安徽省长丰锦弘学校2027届物理高二上期中学业质量监测模拟试题含解析

安徽省长丰锦弘学校2027届物理高二上期中学业质量监测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于安培力和洛伦兹力，下列说法正确的是A．安培力与洛伦兹力的本质都是磁场对运动电荷的作用力B．安培力与洛伦兹力都永远不做功C．安培力的方向不一定垂直于电流方向，但一定垂直与磁场方向D．洛伦兹力的方向与正粒子的运动方向相同，与负粒子的运动方向相反2、如图所示，一定质量的物体用轻绳AB悬挂于天花板上，用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T不变C．F逐渐变小，T不变D．F逐渐变小，T逐渐变小3、如图所示为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图，且质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则质点从A点运动到E点的过程中，下列说法中正确的是（）A．质点经过C点的速率比D点的大B．质点经过A点时的加速度方向与速度方向的夹角小于90°C．质点经过D点时的加速度比B点的大D．质点从B到E的过程中加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小4、物理学中引入“质点”概念，从科学方法来说，是属于（）A．控制变量的方法 B．观察、实验的方法C．建立物理模型的方法 D．等效替代的方法5、阅读下列材料，完成下面小题，解答时不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s2,小明第一次下落过程中做自由落体运动位移的大小约为A．30m B．40m C．60m D．70m6、如图所示，一圆形金属线圈放置在水平桌面上，匀强磁场垂直桌面竖直向下，过线圈上A点作切线OO′，OO′与线圈在同一平面上．在线圈以OO′为轴翻转180°的过程中，线圈中电流方向A．始终为A→C→B→AB．先为A→C→B→A再为A→B→C→AC．始终为A→B→C→AD．先为A→B→C→A再为A→C→B→A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个T形电路如图所示，电路中的电阻R1＝120Ω，R2＝10Ω，R3＝40Ω.另有一测试电源，电动势为100V，内阻忽略不计．则()A．当c、d端短路时，a、b之间的等效电阻是130ΩB．当a、b端短路时，c、d之间的等效电阻是40ΩC．当a、b两端接通测试电源时，用理想电压表测得c、d两端的电压为50VD．当c、d两端接通测试电源时，用理想电压表测得a、b两端的电压为80V8、如图所示，在水平连线MN和PQ间有竖直向上的匀强电场，在MN上方有水平向里的匀强磁场．两个质量和带电量均相等的带正电的粒子A、B，分别以向右的水平初速度v0、2v0从PQ连线上O点先后进入电场，带电粒子A、B第一次在磁场中的运动时间分别为tA和tB，前两次穿越连线MN时两点间的距离分别为dA和dB，粒子重力不计，则A．tA一定小于tBB．tA可能等于tBC．dA一定等于dBD．dA可能小于dB9、对电动势的理解，正确的是()A．电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从负极移到正极所做的功B．电动势在数值上等于静电力把1C的负电荷从正极移到负极所做的功C．电动势在数值上等于静电力把1C的正电荷从负极移到正极所做的功D．电源电动势越大，则它把其他形式的能转化成电能的本领越强10、如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V．实线是一带电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，已知：带电粒子带电量为0.01C，在a点处的动能为0.5J，则该带电粒子A．粒子带正电 B．在b点处的电势能为0.5JC．在b点处的动能为零 D．在c点处的动能为0.4

J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现有一个标有“5V，2.5W”的小灯泡，导线和开关外，还有：A．直流电源：电动势约为6V，内阻很小B．直流电流表：量程0～3A，内阻约为0.1ΩC．直流电流表：量程0～600mA，内阻约为5ΩD．直流电压表：量程0～15V，内阻约为15kΩE．直流电压表：量程0～5V，内阻约为10kΩF．滑动变阻器：10Ω，2AG．滑动变阻器：1kΩ，0.5A实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据。（1）实验中电流表应选用_____，电压表应选用_____，滑动变阻器应选用_____（2）请按要求将图中所示的器材连成实验电路_____。（3）某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图所示。现把实验中使用的小灯泡接到如图所示的电路中，其中电源电动势E＝6V，内阻r＝1Ω，定值电阻R＝9Ω，此时灯泡的实际功率为_____W．（结果保留两位有效数字）12．（12分）在把电流表改装成电压表的实验中，把量程Ig=300μA，内阻约为100Ω的电流表G改装成电压表．（1）采用如图所示的电路测电流表G的内阻Rg，可选用器材有：A．电阻箱：最大阻值为999.9Ω；B．电阻箱：最大阻值为99999.9Ω；C．滑动变阻器：最大阻值为200Ω；D．滑动变阻器，最大阻值为2kΩ；E．电源，电动势约为2V，内阻很小；F．电源，电动势约为6V，内阻很小；G．开关、导线若干｡为提高测量精度，在上述可供选择的器材中，可变电阻R1应该选择___；可变电阻R2应该选___；电源E应该选择___．（填入选用器材的字母代号）（2）测电流表G内阻Rg的实验步骤如下：a．连接电路，将可变电阻R1调到最大；b．断开S2，闭合S1，调节可变电阻R1使电流表G满偏；c．闭合S2，调节可变电阻R2使电流表G半偏，此时可以认为电流表G的内阻Rg=R2设电流表G内阻Rg的测量值为R测，真实值为R真，则R测___R真｡（填“大于”、“小于”或“相等”）（3）若测得Rg=105.0Ω，现串联一个9895.0Ω的电阻将它改装成电压表，用它来测量电压，电流表表盘指针位置如图所示，则此时所测量的电压的值应是___V．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示是一个示波管工作原理图，电子经电压U14.5103V加速后以速度V0垂直等间距的进入电压U2180V,间距为d1.0cm,板长l5cm的平行金属板组成的偏转电场，离开电场后打在距离偏转电场s5cm的屏幕上的P点，（电子的比荷为）求：（1）电子进入偏转电场时的速度v0?（2）打在屏幕上的侧移位移OP?14．（16分）如图所示，匀强电场中，A、B、C三点构成一个直角三角形，∠A=53º，AB=3m.把电荷量q＝－2×10－10C的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8×10－8J，再由B点移动到C点电荷克服电场力做功4.8×10－8J，取B点的电势为零，求A、C两点的电势及场强．15．（12分）两平行金属板A、B水平放置，上极板电势高于下极板，两板间距d=4cm，板长L=10cm，一个质量为m=5×10-6kg、电量为q=1×10-9C的带电微粒，以v0=1m/s的水平初速度从两板间正中央射入，两板间所加电压为UAB时，微粒恰好不发生偏转，如图所示，取g=10m/s1．（1）试确定微粒的电性，求两板间所加电压UAB（1）增大两板间所加电压UAB，求微粒恰好从上板边缘飞出过程中的加速度大小（3）改变两板间所加电压UAB，要使微粒不打到金属板上，求两板间的电压UAB的取值范围？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现，洛伦兹力是安培力的微观形式，故安培力和洛伦兹力是性质相同的力，本质上都是磁场对运动电荷的作用力，故A正确；洛伦兹力始终与运动方向垂直，对运动电荷不做功；安培力与电流垂直，可以与运动方向相同，可以做功，故B错误；根据左手定则，可知：磁感线穿过掌心，安培力与磁感线垂直，且安培力与电流方向垂直，所以安培力垂直于感应线与电流构成的平面．但磁感线不一定垂直于电流，故C错误；由左手定则可知，洛伦兹力总是与速度垂直，故D错误．所以A正确，BCD错误．2、A【解析】

本题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【详解】以结点O为研究对象受力分析如下图所示：

由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知，绳OB的张力为mg，保持不变；根据平衡条件可知：Tcosθ-mg=0，Tsinθ-F=0，由此两式可得：F=mgtanθ，由于θ增加，故拉力F增加，T增加；故选A。掌握共点力平衡条件是正确解决本题的关键，本题中注意对缓慢拉动所隐含的在拉动过程中物体始终处于平衡状态条件的挖掘．3、A【解析】

A．由题意，质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，速度沿D点轨迹的切线方向，则知加速度斜向左上方，合外力也斜向左上方，质点做匀变速曲线运动，合外力恒定不变，质点由C到D过程中，合外力做负功，由动能定理可得，C点的速度比D点速度大，故A正确；

B．质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，速度沿轨迹的切线方向，加速度指向轨迹的内侧，则有A、B、C三点速度与加速度方向夹角均大于90°，故B错误；

C．质点做匀变速曲线运动，则有加速度不变，所以质点经过D点时的加速度与B点相同，故C错误；

D．质点从B到E的过程中加速度方向与速度方向的夹角一直减小，故D错误。

故选A。4、C【解析】

我们从力学角度研究引力作用下物体的运动时，只需考虑质量这一最重要的属性，其他因素均可略去。对于具有一定质量的物体，我们假设其质量集中在物体的质量中心，便抽象出质点模型。所以从科学方法来说，是属于建立物理模型的方法。故C正确，ABD错误。故选C。5、A【解析】

绳子长度为30m内，小明在下降30m内，仅受重力，做自由落体运动，可知小明自由落体运动的位移为30m．故选A．6、C【解析】

当线圈平面与磁场方向平行时，线圈平面与磁场方向的夹角为1度，则Φ=1．当线圈与磁场方向垂直时，穿过线圈平面的磁通量变大．图中的情况是磁场与线圈垂直，所以开始时的磁通量最大，转过91°时的磁通量最小．所以在线圈由图示位置绕转轴OO′转动181°的过程中，向里穿过线圈的磁通量先减小，后增大．向里穿过线圈的磁通量减小时，根据楞次定律可知，产生的感应电流的方向是A→B→C→A，转过角度大于91°后，向里的磁通量增大，楞次定律可知，产生的感应电流的方向仍然是A→B→C→A，故ABD错误，C正确．故选C．解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为1，当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大．然后根据楞次定律进行判断．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联，等效电阻为，故A错误；当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为，故B正确；当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，故C错误；当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压：，故D正确．所以BD正确，AC错误．8、AC【解析】

粒子在电场中运动只受电场力作用，故加速度相等，那么，粒子第一次穿过MN时的竖直分速度相同，水平速度不变，分别为，；粒子在磁场中运动只受洛伦兹力作用，故粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力做向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，粒子在磁场中做圆周运动的周期：；根据圆周运动规律可得：粒子转过的圆心角为，故粒子A转过的中心角比粒子B小，又有周期相等，故，故A正确，B错误；前两次穿越连线MN时两点间的距离为：，故，故C正确，D错误．所以AC正确，BD错误．9、AD【解析】

ABC．由可知电源电动势在数值上等于非静电力把电源中1C正电荷从负极移到正极所做的功；故A正确，BC错误；D．电源电动势越大，则它把其他形式的能转化成电能的本领越强，选项D正确。10、AD【解析】

A．由等势面与场强垂直可知场强方向向上，电场力指向轨迹弯曲的内侧，所以电场力向上，所以为正电荷，故A正确；B．由电势能的定义知粒子在b点处的电势能EPb=φq=0.01×30J=0.3J故B错误；C．由粒子在a点处的总能量E=0.01×10J+0.5J=0.6J由能量守恒得在b点处的动能为：Ekb=0.6-0.3J=0.3J故C错误；

D．由能量守恒得在C点处的动能为：EkC=0.6J-0.01×20J=0.4J故D正确.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CEF如图所示：0.78---0.84【解析】

(1)[1][2][3]灯泡额定电流为：电流表选择C；灯泡额定电压为5V，电压表应选择E；为方便实验操作，滑动变阻器应选择F。

(2)[4]灯泡正常发光时的电阻为：远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，实验中要求小灯泡两端的电压从零开始变化以便测量多组数据，滑动变阻器应采用分压接法，实物电路图如图所示：

(3)[5]把电源与电阻R整体看做等效电源，在灯泡U-I图象坐标系内作出效电源的U-I图象如图所示：

由图示图象可知，灯泡两端电压：U=2.1V，通过灯泡的电流：I=0.39A，灯泡实际功率：P=UI=2.1×0.39≈0.82W12、BAF小于2.30【解析】

本实验通过半偏法测量电流表G的内阻，抓住整个电路电流要基本保持不变，确定选择的器材．通过总电阻的变化，导致总电流的变化，确定半偏法测量电流表内阻的误差．根据欧姆定律求出改装后电压表的电压．（1）利用半偏法测量电流表G的内阻，要保证总电流基本不变，则R1的阻值远大于R2的阻值，电动势选择大一些的．故可变电阻R1应该选择B；可变电阻R2应该选择A；电源E应该选择F．（2）由于并联R2后，总电阻减小，则总电流增大，所以通过R2的实际电流大于通过电流表G的电流，则R2的阻值小于电流表G的阻值，所以电流表R测＜R真．（3）根据欧姆定律得：U=Ig（Rg+R）=2.3×10﹣4×（105+9895）=2.30V；本题考查了实验器材选择、实验误差分析、电压表读数，知道半偏法测电表内阻的实验原理是正确解题的关键，要掌握实验器材的选择原则．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4×107m/s（2）0.75m【解析】

（1）电子在加速电场中加速，由动能定理得：eU1=mv02-0，代入数据解得：v0=4×107m/s；

故电子进入偏转电场的速度：v0=4×107m/s；

（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，

在水平方向：l=v0t1，

在竖直方向上：由牛顿第二定律得：，飞出电场时偏转量为：y1=at12

代入数据解得：y1=0.25cm；

设电子从偏转场穿出时，沿y方向的速度为vy，穿出后到达屏S所经历的时间为t2，