Rcos30°+R=d；rcos30°+r=d

整理可以得到：Rr=32+3，故A错，B正确；由周期T=2πRv，三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ADE10.011.4【解析】

(1)［1］小灯泡的额定电压为2.8V，所以选择电压表量程为0~3V，选用A。［2］小灯泡功率约为0.8W，额定电压2.8V，可计算出小灯泡的电流约为0.3A，所以选择电流表量程为0~0.6A，选用D。［3］滑动变阻器在电路中是分压接法，为了便于调节，应选择阻值较小的，因此滑动变阻器选用E。(2)［4］由小灯泡的伏安特性曲线可得，当小灯泡两端电压为2.8V时，通过小灯泡的电流为0.28A，由欧姆定律可得，小灯泡正常工作时的电阻为10.0。(3)［5］由小灯泡的伏安特性曲线可知，小灯泡正常工作时，电压为2.8V，电流为0.28A，小灯泡与电阻串联接在电动势为6V的电源上，串联电阻应分得电压是3.2V，由得12、3.4062.13【解析】螺旋测微器的固定刻度示数是3mm，可动刻度示数是40.6×0.01mm=0.406mm，螺旋测微器的示数是3mm+0.406mm=3.406mm；游标卡尺主尺示数是2.1cm，游标尺示数是3×0.1mm=0.3mm=0.03cm，则游标卡尺的示数是2.1cm+0.03cm=2.13cm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、R1与R2的阻值分别为3Ω和2Ω【解析】试题分析：流过及B灯的电流，所以流过A灯的电流，由闭合电路欧姆定律：解得：．考点：闭合电路的欧姆定律【名师点睛】对于直流电路的计算问题，往往先求出局部的电阻，再求出外电路总电阻，根据欧姆定律求出路端电压和总电流，再计算各部分电路的电压和电流．14、（1）0.4A（2）4.8×10-5C（3）【解析】

当电键S闭合时，电阻、被短路．根据欧姆定律求出流过的电流，即电流表的读数．电容器的电压等于两端的电压，求出电压，再求解电容器的电量．断开电键S后，电容器通过、放电，、相当并联后与串联．再求解通过的电量．（1）当电键S闭合时，电阻、被短路．根据欧姆定律得电流表的读数（2）电容器所带的电