2027届山东省泰安一中物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

2027届山东省泰安一中物理高二第一学期期中质量检测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在国际单位制中，加速度的单位是（）A．m B．s C．m/s D．m/s22、关于电场的下列说法正确的是（）A．电场既看不到又摸不着，所以它不是客观存在的B．由于，所以E跟F成正比，跟q在反比C．电场线是电场中真实存在的线状物D．电场线是人们为了形象地描述电场而人为引入的3、如图所示，质量为m、长度为L的金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂在O、O′点，处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，棒中通以某一方向的电流，平衡时两细线与竖直方向夹角均为θ，重力加速度为g.则()A．金属棒中的电流方向由N指向MB．金属棒MN所受安培力的方向垂直于OMNO′平面向上C．金属棒中的电流大小为D．每条细线所受拉力大小为4、如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上（与纸面平行），磁场方向垂直于纸面向里．两个带正电的微粒a、b，以相同的速度水平向右射入电磁场，a在纸面内向右做匀速直线运动，b在纸面内做匀速圆周运动．两个微粒的比荷与大小比较，正确的是A． B．C． D．条件不足，无法判断5、一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第1.0s末速度的大小为（）A．5.0m/sB．10m/sC．15m/sD．20m/s6、如图所示，闭合金属圆环沿垂直于磁场方向放置在匀强磁场中，将它从匀强磁场中匀速拉出，以下各种说法中正确的是()A．向左和向右拉出时，环中感应电流方向相反B．向左和向右拉出时，环中感应电流方向都是沿顺时针方向C．向左和向右拉出时，环中感应电流方向都是沿逆时针方向D．将圆环拉出磁场的过程中，当环全部处在磁场中运动时，也有感应电流产生二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹。粒子先经过M点，再经过N点。可以判定：（）A．其在M点的速度小于在N点的速度B．其在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力C．其在N点的速度小于在M点的速度D．其在N点受到的电场力大于在M点受到的电场力8、如图所示，半径为r的均匀带电圆环带电量为Q（），对称轴（虚线）上的M、N两点关于圆心O点对称。下列说法正确的是（）A．O点的场强为B．对称轴为等势线C．M、N两点的场强大小相等，电势相等D．若取无穷远处电势为0，则O点的电势大于09、一束绿光照射某金属发生了光电效应，则以下说法正确的是()A．若增加绿光的照射强度，则单位时间内逸出的光电子数增加B．若增加绿光的照射强度，则逸出的光电子的最大初动能增加C．若改用紫光照射，则可能不会发生光电效应D．若改用紫光照射，则逸出的光电子的最大初动能增加10、如图所示，用绝缘细线拴住一带正电的小球，在方向竖直向上的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动，则正确的说法是（）A．若电场力大于重力，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B．若电场力小于重力，当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C．小球可能做匀速圆周运动D．小球不可能做匀速圆周运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学在实验室测定金属丝电阻率的实验中：(1)用游标卡尺测量有效长度如图甲所示，可知其长度为L=_________mm；(2)如图乙所示，用螺旋测微器测金属丝的直径的测量值d=__________mm；(3)选用“×1”倍率的电阻挡测量，先进行欧姆调零，再用来测金属丝的电阻，此时观察到多用表的示数如图丙所示，测量结果为R=__________Ω。(4)该金属丝电阻率的表达式ρ=________（用R、d、L表示）。12．（12分）某电阻额定电压为3V（阻值大约为10Ω），为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：A．电流表A1（量程300mA，内阻约1Ω）B．电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）C．电压表V1（量程3.0V，内阻约3kΩ）D．电压表V2（量程5.0V，内阻约5kΩ）E.滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω）F.滑动变阻器R2（最大阻值为1kΩ）G.电源E（电动势4V，内阻可忽略）H.电键、导线若干（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表_____，电压表_____，滑动变阻器_____．（2）画出该实验电路图_____．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）有一个带电量q=3×10-6C的正点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服静电力做功9×10-4J，从B点移到C点，静电力对电荷做6×10-4J的功，问：(1)AC间电势差为多少？(2)如以A点电势为零，则B点的电势为多少？电荷在B点的电势能为多少？14．（16分）如图所示,长L=1m的轻质绝缘细绳上端固定,下端连接一个可视为质点的带电小球,当小球静止在水平向右的匀强电场中时,细绳与竖直方向的夹角θ=。已知小球所带电荷量q=1.0×10-6C,匀强电场的场强E=3.0×103N/C,取重力加速度g=10m/s2,sin=0.6,cos=0.8。求:(1)小球所受电场力F的大小。(2)小球的质量m。(3)若匀强电场大小不变，方向变为竖直向下,小球从图中位置静止释放到最低点时动能的大小。15．（12分）如图为固定在竖直平面内的轨道，直轨道AB与光滑圆弧轨道BC相切，圆弧轨道的圆心角为37°，半径为r=0.21m，C端水平,AB段的动摩擦因数为0.1．竖直墙壁CD高H=0.2m,紧靠墙壁在地面上固定一个和CD等高，底边长L=0.3m的斜面．一个质量m=0.1kg的小物块(视为质点)在倾斜轨道上从距离B点l=0.1m处由静止释放，从C点水平抛出．重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.2．求：（1）小物块运动到C点时对轨道的压力的大小；（2）小物块从C点抛出到击中斜面的时间；（3）改变小物体从轨道上释放的初位置，求小物体击中斜面时动能的最小值．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据加速度的定义式知，加速度的单位是，故ABC错误，D正确．点睛：加速度的单位是导出单位，可根据物理公式推导出各物理量单位的关系，关键要对涉及加速度的公式要熟悉．2、D【解析】A、电场虽然看不到又摸不着，但是它是客观存在的；故A错误；B、公式是电场强度的定义式，电场强度是由电场决定的，与电荷受到的电场力无关，与电量无关，故B错误；CD、电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线，不是电场中真实存在的线状物．故C错误，D正确；故选D．3、C【解析】平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ，所以导线受到的安培力水平向右，根据左手定则，可知金属棒中的电流方向由M指向N，故A错误；对棒受力分析，做出沿MN的方向观察的受力图所示：金属棒MN所受安培力的方向垂直于MN和磁场方向水平向右，与OMNO′平面不垂直，故B错误；根据平衡条件可得：mgtanθ=BIL，解得：，故C正确；根据平衡条件可得：2Tcosθ=mg，解得：，故D错误。所以C正确，ABD错误。4、C【解析】

微粒受重力mg、电场力F、洛伦兹力F'的作用，a在纸面内向左做匀速直线运动，则a受力平衡，且洛伦兹力方向向上，则有：，即，可得：；b在纸面内做匀速圆周运动，则b的重力等于电场力，即F=mbg，即，可得：，由此可知：，故C正确，ABD错误．5、B【解析】石块做自由落体运动，则石块做初速度为0，加速度为g的匀加速直线运动，根据匀加速直线运动的速度与时间的关系式v=v0+at可得第1s末石块的速度大小为：v=gt=10×1=10m/s

故选B.6、B【解析】

不管沿什么将线圈拉出磁场，穿过线圈的磁通量都减小，根据楞次定律判断可知，线圈中感应电流的方向都是沿顺时针方向，AC错误B正确；当环全部处在磁场中运动时，线圈没有磁通量的变化，因此不会产生感应电流，D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】电场线的疏密表示场强大小，所以M的场强小于N点的场强，其在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力，故B错误，D正确；由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，M到N的过程中电场力对粒子做正功，在M点的动能小于在N点的动能，在M点的速度小于在N点受到的速度，故A正确，C错误。所以AD正确，BC错误。8、CD【解析】

A．由于带电圆环所带正电荷均匀分布，根据对称性及场强叠加原理可得，圆环上各点电荷在O点产生的场强抵消，所以合场强为0，故A错误；BCD．由场强叠加原理可判断，在对称轴MN上，场强以O点为中心，沿MN上下对称分布。根据沿电场线方向，电势逐渐降低，可知在MN上O点电势最高，往两边电势逐渐降低，且关于O点对称的两点电势大小相等，若取无穷远处电势为0，则O点的电势一定大于0，故B错误，CD正确。故选CD。9、AD【解析】光的强度增大，则单位时间内逸出的光电子数目增多，根据光电效应方程知，光电子的最大初动能不变，故A正确、B错误；因为紫光的频率大于绿光的频率，一定发生光电效应，故C错误；根据光电效应方程Ekm=hv-W0知，光电子的最大初动能增加，故D正确．所以AD正确，BC错误．10、BC【解析】A、当电场力大于于重力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小，故A错误；B、当电场力小于重力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大，故B正确；C、当重力等于于电场力时，小球做匀速圆周运动．故C正确，D错误；故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.150.197(0.196~0.198)14.0【解析】(1)由图示游标卡尺可知，其示数为：50mm+3×0.05mm=50.15mm；(2)由图示螺旋测微器可知，其示数为：0mm+19.7×0.01mm=0.197mm；(3)选用“×10”倍率的电阻挡测量，多用表指针偏转过大，所选倍率太大，为准确测量电阻阻值，应选择较小倍率，因此需选择×1倍率的电阻挡，换挡后要重新进行欧姆调零，然后再进行测量，由图示表盘可知，电阻阻值：R=14.0×1=14.0Ω．(4)金属丝的电阻为：，电阻率为：；【点睛】游标卡尺、螺旋测微器、欧姆表读数、求电阻率；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读．12、ACE【解析】

（1）根据待测电阻的阻值和额定电压比较容易的选择电流表和电压表，滑动变阻器采用分压式接法，可测量多组数值；（2）由待测电阻的大小选择安培表的外接法测量误差较小．【详解】（1）[1][2][3]．由于待测电阻额定电压为3V而电阻约为10Ω，则待测电阻额定电流约为0.3A，所以电流表选择量程为300mA的电流表A，电压表选择量程为3.0V的电压表C，为了测量精确需要多测量几组，所以滑动变阻器需要采用分压式接法，故用电阻较小的E；（2）[4]．滑动变阻器用分压式，由于待测电阻（阻值大约为10Ω）远小于伏特表内阻(内阻约3kΩ)，所以电流表采用外接法，实验电路如下图：四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】试题分析：（1)由题知WAB＝－9×10-4J，UAB=WAB/q=-9×10－4/3×10－6=-300V,UBC=WBC/q=6×10-4/3×10－6=200V,UAC=UAB+UBC=-100V,(2)若φA＝0，φB＝φA-UAB＝300V,点电荷在B点的电势能EpB＝qφB＝3×10－6×300=9×10-4J考点：电势、电势差、电势能14、(1)(2)(3)【解析】

(1)小球所受电场力F=qE代入数据得(2)小球受mg、绳的拉力T和电场力F作用，根据共点力平衡条件和图中几何关系有解得小球的质量(3)电场改成竖直向下,小球回到最低点时动能Ek，由动能定理代入数据解得：15、（1）2.2N（2）t=315s（3）当y=0.12m，【解析】试题分析：小物块从A到C的过程，由动能定理求出C点的速度．在C点，由牛顿第二定律求轨道对小物块的支持