吉化第一高级中学2027届物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析

吉化第一高级中学2027届物理高二第一学期期中调研模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一辆装满货物的汽车在丘陵地区行驶，由于轮胎太旧，途中“放了炮”，你认为在图中A、B、C、D四处中，“放炮”可能性最大的地点是A．A处B．B处C．C处D．D处2、如图所示的电场线，描绘的可能是（）A．一个正电荷的电场 B．一个负电荷的电场C．两个负电荷的电场 D．两个正电荷的电场3、在两端开口的弯管中用两段水柱封闭了一段空气柱,如图所示,若再往a管内注入少量水,则()

A．ab水银面高度差将减小B．cd水银面高度差将减小C．b管水面上升的距离等于c管水面下降的距离D．b管水面上升的距离大于c管水面下降的距离4、一根通电直导线垂直放在匀强磁场中，关于它受到的安培力，下列说法正确的是()A．安培力方向与磁场方向相同B．安培力方向与电流方向相同C．安培力的大小与磁场强弱有关D．安培力的大小与电流大小无关5、矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，下列说法中不正确的是（）A．在中性面时，通过线圈的磁通量最大 B．在中性面时，感应电动势为零C．穿过线圈的磁通量为零时，感应电动势也为零 D．线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次6、如图所示，a、b和c表示电场中的三个等势面，a和c的电势分别为5V和1V，a、b的电势差等于b、c的电势差．一带电粒子从等势面a上某处以速度v释放后，仅受电场力作用而运动，经过等势面c时的速率为2v，则它经过等势面b时的速率为（）A． B． C． D．1.5v二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，AB两端的电压U恒为14V，灯泡L标有“6V

12W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.50Ω．若灯泡恰能正常发光，且电机能运转，则以下说法正确的是（）A．电动机的输入功率是128WB．电动机的输入功率是16WC．电动机的热功率是2.0WD．整个电路消耗的电功率是30W8、质量和电量都相等的带电粒子M、N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场,运行的半圆轨迹如图中虚线所示,下列表述正确的是()A．M带负电,N带正电B．M的速率大于N的速率C．洛伦兹力对M、N做正功D．M在磁场中运动的时间大于N9、我国已经禁止销售100W及以上的白炽灯，以后将逐步淘汰白炽灯．假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的U–I图象如图所示．图象上A点与原点的连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角，则A．白炽灯的电阻随电压的增大而减小B．在A点，白炽灯的电阻可表示为tanβC．在A点，白炽灯的电功率可表示为U0I0D．在A点，白炽灯的电阻可表示为10、在炎热的夏天小学生们喜欢戴着装有一个微型电风扇的帽子，微型电风扇中直流电动机的额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E、内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则（）A．电源的总功率为UI B．电源的输出功率为UIC．电动机消耗的热功率为U2/R D．电动机消耗的热功率为I2R三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个灯泡的U﹣I图线，现有下列器材供选用：A．电压表（0~5V，内阻约10kΩ）B．电压表（0~10V，内阻约20kΩ）C．电流表（0~0.3A，内阻约1Ω）D．电流表（0~0.6A，内阻约0.4Ω）E.滑动变阻器（10Ω，2A）F.学生电源（直流6V），还有开关导线(1)实验中所用电压表应选_____，电流表应选用_____（用序号字母表示）。(2)为了使实验误差尽量减小，要求从零开始多测几组数据，请在图甲方框内画出满足实验要求的电路图____。(3)某同学利用实验得到的数据画出了该小灯泡的U﹣I曲线（如图乙所示），若直接在小灯泡两端加上2V的电压，则该小灯泡消耗的功率是______W，电阻是______Ω。（结果保留两位有效数字）12．（12分）在“用打点计时器测速度”的实验中，打出的纸带如图所示．已知打点计时器使用的是交流电源频率为50Hz，计数点A和B之间、B和C之间均有4个打出的点，则打B、C两点的时间间隔是（_____________）s；为了求出BC段的平均速度，还要用刻度尺量出（_________）段的距离．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示．平行板电容器的扳间距离d=3cm，板与水平面夹角α=37°，两板所加电压U=100V，现有—带电荷量为q=3×10-10C带电液滴，以v0=0.5m/s的水平速度从A板上边缘水平进入电场,在电场中仍沿水平方向并恰好从B板的下边缘水平飞出,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2.求：(1)液滴的质量；(2)液滴飞出时的速度大小．14．（16分）一台电动机的内阻为1Ω，接到120V的电源上．当电动机工作时，电流为10A．问：(1)电动机输入功率是多少？(2)电动机发热功率是多少？(3)输出的机械功率是多少？15．（12分）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为L=0.40m的绝缘细线把质量为m=0.20kg，带有正电荷的金属小球悬挂在O点，电荷量q=0.5C的小球静止在B点时，细线与竖直方向的夹角为θ=37°．（取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80）。求：（1）匀强电场的场强大小；（2）将小球拉至位置A使细线水平后由静止释放，小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小。（3）小球静止在B点时，给小球一沿切线方向速度v，求v至少多大才能使球在竖直面内做完整的圆周运动？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

放炮可能最大，即车对地面的压力最大，在AC两点为没有在BD两点时的大，排除，半径越大，向心力越小，因为B点的半径大于D的点半径，所以在D点最容易放炮，D正确。故选D。2、D【解析】

由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；由于电场线是从电荷出发终止到无穷远，故该场源电荷为正电荷又由于两电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线，故两个场源电荷为同种电荷，综上所述该电场线是由两个等量正电荷产生的。故ABC错误，D正确；3、D【解析】

AB.向a管注入水后，封闭气体压强变大，气体体积减小，a、b两液面高度差，c、d液面高度差都变大，故AB错误；CD.气体体积变小，注入a管的水柱长度大于c管水面下降距离，b管水面上升的距离大于c管水面下降的距离，故C错误，D正确。4、C【解析】A、根据左手定则可知，安培力的方向与磁场方向、电流的方向都垂直，故选项A、B错误；C、根据安培力大小为(垂直时)，安培力的大小与磁场强弱、电流大小等都有关，故选项C正确、D错误。点睛：根据安培力大小公式求出安培力的大小，结合左手定则判断安培力的方向。5、C【解析】

A．在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大，故A正确，不符合题意；BD．在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零，线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次，故BD正确，不符合题意；C．穿过线圈的磁通量为零时，线圈与磁场平行，有两边垂直切割磁感线，感应电动势最大，故C错误，符合题意。故选C。6、C【解析】由动能定理知从a到c：=1.5mv2=0.8qU，设在等势面b时的速率为vb，则：，Uab=0.4U，联立可得：，B正确．故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】试题分析：灯泡额定电是6V，额定功率是12W，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常发光时的电流；由串联电路特点可以求出电动机的电压，由电功率公式可以求出电机总功率与热功率，进一步求出电动机的输出功率；由电功率公式可以求出电路总功率．因为小灯泡恰好正常发光，则其两端电压为，因为灯泡串联在电路中，所以电路中的电流为，又因为灯泡和电动机串联，所以电动机两端电压为，故电动机输入功率为，A错误B正确；电动机的热功率为，C正确；整个电路消耗的电功率为，D错误8、AB【解析】

由左手定则判断出M带正电荷，带负电荷；结合半径的公式可以判断出粒子速度的大小；根据周期的公式可以判断出运动的时间关系。【详解】由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A正确；粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力qvB=m，半径为：，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速率大于N的速率，故B正确；洛伦兹力始终与速度的方向垂直，不做功，故C错误；粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为，M的运行时间等于N的运行时间，故D错误。故选AB。9、CD【解析】

由图示图象可知，随电压增大，通过灯泡的电流增大，电压与电流的比值增大，灯泡电阻变大，故A错误；在A点，白炽灯的电阻，故B错误；在A点，白炽灯的电功率P=U0I0，故C正确；由欧姆定律可知，在A点，白炽灯的电阻，故D正确；故选CD．本题考查了求灯泡电阻与电功率问题，分析清楚图象、应用欧姆定律与电功率公式即可正确解题．10、BD【解析】

A．电源的总功率为P总=EI＞UI，故A错误；B．由题知，路端电压为U，则电源的输出功率为P出=UI，故B正确；CD．电源的输出功率等于电动机的输入功率，电动机消耗的热功率P热=I2R，由于电动机正常工作时欧姆定律不成立，IR＜U，所以电动机消耗的热功率小于U2/R．故C错误，D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A；D；0.80；5.0；【解析】

(1)[1][2]因小灯泡标有“4V，2W”的字样，故电压表应选A，由得小灯泡额定电流为0.5A，故电流表应选D。(2)[3]因小灯泡电流从零调，故滑动变阻器应用分压式接法；因小灯泡电阻远小于电压表内阻，故电流表应用外接法。电路图如图所示：(3)[4][5]直接在小灯泡两端加上2V的电压，由图可知，流过小灯泡的电流为0.40A，小灯泡的功率P=UI=0.80W电阻为12、0.1BC【解析】计数点A和B之间、B和C之间均有4个打出的点，则打B、C两点的时间间隔是：

T=0.02s×5=0.1s，

根据平均速度定义式有：，所以为了求出BC段的平均速度，还要用刻度尺量出

BC段的距离．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）8×10【解析】

液滴受到重力和电场力，做直线运动，故合力水平向右，采用正交分解法列式求解质量和合力，根据牛顿第二定律求解加速度，根据速度位移公式列式求解末速度.【详解】(1)带电液滴的受力如图，分解电场力电场强度E=根据平衡条件得qEcos370=mg由以上两式解得m=8×10-3kg(2)由牛顿第二定律qEsis370=ma在平行板中飞行的距离是x=由运动学公式vt由以上各式解得v本题考查粒子在电场和重力场的复合场中的运动问题，关键是正确的受力分析，结合直线运动的条件并运用矢量运算法则得到重力和合力，在结合牛顿第二定律和运动学公式列式求解.14、(1)1200w(2)100w(3)