2027届浙江省宁波华茂外国语学校物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

2027届浙江省宁波华茂外国语学校物理高二第一学期期中质量检测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个负试探电荷在这个电场中的轨迹，若电荷是从a处运动到b处，以下判断正确的是：()A．电荷从a到b加速度减小B．b处电势能小C．b处电势高D．电荷在b处速度小2、如图所示，当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，电路中电压表和电流表示数的变化情况是（）A．V示数变大，A示数都变小B．V示数变小、A示数都变大C．R1消耗的功率变小，R2消耗的功率变大D．R1消耗的功率变大，R2消耗的功率变小3、关于物理学史，下列说法中正确的是A．安培认为磁化使铁质物体内部产生了分子电流B．奥斯特实验发现了电流的磁效应，即电流可以产生磁场C．库仑通过实验测出了引力常量G的大小D．密立根通过实验测得元电荷e的数值为1×10-19C4、如图所示，一内外侧均光滑的半圆柱槽置于光滑的水平面上．槽的左侧有一竖直墙壁．现让一小球(可认为质点)自左端槽口A点的正上方从静止开始下落，与半圆槽相切并从A点进入槽内，则下列说法正确的是()A．小球离开右侧槽口以后，将做竖直上抛运动B．小球在槽内运动的全过程中，只有重力对小球做功C．小球在槽内运动的全过程中，小球与槽组成的系统机械能守恒D．小球在槽内运动的全过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒5、汽车启动后10s末，速度表的指针指在图中所示的位置，前10s内汽车运动了150m．下列说法中正确的是（）A．10s内通过的位移为150m，10s内的平均速度为70km/hB．10s内通过的位移为150m，10s末的瞬时速度为70km/hC．10s内通过的路程为150m，10s内的平均速度为70km/hD．10s内通过的路程为150m，10s末的瞬时速度为70km/h6、对物体带电现象的叙述,下列说法正确的是()A．一个不带电的物体内一定没有电荷B．物体带电一定具有多余的电子C．物体带电的过程就是电荷移动的过程D．物体带电的过程就是创造电荷的过程二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在静电场中，将一电子由a点移到b点，电场力做功5eV，则下列结论错误的是（）A．电场强度的方向一定是由b到aB．a、b两点间的电势差Uab为5VC．电子的电势能减少了5eVD．因零电势点未确定，故不能确定a、b两点的电势8、如图所示为某同学设计的多用电表的原理示意图。虚线框中S为一个单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱B可以分别与触点1、2、3接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的不同功能。关于此多用电表，下列说法中正确的是（）A．当S接触点2时，多用电表处于测量电阻的挡位B．当S接触点3时，多用电表处于测量电流的挡位C．接线柱A为“+”接线柱D．接线柱A为“—”接线柱9、如图所示是“探究电磁感应的产生条件”的实验装置，下列情况中会引起电流表指针偏转的是（）A．闭合开关时B．闭合开关后拔出线圈A时C．断开开关后拔出线圈A时D．断开开关后移动变阻器的滑片时10、如图所示的U-I图象中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安曲线，将该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知A．R的阻值为2.0ΩB．电源电动势为2V，内阻为0.5ΩC．电源的输出功率为2.0WD．电源总功率为2.0W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学在某砖墙前的高处水平抛出一个石子，石子在空中运动的部分轨迹照片如图所示．从照片可看出石子恰好垂直打在一倾角为37°的斜坡上的A点．已知每块砖的平均厚度为10cm（不计砖缝的宽度），抛出点到A点竖直方向刚好相距100块砖，取g＝10m/s1．sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），则石子在空中运动的时间为___________s，石子水平抛出的初速度大小为________m/s，石子的抛出点到A点的距离为_______m.（结果可以用根号表示）12．（12分）（1）图甲中游标卡尺读数为________mm，图乙中螺旋测微器读数为________mm。甲乙丙（2）图丙为某多用电表表盘，选用“×10”倍率的电阻挡测量某电阻时，发现多用表指针偏转过大，为使测量更准确，需选择___________倍率的电阻挡测量（填：“×1”或“×10”或“×100”）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示电路中，电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，电阻R1＝9Ω，R2＝5Ω，R3是一只滑动变阻器，其阻值变化范围为0～20Ω，求：（1）电流表的示数为0.4A，R3的阻值为多大；（2）电源的总功率最大值；14．（16分）如图所示，AMB是AM和MB两段组成的绝缘轨道，其中AM段与水平面成370，轨道MB处在方向竖直向上、大小E＝5×103N/C的匀强电场中。一质量m＝0.1kg、电荷量q＝＋1.0×10－4C的可视为质点的滑块以初速度v0＝6m/s从离水平地面高h＝4.2m处开始向下运动，经M点进入电场，从B点离开电场,最终停在距B点1.6m处的C点。不计经过M点的能量损失，已知滑块与轨道间的动摩擦因数μ＝0.5，求滑块：(1)到达M点时的速度大小；(2)M、B两点的距离l；15．（12分）如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第I象限存在沿y轴负方向的水平匀强电场，在y轴负半轴上的某处固定着一点电荷（设匀强电场与点电荷电场以x轴为界互不影响），一质量为m，电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度v0垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成θ=60°角射入第IV象限，此后在点电荷作用下做匀速圆周运动，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出，OP=3R．不计粒子重力，静电力常量为k，求：（1）M、N两点间的电势差UMN；

（2）固定x轴下侧平面内的点电荷电量Q.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】解：A、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在b点的加速度大，故A错误；B、从a到b的过程中，电场力做负功，电势能增加，所以b处电势能大，故B错误；C、根据粒子的运动的轨迹可以知道，负电荷受到的电场力的方向向下，所以电场线的方向向上，所以a点的电势大于b点的电势，故C错误；D、由B的分析可知，电场力做负功，电势能增加，速度减小，所以电荷在b处速度小，故D正确．故选D．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．2、D【解析】

由图可知，R2与R并联后与R1串联；当滑片向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可知可知电路中总电流增大；根据欧姆定律可知可知R1串电压增大，即电压表示数增大，根据可知R1消耗的功率变大；电源电动势不变，现内阻和R1电压增大，故并联部分电压减小，所以通过R2的电流减小，根据可知R2消耗的功率变小；因总电流增大，R2的电流减小，故电流表中电流增大。故选D。3、B【解析】A、安培提出了分子电流，没有磁性的物体内部分子电流的取向是杂乱无章的，分子电流产生的磁场相互抵消，但当受到外界磁场的作用力时分子电流的取向变得大致相同时分子电流产生的磁场相互加强，物体就被磁化了，两端形成磁极，故A错误B、奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场，故B正确；C、牛顿发现万有引力定律之后，卡文迪许通过实验测出了引力常量G的数值，故C错误；D、密立根最早用实验测得元电荷e的数值，故D错误。点睛：物理学史是高考考查内容之一，对于著名物理学家的重要理论、实验、重大发现、研究方法等等，要加强记忆，不能混淆。4、C【解析】

A、小球经过槽的最低点后，在小球沿槽的右侧面上升的过程中，槽也向右运动，小球离开右侧槽口时相对于地面的速度斜向右上方，小球将做斜抛运动而不是做竖直上抛运动，故A错误；B、小球在槽内运动的全过程中，从刚释放到最低点，只有重力做功，而从最低点开始上升过程中，除小球重力做功外，还有槽对球作用力做负功，故B错误；C、小球在槽内运动的全过程中，从刚释放到最低点，只有重力做功，而从最低点开始上升过程中，除小球重力做功外，还有槽对球作用力做负功，但球对槽作用力做正功，两者之和正好为零，所以小球与槽组成的系统机械能守恒，故C正确；D、小球在槽内运动的前半过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，而小球在槽内运动的后半过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒，故D错误．考查动量守恒定律与机械能守恒定律．当球下落到最低点过程，由于左侧竖直墙壁作用，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，但小球机械能守恒．当球从最低点上升时，小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒，但小球机械能不守恒，而小球与槽组成的系统机械能守恒．5、D【解析】试题分析：前10s内汽车运动了l50m．是指的路程；汽车的速度表每时每刻都在变化，故速度表显示的是瞬时速度；汽车的速度表显示的是瞬时速度，由图可知在第10s末汽车的瞬时速度是70km/h．故D正确．故选D．考点：路程；位移；平均速度；瞬时速度．点评：汽车的速度表指示的是瞬时速度这是生活常识，所以多留心、多观察、多思考是学好物理的必要条件．6、C【解析】

A．任何物体内部总有正负电荷,不带电是因为它呈现了电中性,故A错误；B．物体带电可能是有多余的电了或失去电子,故B错误；C．物体带电是因为失去电子或得到电子,故带电过程就是电荷移动的过程,故C正确；D．电荷是不能被创生的,故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

A．由于不知道电子运动的轨迹是否与电场线重合，故电场强度的方向不一定由b到a，故A错误；B．因为则即a、b两点的电势差是-5V，故B错误；C.电子由a点移到b点，电场力做功5eV，则电子的电势能减少了5eV，故C正确；D．电场中某点的电势大小的确定和零势点的选取有关，所以零电势点未确定，是不能确定a、b两点的电势，故D正确。本题选错误的，故选AB。8、AC【解析】

A：当S接触点2时，表头与R1并联后与电源和滑动变阻器相连，多用电表处于测量电阻的挡位。故A项正确。B：当S接触点3时，表头与R1并联后与R3串联，多用电表处于测量电压的挡位。故B项错误。CD：当S接触点3时，多用电表处于测量电阻的挡位，测量电阻时，电流从电源正极出发经接线柱B流出，经过电阻后，再从接线柱A流入电表，则接线柱A为“+”接线柱。故C项正确，D项错误。多用电流测量电流、电压或电阻时，电流均从“+”接线柱流入电表，从“—”接线柱流出电表。且红表笔与“+”接线柱相连，黑表笔与“—”接线柱相连。9、AB【解析】

A．闭合开关时，穿过B线圈的磁通量从无到有，磁通量发生变化，产生感应电流，电流表指针发生偏转，故A正确；B．闭合开关后，拔出线圈A时，穿过B线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，电流表指针发生偏转，故B正确；C．断开开关后，拔出线圈A时，穿过B线圈的磁通量始终为零，不变化，不产生感应电流，电流表指针不发生偏转，故C错误；D．断开开关后，移动滑动变阻器，穿过线圈B的磁通量始终为零，磁通量不变，不产生感应电流，故D错误。故选AB。10、BC【解析】

A．R的阻值为选项A错误；B．由图像可知，电源电动势为E=2V，内阻为选项B正确；C．电源的输出功率为P=IU=2×1W=2.0W选项C正确；D．电源总功率为P总=IE=2×2W=4.0W选项D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、t=1sv0=15m/s1013【解析】

根据石子下落的高度，结合位移时间公式求出石子运动的时间，抓住石子速度与斜面垂直，通过竖直分速度，结合平行四边形定则求出石子水平抛出的速度。【详解】由题意可知，石子落到A点的竖直位移为：y=100×10×10-1=10m；根据y=12g竖直分速度为：vy=gt=10×1m/s=10m/s，根据平行四边形定则得：v0石子落到A点的水平位移为：x=由平行四行定则得：d=x解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。12、49.150.900×1【解析】（1）游标卡尺的主尺读数为49mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm，所以最终读数为：49mm+0.15mm=49.15mm；螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为40.0×0.01mm=0.400mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.900mm。（2）选用“×10”倍率的电阻挡测量某电阻时，发现多用表指针偏转过大，说明阻值较小，所以应选择小倍率，即“×1”。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）10/3Ω（2）14.4W【解析】

(1)由电路图得：U并=I2R2=0.4×5V=2V据闭合电路欧姆定律得：E=U并+I(R1+r)所以I=A=1A据分流规律得：I3=I−I2=1−0.4=0.6A所以R3=U并/I3=2/0.6Ω=10/3Ω(2)据P=IE得，要使P最大，必须使I最大，由闭合电路欧姆定律得R最小，所以R3的阻值为零时，其功率最大由闭合电路欧姆定律得：I′=A=1.2A所以Pmax=I′E=1.2A×12V=14.4W答：(1)电流表的示数为0.4A时,R3的阻