贵州省安顺市普通高中2027届物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析

贵州省安顺市普通高中2027届物理高二第一学期期中调研模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略。当闭合开关S后,将滑动变阻器的滑片P向下调节，则下列叙述正确的是A．电压表和电流表的示数都增大B．灯L2变暗，电流表的示数减小C．灯L1变亮，电压表的示数减小D．电源的效率增大，电容器C的带电量增加2、作图能力是高中物理学习中一项非常重要的能力．对于解决涉及复杂过程的力学综合问题，我们往往可以通过画状态图或图将物理过程展现出来，帮助我们进行过程分析、寻找物理量之间的关系．如图所示，光滑水平面上有一静止的足够长的木板M，一小木块m（可视为质点）从左端以某一初速度向右侧运动．若固定木板，最终小木块停在距左侧处（如图所示）．若不固定木板，最终小木块也会相对木板停止滑动，这种情形下，木块刚相对木板停止滑动时的状态图可能正确的是图中的（）A．B．C．D．3、如图所示，处于纸面内水平放置的通电直导线与竖直向下的磁场垂直，则该导线所受安培力的方向是()A．向上B．向下C．垂直纸面向外D．垂直纸面向里4、如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为下列说法中正确的是A．小球受重力、细绳的拉力和向心力作用B．细绳的拉力提供了向心力C．越大，小球运动的线速度越大D．越大，小球运动的周期越大5、可以用检验电荷在电场中的受力情况来研究电场的强弱。若将检验电荷放在静电场中的某一点，检验电荷的电荷量q不同，其所受的电场力F也不同。下列图像正确反映F和q关系的是A． B．C． D．6、如图所示，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下（不计重力）一带电粒子经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，以下判断正确的是A．粒子带正电B．A、B两点相比较，A点电势低C．A、B两点相比较，粒子在A点时加速度大D．A、B两点相比较，粒子在B点的电势能大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计．匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成θ角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则()．A．导体棒向左运动B．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELC．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELD．开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为BEL8、如图所示，一带电粒子在匀强电场中从A点抛出，运动到B点时速度方向竖直向下，且在B点时粒子的速度为粒子在电场中运动的最小速度，已知电场方向和粒子运动轨迹在同一竖直平面内，粒子的重力和空气阻力与电场力相比可忽略不计，则()A．电场方向一定水平向右B．电场中A点的电势一定高于B点的电势C．从A到B的过程中，粒子的电势能一定增加D．从A到B的过程中，粒子的电势能与动能之和一定不变9、如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图．变压器的输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动（可视为不变）．输出电压通过输电线输送给用户，两条输电线的电阻用R0表示，变阻器R代表用户用电器的总电阻，当用电器增加时，相当于R的阻值减小（滑动片向下移）．如果变压器上的能量损失可忽略，当用户的用电器增加时，图中各表的读数变化正确的是（）A．V2不变B．V3变小C．A1变小D．A2变小10、某娱乐场所有大圆球内的摩托车表演，可简化为竖直平面内固定的圆形轨道，驾驶员与摩托车总质量为m，在其内侧做圆周运动，当以速度v通过最高点时，恰好对轨道没有压力，经过轨道最低点时速度大小为2v，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．圆形轨道半径为gv2B．在轨道最高点的加速度大小为gC．在轨道最低点受到轨道的支持力大小为4mgD．在轨道最低点受到轨道的支持力大小为5mg三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）如图甲所示用0.6A量程时,电流表的读数是________A；（2）如图乙所示螺旋测微器读数为_________mm。12．（12分）如图所示为J0411多用电表示意图，其中A、B、C为三个可调节的部件，某同学在实验室中用它测量一阻值约为的电阻，他测量的操作步骤如下：（1）调节可调部件___________，使电表指针指向___________．（2）调节可调部件B，使它的尖端指向____________位置．（3）将红、黑表笔分别插入正、负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件_________，使电表指针指向欧姆零刻度位置．（4）将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数．（5）换测另一阻值为的电阻时，应调节B，使它的尖端指向“”的位置，此时还必须重复步骤_______，才能进行测量，若电表读数如图所示，则该待测电阻的阻值是______________．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，相距20cm的平行金属导轨所在平面与水平面夹角θ=37°，现在导轨上放一质量为330g的金属棒ab，它与导轨间动摩擦因数为0.50，整个装置处于磁感应强度为2T的竖直向上匀强磁场中，导轨所接的电源电动势为15V，内阻不计，滑动变阻器的阻值满足要求，其他部分电阻不计，取g=10m/s2，为了保证ab处于静止状态，则：（1）ab通入的最大电流为多少？（2）ab通入的最小电流为多少？（3）R的调节范围是多大？14．（16分）如图所示，匀强电场电场线与AC平行，把10－8C的负电荷从A点移到B点，电场力做功6×10－8J，AB长6cm，AB与AC成60°角．（1）若B处电势为1V，则A处电势为多少？（2）求匀强电场的场强大小．15．（12分）如下左图所示，R1＝14Ω，R2＝9Ω，当S扳到位置1时，电压表示数为2.8V，当开关S扳到位置2时，电压表示数为2.7V，求电源的电动势和内阻？（电压表为理想电表）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

ABC．当闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向下时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则灯L1变亮，电压表的示数减小，根据串联电路分压规律可知，并联部分的电压减小，则灯L2的电流减小，灯L2变暗，根据干路电流增大，灯L2的电流减小，可知电流表的示数增大，故AB错误，C正确；D．电源的效率U减小，则电源的效率减小。并联部分电压减小，则电容器的电压减小，由Q=CU，可知电容器C的带电量减小，故D错误。2、B【解析】

A.根据能量守恒，末态物块对地位移一定小于，故A错误B.小物块匀减速的末速度等于木板加速的末速度，停止相对滑动，所以木板的位移一定小于物块的位移，故B正确C.根据选项B的分析，故C错误D.根据A的分析，故D错误故选B3、C【解析】根据左手定则，让磁感线穿过手心，即手心向上，四指指向电流方向，即指向左侧，大拇指垂直于纸面指向外，故安培力方向垂直纸面向外，故ABD错误，C正确。故选：C。点睛：正确应用左手定则是解答本题的关键，在应用时为防止手忙脚乱，可以先让四指和电流方向一致，然后通过旋转手让磁感线穿过手心，从而进一步确定大拇指的指向即安培力方向．4、C【解析】

小球只受重力和绳的拉力作用，二者合力提供向心力，故B错误；向心力大小为：，小球做圆周运动的半径为：，则由牛顿第二定律得：，得到线速度：，越大，、越大，所以小球运动的速度越大，故C正确；小球运动周期：，因此，越大，小球运动的周期越小，故D错误．所以C正确，ABD错误．5、A【解析】

静电场中的某一点的场强不变，与检验电荷无关，根据，F与q成正比关系，所以A正确；故选A。6、D【解析】

A．电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可以判断得出粒子受到的电场力的方向为向下，与电场线的方向相反，所以该离子带负电，故A错误；B．沿电场线的方向，电势降低，所以A点电势比B点电势高，故B错误；C．电场线密的地方电场的强度大，所以粒子在B点受到的电场力大，在B点时的加速度较大，故C错误；D．从A到B的过程中，电场力对粒子做负功，所以粒子的动能减小，电势能增加，故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A、开关闭合，由左手定则可知，磁感线穿过掌心，则大拇指向为垂直磁感线向右，从而导致导体棒向右运动，故A错误；BC、当开关闭合后，根据安培力公式F=BIL，I=ER，可得F=BELR，故D、当开关闭合后，安培力的方向与导轨成90°-θ的夹角，再根据力的分解可得合力大小，再由牛顿第二定律与安培力的大小可知，加速度a=BELsinθmR，故D故选BD。据左手定则来确定通电导线的安培力的方向，闭合电路欧姆定律与安培力公式结合可求出其力的大小，最后由牛顿第二定律来确定导体棒瞬间的加速度。8、CD【解析】A：粒子只受电场力，类似重力场中的斜抛运动，由于B点速度最小，是等效最高点，故电场力水平向右；由于不知道电荷的电性，故不能确定电场强度的方向；故A错误；B：由于不能确定电场强度方向，故不能确定A点与B点的电势高低，故B错误；C：从A到B的过程中，动能减小，电场力做负功，故电势能增加，故C正确；D：从A到B的过程中，由于只有电场力做功，动能的减少等于电势能的增加，粒子的电势能与动能之和一定不变，故D正确．9、AB【解析】

当用电器增加时，相当于R的值减小，电路中的总的电阻减小，所以电流要变大，即的示数变大，根据，由于原副线圈匝数比不变，所以增大，也增大，即所示增大，AB错误；理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以V2的示数不变，由于副线圈的电流变大，电阻消耗的电压变大，又因为V2的示数不变，所以V3的示数变小，故AB正确；10、BD【解析】

A．根据牛顿第二定律可得：可得圆形轨道半径为故A错误；B．最高点重力完全提供向心力，根据牛顿第二定律可得：mg=ma解得a=g故B正确；CD．摩托车在最低点：根据牛顿第二定律可得：解得：F=5mg故C错误，D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.4406.861～6.867【解析】

（1）[1]．如图甲所示用0.6A量程时，最小分度0.02A，电流表的读数是0.440A；（2）[2]．如图乙所示螺旋测微器读数为6.5mm+0.01mm×36.2=6.862mm。12、（1）A左边零刻度处（2）“”的倍率档（3）C（5）（3）【解析】试题分析：（1）多用电表的使用首先进行机械调零：调节可调部件A，使电表指针停在表盘左边的零刻度的位置；（2）选择合适的档位：因电阻，为使指针指在中央刻度附近选择即可．（3）选档后进行欧姆调零：将红、黑表笔分别插入“+”、“-”插孔，笔尖相互接触，调节可调部件C，使电表指针指向表盘右边的欧姆挡零刻线位置．（5）换测另一阻值为的电阻时，应调节B，使它的尖端指向“”的位置，此时还必须重新进行欧姆调零，即重复步骤（3），图示读数为：．考点：用多用电表测电阻【名师点睛】多用电表测量电阻时，先进行机械校零，需将选择开关旋到殴姆档某一位置，再进行欧姆调零，殴姆调零后，测量电阻读出示数．注意示数是由刻度值与倍率的乘积．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）16.5A（2）1.5A（3）0.91～10Ω【解析】试题分析：（1）ab通过最大电流时，受力分析如图，此时静摩擦力最大，，方向沿斜面向下，由平衡条件得：得解得（2）解得：（3）当ab中电流最小时，变阻器阻值为：当ab中电流最强时，变阻器阻值为：，所以为保持ab静止，R的调节范围为0.91~10考点：此题考查静摩擦力、安培力的大小和方向及力的平衡条件问题．14、（1）－5V（2）【解析】试题分析：（1）由W=qU得．UAB=φA－φB故φA=－5V．（2）由B向AC作垂线交AC于D，D与B在同一等势面上，UDA=UBA=U=6V．沿场强方向AD两点间距离为，场强∴考点：电场力的功与电势差的关系【名师点睛】解决本题的关键注意：1、在运用