2027届滨州市重点中学物理高二上期中教学质量检测模拟试题含解析

2027届滨州市重点中学物理高二上期中教学质量检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，竖直平面内有一固定的光滑椭圆大环，其长轴长BD=4L、短轴长AC=2L，劲度系数为k的轻弹簧上端固定在大环的中心0，下端连接一个质量为m、电荷量q、可视为质点的小环，小环刚好套在大环上且与大环及弹簧绝缘，整个装置处在水平向右的匀强电场中，将小环从A点由静止释放，小环运动到B点的速度恰好为0，已知小环在A、B两点时弹簧的形变量大小相等，下列说法不正确的是（）A．小环从A点运动到B点的过程中，弹簧的弹性势能一直增大B．小环从A点运动到B点的过程中，小环的电势能一直减小C．电场强度的大小E=D．小环在A点时受到大环对它的弹力大小F=mg+2、对电场线的描述错误的是（）A．电场线上某点的切线方向表示该点的场强方向B．电场线永不相交C．电场线是闭合曲线D．电场线是假想曲线3、如下图所示，质量为m的通电细杆ab置于倾角为θ的两平行导轨上，导轨宽度为d，杆ab和导轨垂直且之间的动摩擦因数为μ，有电流时，ab恰好在导轨上静止，右图中有四个侧视图，标出了四种磁场的方向，其中杆ab和导轨之间的摩擦力可能为零的是()A．甲和乙 B．丙和丁 C．甲和丙 D．乙和丁4、物体以6m/s的初速度从距水平地面20m高的塔上被水平抛出。不计空气阻力，g取10m/s2，则物体从抛出点到落地点的水平距离为（）A．12m B．18m C．20m D．45m5、如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，φa＝50V，φc＝20V，则a、c连线中点b的电势φb为(

)A．等于35VB．大于35VC．小于35VD．等于15V6、电场强度的单位是（）A．N/C B．V/C C．J/C D．T/C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，弹簧上端固定，下端悬挂一根磁铁，磁铁正下方不远处的水平面上放一个质量为m，电阻为R的闭合线圈．将磁铁慢慢托起到弹簧恢复原长时放开，磁铁开始上下振动，线圈始终静止在水平面上，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）A．磁铁做简谐运动B．磁铁最终能静止C．在磁铁振动过程中线圈对水平面的压力有时大于mg，有时小于mgD．若线圈为超导线圈，磁铁最终也能静止8、以下是书本上的一些图片，下列说法正确的是（）A．图甲中，有些火星的轨迹不是直线，说明炽热微粒不是沿砂轮的切线方向飞出的B．图乙中，两个影子在x，y轴上的运动就是物体的两个分运动C．图丙中，增大小锤打击弹性金属片的力，AB两球撞击地面的声音仍是同时的D．图丁中，做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力大于它所需要的向心力9、一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时（）A．该金属导线的电阻变为原来的2倍B．该金属丝的电阻率变为原来4倍C．自由电子定向移动的平均速率为D．通过金属导线的电流为10、带电粒子垂直匀强磁场方向运动时，会受到洛伦兹力的作用。下列表述正确的（）A．洛伦兹力对带电粒子会做功B．洛伦兹力的大小与速度无关C．洛伦兹力不改变带电粒子的动能D．洛伦兹力只改变带电粒子的速度方向三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）然后用螺旋测微器测量该铜片的厚度，示数如图所示，其厚度为______mm。12．（12分）(1)下面左图螺旋测微器读数为__________mm，右图游标卡尺读数为__________mm(2)某表头满偏电流为1mA、内阻为982Ω．（以下计算结果均取整数）①为了将表头改装成量程为3V的电压表，需要一个阻值为________Ω的电阻与表头串联；②为了将表头改装成量程为50mA的电流表，需要一个阻值约为____Ω的电阻与表头并联．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）神州载人飞船的返回舱距地面10km时开始启动降落伞装置，速度减至10m/s，并以这个速度在大气中降落．距地面1.2m时，返回舱的4台缓冲发动机开始向下喷火，舱体再次减速．设最后减速过程中返回舱做匀减速运动，并且到达地面时恰好速度为0，求最后减速阶段的加速度和运动的时间．14．（16分）电磁轨道炮利用电流和磁场的作用使炮弹获得超高速度，其原理可用来研制新武器和航天运载器．电磁轨道炮示意如图，图中直流电源电动势为E，电容器的电容为C．两根固定于水平面内的光滑平行金属导轨间距为l，电阻不计．炮弹可视为一质量为m、电阻为R的金属棒MN，垂直放在两导轨间处于静止状态，并与导轨良好接触．首先开关S接1，使电容器完全充电．然后将S接至2，导轨间存在垂直于导轨平面、磁感应强度大小为B的匀强磁场（图中未画出），MN开始向右加速运动．当MN上的感应电动势与电容器两极板间的电压相等时，回路中电流为零，MN达到最大速度，之后离开导轨．问：（1）磁场的方向；（2）MN刚开始运动时加速度a的大小；（3）MN离开导轨后电容器上剩余的电荷量Q是多少．15．（12分）如图所示，一质量为的带电粒子从点开始以与水平成角的初速度在电场强度为匀强电场中运动，粒子运动的轨迹为一条直线，能到达的最高点为点，不计空气阻力，重力加速度大小为.求：(1)粒子的电性和电荷量的大小；(2)粒子从到所用的时间；(3)粒子到电势能的变化量.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

小环从A点运动到B点的过程中，弹簧的形变量先减小后增大，则弹性势能先减小后增大，故A错误，小环从A点运动到B点的过程中，小环沿电场线方向水平运动2L，故小环所受的电场力做正功，电势能一直减小，故B正确，整个过程由能量守恒定律得，Eq•2L=mgL，得E=mg2q，故C正确；小环在A点时，弹簧压缩12L，受到大环对它的弹力为12kL+mg，故D正确。此题选择不正确的选项此题主要考查的是物体受力情况的分析，需要考虑电场力的情况，分析弹簧的长度的变化，并运用到能量守恒定律。2、C【解析】电场线上某点的切线方向表示该点的场强方向，选项A正确；电场线永不相交，选项B正确；电场线是不闭合得曲线，选项C错误；电场线是假想曲线，实际是不存在的，选项D正确；此题选择错误的选项，故选C.3、A【解析】

对于甲图，通电细杆受重力、竖直向上的安培力，若重力与安培力相等，则二力平衡，则不受摩擦力；对于乙图，通电细杆受重力，水平向右的安培力和斜面的支持力，若三个力平衡，不受摩擦力；对于丙图，通电细杆受重力，竖直向下的安培力和支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力；对于丁图，通电细杆受重力，水平向左的安培力和支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力；杆ab与导轨之间的摩擦力可能为零的是甲、乙，故A正确，B、C、D错误；故选A．首先根据左手定则判断出安培力的方向，然后通过对杆ab受力分析，根据共点力平衡判断杆子是否受摩擦力．4、A【解析】

ABCD．物体在空中运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动运动，根据运动的等时性原理，物体飞行时间，在竖直方向上解得则物体从抛出点到落地点的水平距离为解得BCD错误A正确。故选A。5、C【解析】由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，故ab段场强较大，根据公式U=Ed可知，a、c间电势差Uac大于b、c间电势差Ubc，即：φa-φb＞φb-φc，得到：φb＜．

故选C.6、A【解析】

根据电场强度定义式：，F的单位是N，q的单位是C，则电场强度的单位可为N/C，故A正确，BCD错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】

根据楞次定律下面的线圈会阻碍磁铁运动做负功，所以磁铁最终会停止，A错误B正确；因为磁铁在运动，所以穿过线圈的磁通量变化，产生安培力，当磁铁运动时，安培力方向向下时压力大于重力，相反压力小于重力，C正确；若线圈为超导线圈，由楞次定律，线圈中产生感应电流，感应电流随磁体位置的变化而发生变化，线圈中的磁通量会发生变化，在磁体中也会产生电磁感应，磁体会发热，磁铁最终也能静止，D正确．8、BC【解析】

A．图中有些火星的轨迹不是直线，是由于受到重力、互相的撞击等作用导致的，故A错误；B．图中两个影子反映了物体在x，y轴上的分运动，故B正确；C．图中A球做平抛运动，竖直方向是自由落体运动，B球同时做自由落体运动，故无论小锤用多大的力去打击弹性金属片，A、B两球总是同时落地，故C正确；D．图中做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力等于所需要的向心力，故D错误。故选BC．9、CD【解析】

AD．将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析得到，电阻变为原来的4倍，电压U恒定不变，根据欧姆定律可知，电流I变为原来的，故A错误，D正确；B．金属丝的电阻率与金属丝的长度无关，所以电阻率不变，故B错误；C．电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的，横截面积S变为原来的倍，，则自由电子定向移动的平均速率为，故C正确。10、CD【解析】

A．洛伦兹力的方向与速度方向垂直，所以洛伦兹力不做功，故A错误；B．洛伦兹力大小F=qvB，与速度的大小有关，故B错误；C．洛伦兹力不改变速度的大小，只改变速度的方向，所以不改变粒子的动能，故C正确；D．洛伦兹力与速度方向始终垂直，其作用效果只改变速度的方向，故D正确.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6.195(6.194~6.196)【解析】

螺旋测微器的固定刻度为6mm，可动刻度为19.5×0.01mm=0.195mm，所以最终读数为6mm+0.195mm=6.195mm（6.194～6.196）12、0.90014.50201820【解析】

(1)[1]螺旋测微器读数为0.5mm+0.01mm×40.0=0.900mm；[2]游标卡尺读数为1.4cm+0.05mm×10=14.50mm；(2)[3]为了将表头改装成量程为3V的电压表，需要串联电阻的阻值为[4]为了将表头改装成量程为50mA的电流表，需要并联电阻的阻值为四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）a≈41.7m/s2（2）【解析】试题分析：根据位移时间与平均速度的关系，求运动的时间；根据加速度的定义求加速度．设v0=10则最后减速阶段运动的时间为：t=根据加速度定义得，最后减速阶段的加速度大小为：a=Δv14、（1）垂直于导轨平面向下；（2）（3）【解析】

（1）电容器充电后上板带正电，下板带负电，放电时通过MN的电流由M到N，欲使炮弹射出，安培力应沿导轨向右，根据左手定则可知磁场的方向垂直于导轨平面向下．（2）电容器完全充电后，两极板间电压为E，根据欧姆定律，电容器刚放电时的电流：炮弹受到的安培力：根据牛顿第二定律：解