2027届西藏自治区昌都市第三高级中学高二上物理期中调研试题含解析

2027届西藏自治区昌都市第三高级中学高二上物理期中调研试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一平行板电容器中存在匀强电场，电场沿竖直方向．两个比荷（即粒子的电荷量与质量之比）不同的带正电的粒子和，从电容器的点（如图）以相同的水平速度射入两平行板之间．测得和与电容极板的撞击点到入射点之间的水平距离之比为1:1．若不计重力，则和的比荷之比是A．1:1 B．1:8 C．1:1 D．4:12、体育课上一学生将足球踢向斜台，如图所示，下列关于足球和斜台作用时斜台给足球的弹力方向的说法正确的是()A．沿v1的方向B．沿v2的方向C．先沿v1的方向后沿v2的方向D．沿垂直于斜台斜向左上方的方向3、如图所示，金属板带有等量异种电荷，板间某一竖直平面内电场线的分布如实线所示，已知该平面内P、O的连线为等势线，且与电场线上两点M、N的连线垂直，一带电油滴在O点处于静止状态，则（）A．若将油滴置于P处，仍能静止B．若将油滴从M处释放，油滴将沿直线运动到N处C．M点的电势一定比N点的电势高D．油滴在M点的电势能一定比在N点的电势能小4、下列x-t图象中，表示物体做匀速直线运动的是（）A． B．C． D．5、如图所示，在匀强电场中有a、b、c、d四点，它们处于同一圆周上，且ac、bd分别是圆的直径。已知a、b、c三点的电势分别为φa=10V，φb=16V，φc=17V，则d点的电势为A．1VB．6VC．11VD．18V6、如图，半径相同的两个金属球A、B带有相等的电荷量（可视为点电荷），相隔一定距离，两球之间相互吸引力的大小是F。今让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开。这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、a和b是点电荷电场中的两点，如图所示，a点电场强度Ea与ab连线夹角为60°，b点电场强度Eb与ab连线夹角为30°，则关于此电场，下列分析正确的是（）A．这是一个正点电荷产生的电场B．这是一个负点电荷产生的电场C．Ea：Eb=：1D．Ea：Eb=3：18、如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地。一带电油滴位于两板中央的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离,则()A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．带电油滴将在P点电势能将减小C．P点的电势将降低D．电容器的电容减小,电容器的带电量将减小9、关于电动势，以下说法中正确的是A．电源电动势等于电源正、负极之间的电势差B．用电压表直接测量电源两极间的电压数值，实际上总略小于电源电动势C．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D．电动势的大小数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功10、半径相同的两个金属小球A、B带有相等的电荷量，相隔一定的距离，今让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B接触后移开。这时，A、B两球的电荷量之比为（）A．2:3 B．3:2 C．2:1 D．1:2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“测定玻璃的折射率”的实验中，（1）小朱同学在实验桌上看到方木板上有一张白纸，白纸上有如图甲所示的实验器材，他认为除了缺刻度尺还少了一种器材，请你写出所缺器材的名称：______老师将器材配齐后，他进行实验，图乙是他在操作过程中的一个状态，请你指出第四枚大头针应在图乙中的位置________（填“A”、“B”或“C”）。（2）小红利用方格坐标纸测定玻璃的折射率，如图丙所示，AO是画在纸上的直线，她在直线AO适当位置竖直插上P1、P2两枚大头针，放上半圆形玻璃砖，使其圆心与O重合，然后插上P3、P4两枚大头针，以确定折射光线．其中她确定P3大头针位置的方法应当是________。操作完成后，她用圆规作了一个以O为圆心、半径与玻璃砖半径相同的半圆（如图丙中虚线所示），则她测出玻璃的折射率n＝________。12．（12分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现要描绘这个灯泡的伏安特性图线。有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻约为10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻约为20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻约为1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻约为0.4Ω）E.滑动变阻器（10Ω，2A）F.学生电源（直流6V），还有电键、导线若干(1)实验中所用电压表应选用________.(2)实验时要求尽量减小实验误差，测量电压从零开始多取几组数据，请将下图中实物连接成满足实验要求的测量电路________.(3)某同学根据实验得到的数据画出了该小灯泡的伏安特性曲线（如图所示），若用电动势为3V、内阻为2.5Ω的电源给该小灯泡供电，则该小灯泡的实际功率是________W.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，变压器原线圈输入电压为220V，副线圈输出电压为36V，两只灯泡的额定电压均为36V，L1额定功率为12W，L2额定功率为6W．试求：(1)该变压器的原、副线圈的匝数比；(2)两灯均正常工作时原线圈中的电流以及只有L1工作时原线圈中的电流．14．（16分）如图所示，两平行金属导轨间距L=1m，导轨与水平面成=37°，导轨电阻不计．导轨上端连接有E=6V、r=1Ω的电源和滑动变阻器R．长度也为L的金属棒ab垂直导轨放置且与导轨接触良好，金属棒的质量m=0.2kg，电阻R0=2Ω，整个装置处在竖直向上磁感应强度为B=1.5T的匀强磁场中，金属棒一直静止在导轨上．（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）当金属棒刚好与导轨间无摩擦力时，接入电路中的滑动变阻器的阻值R多大；（2）当滑动变阻器接入电路的电阻为R=5Ω时金属棒受到的摩擦力．15．（12分）如图所示，A、B、C为一等边三角形的三个顶点，某匀强电场的电场线平行于该三角形平面现将电荷量为的正点电荷从A点移到B点，电场力做功为，将另一电荷量为的负点电荷从A点移到C点，克服电场力做功J.求、各为多少？边长为

cm，求电场线方向及电场强度大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】两带电粒子都做类平抛运动，水平方向匀速运动，有，垂直金属板方向做初速度为零的匀加速直线运动，有，电荷在电场中受的力为，根据牛顿第二定律有，整理得，因为两粒子在同一电场中运动，E相同，初速度相同，侧位移相同，所以比荷与水平位移的平方成反比．所以比荷之比为，D正确．【易错提醒】表达式的整理过程易出现问题．【备考提示】带电粒子在电场中的加速和偏转是高考的重点考查内容．2、D【解析】

支持力是弹力，方向总是垂直于接触面，并指向被支持物.所以斜台给篮球的弹力的方向为垂直斜台向左上方方向.A.沿v1的方向与分析结果不相符；故A项错误.B.沿v2的方向与分析结果不相符；故B项错误.C.先沿v1的方向后沿v2的方向与分析结果不相符；故C项错误.D.沿垂直于斜台斜向左上方的方向与分析结果相符；故D项正确.3、D【解析】

A.由题可知，在O点处于静止状态，说明在O点的电场力与重力大小相等，由电场线的分布可知，P点的电场强度大于O点电场强度，则在P点的电场力大于重力，则油滴不会处于静止状态，故A错误；B.带电油滴受到重力和电场力的作用，由于电场的方向为电场线的切线方向，可知二者的合力的方向时刻在变化，在M点其合力的方向不沿直线MN，根据曲线运动条件可知，油滴也不会沿直线运动到N处，故B错误；C.根据沿着电场线电势降低，由于油滴电性未知，电场线的方向未知，故M、N点电势高低也是未知的，故C错误；D.在O点油滴受力向上，从N点到M点，电场力做正功，电势能减小，所以油滴在M点的电势能一定比在N点的电势能小，故D正确。故选：D。4、C【解析】

在x-t图像中，倾斜程度代表运动快慢即速度大小，因此匀速直线运动应该为一条过原点的倾斜直线，故C正确，ABD错误．5、C【解析】

由图利用几何关系可知，ab长度等于dc长度，且线段ab平行于线段dc，故φb-φa=16-10=φc-φd=17-φd可得φd=11VA．1V，与结论不相符，选项A错误；B．6V，与结论不相符，选项B错误；C．11V，与结论相符，选项C正确；D．18V，与结论不相符，选项D错误；6、A【解析】

A、B两球相互吸引，则两球带异种电荷，设A带有电荷量为Q，B带有电荷量为-Q，相隔一定距离r，两球之间相互吸引力的大小是第三个不带电的金属小球与A球接触后移开，第三个球与A球的带电量都为，第三个球与B球接触后移开，第三个球与B球的带电量都为A、B两球之间的相互作用力的大小故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

AB．设点电荷的电荷量为Q，将Ea、Eb延长相交，交点即为点电荷Q的位置，如图所示，可知Q为负电荷，故A错误，B正确；CD．设a、b两点到Q的距离分别为ra和rb，由几何知识得到：根据电场强度的公式可知，故C错误，D正确。8、AB【解析】

A、根据平衡条件可知，带电油滴受到向上的电场力与向下的重力相等，即满足qE=mg，若将上极板向下移动一小段距离，两板间距离d变小，由于电压不变；根据E=Ud可知，场强E变大，所以带电油滴受到向上的电场力大于向下的重力，粒子将向上运动，故AC、φP=UP0，Up0=E•Δd，由于场强E变大，P点到下极板的距离Δd不变，所以B、带电油滴受到向上的电场力，而电场方向向下，所以带电油滴带负电，根据EP=qφ，带电油滴将在P点电势能将减小，故D、根据C=εS4πkd可知，d减小，则电容器的电容C变大，根据Q=CU可知，U不变，则电容器的带电量Q变大，故D故选AB。关键是明确分析有关电容器动态问题的基本方法：先判断电容器的电压不变还是带电量不变（若断开电源则电量不变，若始终与电源相连则电压不变）；根据C=εS4πkd判断电容C的变化；根据Q=CU判断电容器带电量的变化情况；根据E=Ud判断场强E的变化（注意若断开电源，只改变板间距离时场强E9、BD【解析】试题分析：电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压，故A错误；电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故B正确．电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关，故C错误；根据电动势的定义式可知电源电动势总等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量，故D正确．考点：本题考查对电动势物理意义的理解能力，点评：电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．10、AC【解析】

若A、B两球带等量的同种电荷，电荷量都为Q，则让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开，A、B两球所带的电荷量大小分别为、，则接触后A、B两球的电荷量之比为2:3；若A、B两球带等量的异种电荷，电荷量大小都为Q，则让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开，A、B两球所带的电荷量大小分别为、，则接触后A、B两球的电荷量之比为2:1A.2:3，与结论相符，选项A正确；B.3:2，与结论不相符，选项B错误；C.2:1，与结论相符，选项C正确；D.1:2，与结论不相符，选项D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）大头针B（2）挡住P1P2的像1.5【解析】

依据实验原理，及提供的实验器材，即可求解；测定半圆形玻璃砖的折射率的原理是折射定律n=sinisinr，他确定P3大头针位置的方法应当是透过玻璃砖看，P3大头针挡住P1、P2两枚大头针的像；【详解】解：(1)在实验桌上看到方木板上有一张白纸，白纸上有如图甲所示的实验器材，还缺少刻度尺、大头针；依据光的折射定律，及玻璃砖上下表面平行，那么出射光线与入射光线相互平行，因此第四枚大头针应在图乙中的位置B处，如图所示；(2)透过玻璃砖看，P3大头针挡住P1、P2两枚大头针的像；如图，作出法线，过圆与入射光线与折射光线的交点作法线的垂线CA和DB，由数学知识得：入射角和折射角的正弦值分别为：sini=CACO其中CO=DO，则折射率n=sinr12、（1）A；（2）（3）0.80W；【解析】（1）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用0～5V的电压表，故选A；

（2）由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，灯泡的电阻约为R=U

（3）当灯泡接入电动势为3V、内阻为2.5Ω的电源中时，由闭合电路欧姆定律E=U+Ir

U=3-2.5I；画出U-I图象，与该小灯泡的伏安特性曲线的交点表示该灯泡接入电路中的电压和电流，由图读出通过灯泡电流为0.4A，两端电压为2.0V，所以功率为0.8W．

点睛：本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)55∶9(2)0.082A0.055A【解析】

(1)由变压比公式得：U1n1(2)两灯均正常工作时，由能量守恒得P1＋P2＝U1I1，I1只有L1灯工作时，由能量守恒P1＝U1I′1，解得I′1=P114、（1）R=3Ω（2）【解析】