福建省龙岩市龙岩一中2027届高二上物理期中质量跟踪监视试题含解析

福建省龙岩市龙岩一中2027届高二上物理期中质量跟踪监视试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，固定于水平面上的金属架abcd处在竖直向下的匀强磁场中，金属棒MN沿框架以速度v向右做匀速运动。t＝0时，磁感应强度为B0，此时MN到达的位置恰好使MbcN构成一个边长为l的正方形。为使MN棒中不产生感应电流，从t＝0开始，磁感应强度B随时间t变化的示意图为()A． B． C． D．2、如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力的作用下，从静止开始由沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论中错误的是()A．此液滴带负电B．液滴做匀加速直线运动C．合外力对液滴做的总功等于零D．液滴的电势能减少3、如图所示，带箭头的直线表示某电场的电场线，虚线表示等势线，一个带负电的粒子以一定初速度进入电场，由A运动到B（轨迹为图中AB实曲线所示）．设粒子经过A、B两点时的加速度和动能分别用aA、aB、EA、EB表示，则（不计粒子重力）（）A．aA＞aB B．aA=AB C．EA＞EB D．EA＜EB4、如图，绝缘光滑圆环竖直放置，a、b、c为三个套在圆环上可自由滑动的空心带电小球，已知小球c位于圆环最高点，ac连线与竖直方向成60°角，bc连线与竖直方向成30°角，三个小球均处于静止状态。下列说法正确的是（）A．a、b、c小球带同种电荷 B．a、b小球带异种电荷，b、c小球带同种电荷C．a、b小球电量之比为 D．a、b小球电量之比5、在如图所示电路中，合上开关S，将滑动变阻器R2的滑动触点向b端移动，则三个电表A1、A2和V的示数I1、I2和U的变化情况是（）A．I1增大，I2不变，U增大B．I1减小，I2不变，U减小C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2增大，U减小6、下列描述正确的是()A．开普勒提出所有行星绕太阳运动的轨道是椭圆B．牛顿通过实验测出了万有引力常量C．库仑通过扭秤实验测定了电子的电荷量D．法拉第发现了电流的磁效应二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、横截面积为s的导线中通有电流I，已知导线每单位体积内有n个自由电子，每个电子的电量为e，自由电子定向移动的速率是v，则在时间t内通过导线横截面的电子数是（）A．nvtB．nsvtC．IteD．8、平行板电容器的两极板接于电池两极，一带电小球悬挂在电容器内部，闭合电键k，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为．则下述说法正确的是（）A．保持电键k闭合，带正电的A板向B板靠近，则变大B．保持电键k闭合，带正电的A板向B板靠近，则不变C．电键k断开，带正电的A板向B板靠近，则不变D．电键k断开，带正电的A板向B板靠近，则增大9、绝缘且光滑的斜面固定于水平地面上，倾角为θ，斜面处于匀强电场中，质量为m、带正电q的小滑块在斜面上处于静止状态，重力加速度为g．下列判断正确的是（）A．电场强度的方向可能垂直于斜面向上B．若物体对斜面压力为零时，则电场强度为C．若电场方向水平，则电场强度D．电场强度最小值为10、一个带正电的物体放在光滑的绝缘水平面上，空间有水平方向的电场，电场强度E的方向随时间变化的关系如图所示，场强的大小不变，方向随时间t周期性变化，E为正时表示场强方向向东，为负时表示场强的方向向西，若作用时间足够长，将物体在下面哪些时刻由静止释放，物体最终可以运动到出发点的西边且远离出发点的地方A． B． C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学在做“测定匀变速直线运动的加速度”实验时打出的纸带如图所示，每两点之间还有四点没有画出来，图中上面的数字为相邻两点间的距离，打点计时器的电源频率为50Hz。（答案保留三位有效数字）①打第4个计数点时纸带的速度v4=m/s。②0—6点间的加速度为a=m/s2。12．（12分）(1)图乙是用螺旋测微器测量某一圆筒外径时的示数，此读数应___________mm。(2)现用多用电表测量一个定值电阻的阻值(阻值约为100Ω)，将红、黑表笔分别插入“+”“-”插孔,接下来必要的操作步骤和正确的顺序是______.(请将必要步骤前的序号按正确的顺序写出)

①将选择开关旋转到“×10”的位置;②将选择开关旋转到“×100”的位置;③用两支表笔的金属部分分别接触电阻的两条引线;④根据指针所指刻度和选择开关的位置,读出电阻的阻值;⑤将两支表笔直接接触,调整“欧姆调零旋钮”使指针指向“0Ω”.若正确测量时指针所指刻度如图所示,则这个电阻的测量值是_____Ω.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一质量为m.电荷量为q的带正电荷小球（可视为质点）从y轴上的A点以初速度v0（未知）水平抛出，两长为L的平行金属板M.N倾斜放置且水平方向间的夹角为θ=370（1）试求带电小球抛出时的初速度v0（2）若该平行金属板M.N间有如图所示的匀强电场，且匀强电场的电场强度大小与小球质量之间的关系满足E=4mg5q14．（16分）一辆汽车在高速公路上以v0＝30m/s的速度匀速行驶，由于在前方出现险情，司机采取紧急刹车，刹车加速度的大小为a＝5m/s2，求：(1)汽车刹车后t1＝10s内滑行的距离；(2)从开始刹车到汽车滑行x1＝50m所经历的时间．15．（12分）相距11km的A、B两地用两导线连接，由于受到暴风雨的影响，在某处一根树枝压在两根导线上造成故障．为查明故障地点，先在A处加12V的电压，在B处测得电压为10V；再在B处加上12V电压，在A处测得电压为4V，问故障地点离A处多远？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】当通过闭合回路的磁通量不变，则MN棒中不产生感应电流，有：

B0L2=BL（L+vt）所以B=B0L2L(L+vt)可知，B与t是非线性关系，B-t图线是曲线，而且随着点晴：只要通过闭合回路的磁通量不变，则MN棒中不产生感应电流，抓住磁通量不变，求出B随时间t变化的关系，即可选择图象。2、C【解析】试题分析：根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质，根据合外力的方向与速度的方向相同可知合外力做正功，根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况．液滴受到竖直向下的重力，如果粒子带正电，则受到水平向左的电场力，二力合力不可能沿直线bd，故粒子带负电，受到的电场力方向水平向右，二力的合力沿bd方向指向右下方，合力方向与粒子运动方向相同，故做加速运动，速度增大，合力最液体做功不为零，AB正确C错误；过程中电场力方向与运动方向夹角为锐角，电场力做正功，电势能减小，D正确；3、C【解析】

由轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受电场力的大致方向，确定带电粒子的电性．根据电场力做功的正负判断电势能的大小和动能的大小；根据电场线的疏密判断电场强度的大小，再去判断电场力的大小。【详解】A、B项：由图可得B点的电场线比A点的电场线密，所以B点的电场强度大，粒子在B点受到的电场力大，所以粒子在B点的加速度大，故A、B错误；C、D项：粒子从A运动到B的过程中，粒子速度的方向与电场力的方向之间的夹角大于90度，所以电场力做负功，粒子的电势能增大，动能减小，粒子在A点的动能大于在B点的动能，C正确，D错误。故应选：C。对于粒子运动的问题，往往要根据曲线运动的特点：合力方向指向轨迹的内侧判断电场力方向。4、D【解析】

AB．对a，a受到重力、环的支持力以及b、c对a的库仑力，重力的方向在竖直方向上，环的支持力以及b对a的库仑力均沿圆环直径方向，故c对a的库仑力为引力，同理可知，c对b的库仑力也为引力，所以a与c的电性一定相反，与b的电性一定相同。即：a、b小球带同种电荷，b、c小球带异种电荷，故AB错误；CD．对c小球受力分析，将力沿水平方向和竖直方向正交分解后可得又解得：故C错误，D正确。故选D。5、D【解析】试题分析：理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析．触点向b端移动过程中连入电路的电阻减小，即总电阻减小，干路电流即总电流增大，所以根据可知路端电压减小，即U减小，在干路，通过它的电流增大，所以两端的电压增大，而，所以减小，即并联电路两端的电压减小，所以的电流减小，而，所以增大，D正确6、A【解析】开普勒提出了行星三定律，指出所有太阳系中的行星的轨道形状都是椭圆，选项A正确；卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量，选项B错误；密立根通过油滴实验测定了电子的电荷量，选项C错误；奥斯特发现了电流的磁效应，选项D错误；故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】电流可以表示为：I＝ensv＝Net解得：N=nsvt；N＝Ite，故BC正确，AD错误，8、AC【解析】

AB.保持电键k闭合时，电容器板间电压不变，当带正电的A板向B板靠近时，板间距离d减小，由知，板间场强增大，小球所受电场力增大，则增大。故A正确，B错误。CD.当电键k断开时，电容器板间电量不变，当带正电的A板向B板靠近时，板间距离d减小，根据、和，可得则板间场强不变，小球所受电场力不变，则不变。故C正确，D错误。9、BCD【解析】A项：若电场强度的方向可能垂直于斜面向上，物体受重力，电场力，支持力三力作用不可能平衡，故A错误；B项：若物体对斜面压力为零时，物体只受重力，电场力二力平衡，根据,可得，故B正确；C项：若电场方向水平，物体受重力，电场力，支持力三力作用平衡，根据，可知，故C正确；D项：电场强度最小即电场力最小，当电场力沿斜面向上时，电场力最小，即,可知，故D正确．点晴：判断物体运动的状态，关键是分析受力情况，确定合力是否为零或合力与速度方向的关系．10、CD【解析】

AB．分别作出从各时刻释放后的速度时间图象如上图所示，某段时间内位移等于图线与t所围面积的代数和，由图象分析可知、总的位移为正，方向向东，故AB错误；CD．由图象分析可知从、释放后总的位移为负，方向向西，故CD正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.22m/s；2.06m/s2【解析】①打第4个计数点时纸带的速度v4=②0—6点间的加速度为a=故答案为：①1.20m/s②1.98m/s2（1.97--2.00均可）12、(1)6.790±0.002(2)①⑤③④130【解析】（1）螺旋测微器读数为：6.5mm+0.01mm×29.0=6.790mm；（2）待测电阻阻值约为一百多欧姆，用欧姆表测电阻，将选择开关旋转“×10”的位置，然后进行欧姆调零，具体操作是：将红黑表笔短接，调节调零旋钮调零，使指针指在右侧零刻度线处；再测出电阻阻值，因此合理是实验步骤为：①⑤③④．

（3）由图示表盘可知，待测电阻阻值为：13×10=130Ω；

点睛：本题考查了应用欧姆表测电阻，使用欧姆表测电阻时，应使指针指在表盘中央刻度线附近；换挡后要进行欧姆调零；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3gL10；（2）5【解析】试题分析：（1）设小球由y轴上的A点运动到金属板M的中点B的时间为t，由题意，在与x轴平行的方向上，有：L2cosθ=带电小球在竖直方向上下落的距离为：h=所以小球抛出点A的纵坐标为：y=h+L以上各式联立并代入数据可解得：v0所以小球抛出点A的坐标为（0，（2）设小球进入电场时的速度大小为v，则由动能定理可得：mgh=解得：v=5L带电小球进入匀强电场后的受力情况如图所示．因为E=4mg5q，所以因此，带电小球进入该匀强电场之后，将做类平抛运动．其加速度大小为：a=mg设带电小球在该匀强电场中运动的时间为t'，欲使小球不打在N板上，由类平抛运动的规律可得：d=vt'，