2025-2026年广东省人教版九年级物理下册第6章热学练习题

2025-2026年广东省人教版九年级物理下册第6章热学练习题一、单项选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分）1.某同学用温度计测量一杯水的温度，读数时发现温度计的液柱没有完全浸没在被测液体中，且视线没有与液柱上表面相平，下列说法正确的是（）A.测量结果一定偏大，因为液柱没有完全浸没B.测量结果一定偏小，因为视线没有与液柱上表面相平C.测量结果可能偏大也可能偏小，取决于温度计的具体类型D.测量结果一定准确，只要温度计的量程足够大2.关于热传递，下列说法正确的是（）A.热传递过程中，热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体B.热传递过程中，热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体C.热传递发生的条件是物体之间有温度差D.热传递的三种方式中，传导是唯一需要介质的方式3.某金属块的质量为200g，吸收了4.2×10³焦耳的热量后，温度升高了50℃，该金属的比热容是多少？（已知c金属=0.38×10³J/(kg•℃)）A.0.38J/(g•℃)B.3.8J/(g•℃)C.0.38×10³J/(kg•℃)D.3.8×10³J/(kg•℃)4.在标准大气压下，将100g0℃的冰投入100g50℃的水中，混合后达到热平衡，不计热量损失，最终温度是多少？（冰的熔化热为3.36×10⁵J/kg）A.0℃B.25℃C.37.8℃D.50℃5.下列现象中，不属于物态变化的是（）A.夏天冰棍冒“白气”B.冬天窗户上的“冰花”C.湿衣服晾干D.烧水时壶嘴冒出的“白气”6.某物体吸收热量后，其内能一定发生改变，下列说法正确的是（）A.物体的温度一定升高B.物体的温度一定降低C.物体的温度可能不变D.物体的温度变化与物态变化无关7.关于水的沸点，下列说法正确的是（）A.水的沸点总是100℃B.水的沸点随气压的增大而降低C.水的沸点与水的质量有关D.水的沸点随气压的增大而升高8.下列说法正确的是（）A.0℃的冰比0℃的水内能小B.温度高的物体一定比温度低的物体内能大C.物体温度升高，分子运动一定变快D.物体温度降低，分子势能一定减小9.某电热水壶的额定功率为1500W，正常工作5分钟可以烧开一壶水，已知水的比热容为4.2×10³J/(kg•℃)，水的质量为2kg，则水的末温是多少？（假设不计热量损失）A.50℃B.100℃C.150℃D.200℃10.关于热机，下列说法正确的是（）A.热机的效率越高，消耗的燃料就越多B.热机的效率越高，做的有用功就越多C.热机的效率越高，能量转化的利用率就越高D.热机的效率越高，排放的废气就越少二、填空题（本大题共10小题，每空2分，共20分）1.水的比热容是4.2×10³J/(kg•℃)，质量为2kg的水温度从20℃升高到80℃，水吸收的热量是________焦耳。2.热传递的三种方式是________、________和________。3.在标准大气压下，水沸腾时温度为________℃，此时水发生的物态变化是________，该过程________吸热（填“会”或“不会”）。4.质量为500g的铝块，温度从20℃升高到100℃，吸收的热量是1.68×10⁴焦耳，铝的比热容是________J/(kg•℃)。5.将100g0℃的冰投入100g40℃的水中，混合后达到热平衡，最终温度为________℃，冰的质量________（填“增加”“减少”或“不变”）。6.物体的内能包括________能和________能。7.某物体温度升高10℃，吸收了2.1×10³焦耳的热量，其内能增加了________焦耳。8.水的沸点随气压的增大而________（填“升高”“降低”或“不变”）。9.热机的效率是指________与________的比值。10.将一壶水从20℃加热到100℃，水吸收的热量是________焦耳（假设水的质量为2kg，不计热量损失）。三、判断题（本大题共10小题，每小题2分，共20分）1.热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体。（×）2.物体的温度越高，分子运动越剧烈。（√）3.水的沸点总是100℃。（×）4.热传递的三种方式中，传导不需要介质。（×）5.物体的内能与温度有关，与质量无关。（×）6.物态变化过程中，一定伴随着吸热或放热。（√）7.热机的效率越高，消耗的燃料就越少。（√）8.水结冰时，温度会降低。（×）9.物体的温度升高，分子势能一定增加。（×）10.热量不能从一个物体传递到另一个物体。（×）四、简答题（本大题共8小题，每小题2分，共16分）1.简述温度、热量和内能的区别。2.简述热传递的条件和方式。3.简述物态变化的六种类型及其吸放热情况。4.简述水的沸点与气压的关系。5.简述热机的工作原理。6.简述比热容的物理意义。7.简述内能的物理意义。8.简述热机效率的计算公式。五、应用题（本大题共8小题，每小题4分，共24分）1.某金属块的质量为200g，吸收了4.2×10³焦耳的热量后，温度升高了50℃，求该金属的比热容。2.在标准大气压下，将100g0℃的冰投入100g50℃的水中，混合后达到热平衡，不计热量损失，求最终温度和冰的质量变化。3.某电热水壶的额定功率为1500W，正常工作5分钟可以烧开一壶水，已知水的比热容为4.2×10³J/(kg•℃)，水的质量为2kg，求水的末温。4.某热机的效率为30%，消耗了2kg的燃料，燃料完全燃烧释放的热量为5×10⁷焦耳，求该热机做的有用功。5.某物体温度从20℃升高到80℃，吸收了2.1×10³焦耳的热量，求该物体的内能增加了多少。6.水的比热容为4.2×10³J/(kg•℃)，质量为2kg的水温度从20℃升高到100℃，求水吸收的热量。7.在标准大气压下，水沸腾时温度为100℃，此时水发生的物态变化是汽化，该过程会吸热吗？为什么？8.热机的效率是指有用功与总功的比值，为什么热机的效率不可能达到100%？【标准答案及解析】一、单项选择题1.B解析：温度计的液柱没有完全浸没在被测液体中，会导致测量结果偏小；视线没有与液柱上表面相平，会导致测量结果偏大。因此，测量结果可能偏大也可能偏小，取决于两种误差的相互影响。选项B正确。2.C解析：热传递发生的条件是物体之间有温度差，热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体。选项C正确。3.C解析：根据Q=mcΔt，c=Q/(mΔt)=4.2×10³J/(200g×50℃)=0.38×10³J/(kg•℃)。选项C正确。4.B解析：冰吸收热量熔化成水，水放出热量降温，最终达到热平衡。设最终温度为t，冰熔化质量为m，则有：mcΔt=mcΔt，即100g×(50℃-t)=100g×(t-0℃)，解得t=25℃。选项B正确。5.D解析：夏天冰棍冒“白气”是水蒸气液化，冬天窗户上的“冰花”是水蒸气凝华，湿衣服晾干是水蒸发，烧水时壶嘴冒出的“白气”是水蒸气液化。选项D不属于物态变化。6.C解析：物体吸收热量后，内能一定增加，但温度可能不变（如物态变化时），也可能升高。选项C正确。7.D解析：水的沸点随气压的增大而升高。选项D正确。8.C解析：温度高的物体分子运动剧烈，内能不一定大（与质量有关）；物体温度升高，分子动能增加，势能可能不变。选项C正确。9.B解析：W=Pt=1500W×5×60s=4.5×10⁵J，Q=W=4.5×10⁵J，Δt=Q/(mc)=4.5×10⁵J/(2kg×4.2×10³J/(kg•℃))≈53.8℃，末温约为100℃+53.8℃=153.8℃，接近100℃。选项B正确。10.C解析：热机的效率越高，能量转化的利用率就越高。选项C正确。二、填空题1.2.1×10⁵解析：Q=mcΔt=2kg×4.2×10³J/(kg•℃)×(80℃-20℃)=2.1×10⁵J。2.传导、对流、辐射3.100℃；汽化；会4.0.88×10³解析：c=Q/(mΔt)=1.68×10⁴J/(0.5kg×80℃)=0.88×10³J/(kg•℃)。5.0℃；不变解析：冰水混合物的温度始终为0℃，冰吸收热量熔化成水，但质量不变。6.分子动能；分子势7.2.1×10³解析：内能增加量等于吸收的热量，即2.1×10³焦耳。8.升高9.有用功；总功10.6.72×10⁵解析：Q=mcΔt=2kg×4.2×10³J/(kg•℃)×(100℃-20℃)=6.72×10⁵J。三、判断题1.×解析：热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体，与内能大小无关。2.√解析：温度越高，分子运动越剧烈。3.×解析：水的沸点随气压的增大而升高。4.×解析：传导不需要介质，但也可以在介质中发生。5.×解析：内能与温度、质量都有关。6.√解析：物态变化过程中，一定伴随着吸热或放热。7.√解析：热机的效率越高，能量转化的利用率就越高，消耗的燃料就越少。8.×解析：水结冰时，温度保持0℃不变。9.×解析：物体温度升高，分子动能增加，势能可能不变。10.×解析：热量可以从一个物体传递到另一个物体。四、简答题1.温度是表示物体冷热程度的物理量；热量是物体间能量转移的量度；内能是物体内部所有分子动能和势能的总和。2.热传递的条件是物体之间有温度差；方式有传导、对流和辐射。3.六种类型：熔化、汽化、升华吸热；凝固、液化、凝华放热。4.水的沸点随气压的增大而升高，随气压的减小而降低。5.热机的工作原理是将燃料燃烧释放的内能转化为机械能，主要包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程。6.比热容是单位质量物质温度升高1℃吸收的热量，反映物质吸热能力的物理量。7.内能是物体内部所有分子动能和势能的总和，与温度、质量、物态有关。8.热机效率=有用功/总功×100%。热机效率不可能达到100%是因为存在热量损失和摩擦等。五、应用题1.解：根据Q=mcΔt，c=Q/(mΔt)=4.2×10³J/(200g×50℃)=0.42×10³J/(g•℃)=0.42×10³J/(kg•℃)。2.解：设最终温度为t，冰熔化质量为m，则有：mcΔt=mcΔt，即100g×(50℃-t)=100g×(t-0℃)，解得t=25℃。冰吸收热量熔化成水，质量增加，但最终冰的质量仍为100g。3.解：W=Pt=1500W×5×60s=4.5×10⁵J，Q=W=4.5×10⁵J，Δt=Q/(mc)=4.5×10⁵J/(2kg×4.2×10³J/(kg•℃))≈53.8℃，末温约为100℃+53.8℃=1