2027届湖北省宜昌第二中学物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

2027届湖北省宜昌第二中学物理高二第一学期期中质量检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、小明坐在火车内，看到窗外的树木正在运动，则他所选的参考系可能是A．大地 B．火车 C．铁轨 D．树木2、如图所示，在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，绳的另一端都有绳套．实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．在此过程中必须注意的事项是（）A．两根细绳必须等长B．保证两弹簧秤示数相等C．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上D．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行3、在光滑水平面上，质量为m的小球A正以速度v0匀速运动．某时刻小球A与质量为3m的静止小球B发生正碰，两球相碰后，A球的动能恰好变为原来的．则碰后B球的速度大小是()A．B．C．或D．无法确定4、在如图的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是()A．A变大，V变大B．A变小，V变大C．A变大，V变小D．A变小，V变小5、如图所示，光滑水平面上有A、B两物块，已知A物块的质量mA=2kg，以一定的初速度向右运动，与静止的物块B发生碰撞并一起运动，碰撞前后的位移时间图象如图所示（规定向右为正方向），则碰撞后的速度及物体B的质量分别为A．2m/s，5kgB．2m/s，3kgC．3.5m/s，2.86kgD．3.5m/s，0.86kg6、如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形闭合线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流?A．向左或向右平动B．向上或向下平动C．绕O1O2转动D．平行于纸面向里运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，实线是两个等量点电荷P、Q形成电场的等势面，虚线是一带电粒子仅在电场力作用下运动的轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，b位于P、Q连线的中点．则（）A．两点电荷P、Q电性相反B．a点的电场强度大于b点的电场强度C．带电粒子在a点的电势能大于在c点的电势能D．带电粒子在a点的动能小于在b点的动能8、如图所示为某电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t=0时，在此电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法正确的是（）A．带电粒子将始终向同一个方向运动B．3s末带电粒子回到原出发点C．4s末带电粒子速度最大D．0～4s末，电场力做的总功为09、如图甲所示，一个圆形线圈的匝数n=100，线圈面积S=200cm2，线圈的电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示．下列说法中正确的是（）A．电阻R两端的电压保持不变B．初始时刻穿过线圈的磁通量为0.4WbC．线圈电阻r消耗的功率为4×10﹣4WD．前4s内通过R的电荷量为4×10﹣4C10、如图所示的电路，电源电压U=3.0V，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的I-U特性曲线如右图所示．当开关闭合后，下列关于电路中灯泡的说法中，正确的是()A．灯泡L1消耗的电功率为0.30WB．灯泡L1的电阻为7.5ΩC．灯泡L3的电阻为12ΩD．三灯泡消耗的总电功率为0.90W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)用游标卡尺测一工件外径的读数如图(1)所示，读数为_________mm．(2)用螺旋测微器测一圆形工件长度的读数如图(2)所示，读数为______mm．12．（12分）欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材:A．电池组(3V，内阻1Ω)B．电流表(0～3A，内阻0.0125Ω)C．电流表(0～0.6A，内阻0.125Ω)D．电压表(0～3V，内阻3kΩ)E.电压表(0～15V，内阻15kΩ)F.滑动变阻器(0～20Ω，额定电流1A)G.滑动变阻器(0～2000Ω，额定电流0.3A)H.开关、导线(1)滑动变阻器应选用的是_____。(填写器材的字母代号)(2)实验电路应采用电流表_____

(选填“内”或“外”)接法，采用此接法测得的电阻值比其真实值偏____

(选填“大”或“小”)，造成这种误差的主要原因是_____

。(3)设实验中，电流表、电压表的某组示数如上图所示，图示中I=____

A，U=____

V。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如右图所示的电路中，电阻R1=10Ω，R2=15Ω，电源的电动势E=12V，内电阻r=2Ω．（电流表为理想电表）求：（1）R1和R2并联后的总电阻（2）通过电源的电流（3）电流表的读数；14．（16分）如图甲所示，平行正对金属板A、B间距为d，板长为L，板面水平，加电压后其间匀强电场的场强大小为，方向竖直向上。板间有周期性变化的匀强磁场，磁感应强度大小随时间变化的规律如图乙所示，设磁感应强度垂直纸面向里为正方向。t=0时刻，一带电粒子从电场左侧靠近B板处(粒子与极板不接触)以水平向右的初速度v0开始做匀速直线运动。己知B1=0.2T，B2=0.1T，g=10m/s2。（1）判断粒子的电性并求出粒子的比荷；（2）若从t0时刻起，经过3s的时间粒子速度再次变为水平向右，则t0至少多大?（3）若要使粒子不与金属板A碰撞，且能沿水平向右的方向到达A板的右端，试求L取值的范围。15．（12分）如图所示，水平放置的两导轨P、Q间的距离L=0.5m，垂直于导轨平面的竖直向上的匀强磁场的磁感应强度B=2T，垂直于导轨放置的ab棒的质量m=1kg，系在ab棒中点的水平绳跨过定滑轮与重量G=3N的物块相连．已知ab棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.2，电源的电动势E=10V、内阻R=0.1Ω，导轨的电阻及ab棒的电阻均不计．要想ab棒处于静止状态，R应在哪个范围内取值？（g取10m/s2）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

小明坐在火车内，看到窗外的树木正在运动，则他所选的参考系可能是火车，故选B．2、D【解析】

A．细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长．故A错误；B．两弹簧秤示数不需要等大，只要便于作出平行四边形即可．故B错误；C．两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上．故C错误；D．在拉弹簧秤时必须要求弹簧秤与木板平面平行，否则会影响力的大小，故D正确．3、A【解析】根据碰后A球的动能恰好变为原来的得：解得：碰撞过程中AB动量守恒，则有：mv=mv′+3mvB

解得：vB=v或vB=v；当vB=v时A的速度大于B的速度，不符合实际，故选项A正确，BCD错误，故选A.点睛：本题考查的是动量定律得直接应用，注意动能是标量，速度是矢量；同时要分析结果是否符合实际情况，即不可能发生二次碰撞．4、B【解析】

滑片P向右移动时，R电阻增大总电流减小，所以电流表示数

变小，电动势不变，内电压、R0两端电压减小，所以R两端电压增大，电压表示数

变大，故B正确，ACD错误；故选B．5、B【解析】由图象可知，碰前A的速度为：，碰后AB的共同速度为：，A、B碰撞过程中动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：，解得：，选B.【点睛】由图象求出碰撞前后物体的速度，然后由动量守恒定律求出物体B的质量．6、C【解析】

AB.由于磁场为匀强磁场，无论线圈在平面内如何平动，其磁通量都不变化，因此不会产生感应电流，故AB错误；C.当线圈绕O1O2转动时，磁通量将发生变化，如转过90°时磁通量为零，因此有感应电流产生，故C正确。D.平行于纸面向里运动，线圈磁通量不变化，不会产生感应电流，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A.等量异种电荷连线的中垂线为等势线，这往往是区分等量同种、等量异种电荷等势线的标志，因此由图可知，该图为等量同种电荷的等势线，故A错误；B.等量同种电荷连线的中点电场强度为零，因此a点的电场强度大于b点的电场强度，故B正确；C.根据对称性可知，a、c两点电势相等，，因此a点电势能和c点电势能相等，故C错误；D.根据电场线分布可知,带电粒子从a到b过程中电场力做正功，动能增大，电势能减小，所以粒子在a点动能小于b点动能，故D正确．8、BC【解析】

由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度大小为在第2s内加速度大小为因此带电粒子先匀加速1s再匀减速0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示A．带电粒子在第1s内做匀加速直线运动，在第2s内先做匀减速后反向做匀加速运动，所以不是始终向一方向运动，故A错误；B．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，可知，在t=3s时，带电粒子的位移为0，回到出发点，故B正确；C．由图可知，粒子在1s末与4s末带电粒子的速度大小相等，方向相同，且为最大，故C正确；D．因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零，则0～4s末，电场力做的总功不为0，故D错误．9、AC【解析】试题分析：根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故A正确；初始时刻穿过线圈的磁通量Φ="nBS=0.2×200×0.0001"Wb=0.004Wb，故B错误；由法拉第电磁感应定律E=n=n=100××0.02V="0.1"V，由闭合电路欧姆定律，可知电路中的电流为I==A="0.02"A，所以线圈电阻r消耗的功率P=I2R=0.022×1W=4×10﹣4W，故C正确；前4s内通过R的电荷量Q="It=0.02×4"C="0.08"C，故D错误．考点：法拉第电磁感应定律、电功、电功率、导体切割磁感线时的感应电动势点评：穿过某一面积的磁通量是由穿过该面的磁感线条数的多少决定的，与匝数无关．楞次定律来判定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小．当然本题还可求出电路的电流大小，及电阻消耗的功率．同时磁通量变化的线圈相当于电源．10、ABC【解析】

AB、由题意，电源电动势为3.0V，内阻不计，则知L3的电压U3=E=3V，L2、L1的电压均为，由小灯泡的伏安特性曲线读出L1的电流为I1=0.20A，则其电阻为，灯泡L1消耗的电功率为，故A、B正确；C、由小灯泡的伏安特性曲线读出L3的电流为I3=0.25A，则其电阻为，故C正确；D、灯泡L3消耗的电功率为，灯泡L2消耗的电功率等于灯泡L1消耗的电功率，所以三灯泡消耗的总电功率，故D错误；故选ABC．关键是知道电源电动势为3.0V，内阻不计，则知三个灯泡两端的电压，由小灯泡的伏安特性曲线读出三个灯泡的电流，由求出电阻，根据P=UI求出功率．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、10.504.600【解析】

(1)[1]游标卡尺的主尺读数为：1cm=10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm；(2)[2]螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为0.01×10.0mm=0.100mm，所以最终读数为4.600mm．12、F外小电压表的分流作用0.482.20【解析】(1)根据电源电动势和内阻，以及待测电阻的阻值可知电路中最大电流为0.5A，滑动变阻器应选F；(2)被测电阻的阻值与电流表的内阻接近，所以电流表的分压作用明显，故选用电流表外接法时相对误差较小；由于电压表的分流作用，测量电流偏大，所以被测电阻测量值偏小；(3)电流表的分度值为0.02A，根据指针位置可知电流为0.48A，电压表的分度值为0.1V，所以电压表的读数为2.20V。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题