2027届河北省博野县物理高二上期中复习检测模拟试题含解析

2027届河北省博野县物理高二上期中复习检测模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、三个点电荷附近的电场线分布如图所示，c是电量相等的两个负电荷连线的中点，d点在正电荷的正上方，c、d到正电荷的距离相等，则（）A．c点的电场强度为零B．b、d两点的电场强度不同C．a点的电势比b点的电势高D．c点的电势与d点的电势相等2、下列四个电场中，a、b两点电场强度相同的是A． B．C． D．3、下图为某一偏转器原理图，两个球心过O点的同心绝缘塑料半球A、B的横街面如图所示，在O点放置一点电荷.一束电子流以不同动能从该偏转器左端M正中间的小孔H垂直入射，通过偏转区域后所有电子全部打在N板上.其中初动能为的电子恰好沿半径为R的弧线C打在N板的中点F，则下列说法中正确的是A．A半球的电势高于B半球的电势B．弧线C上每一点电场强度大小C．从H点入射，到达B板中点D左侧的电子入射时的初动能一定大于D．从H点入射，分别到达N板左边缘P和右边缘Q的两类电子，动能改变量4、如图所示，16个电荷量均为+q(q>0)的小球(可视为点电荷)，均匀分布在半径为R的圆周上若将圆周上P点的一个小球的电荷量换成-2q，则圆心0点处的电场强度为A．，方向沿半径向左B．，方向沿半径向右C．，方向沿半径向左D．，方向沿半径向右5、同品牌的全新1号碳锌干电池与5号碳锌干电池具有相同的物理量是（）A．电能 B．容量C．电动势 D．内阻6、关于曲线运动，下列说法中正确的是A．曲线运动一定是变速运动B．曲线运动的加速度可以为零C．在恒力作用下，物体不可以做曲线运动D．物体做曲线运动，动能一定会发生变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子在电场中运动的轨迹．若带电粒子仅受电场力作用，运动方向由M到N，以下说法正确的是A．粒子带负电B．粒子带正电C．粒子的电势能增加D．粒子的电势能减少8、如图所示，物体A和带负电的物体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，A、B的质量分别是m和2m，劲度系数为k的轻质弹簧一端固定在水平面上，另一端与物体A相连，倾角为θ的斜面处于沿斜面上的匀强电场中，整个系统不计一切摩擦．开始时，物体B在一沿斜面向上的外力F=3mgsinθ的作用下保持静止且轻绳恰好伸直，然后撤去外力F，直到物体B获得最大速度，且弹簧未超过弹性限度，则在此过程中()A．撤去外力F的瞬间，物体B的加速度为B．B的速度最大时，弹簧的伸长量为C．物体A的最大速度为D．物体A、弹簧和地球所组成的系统机械能增加量大于物体B电势能的减少量9、一带电油滴在匀强电场E中从a到b的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下，不计空气阻力。此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况是（）A．动能增加B．电势能增加C．重力势能和电势能之和减小D．动能和电势能之和增加10、我国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，成功将第三颗北斗导航卫星送入预定轨道，这标志着北斗卫星导航系统工程建设又迈出了重要一步，卫星组网正按计划稳步推进．如图所示，发射过程中某段时间内火箭速度的变化规律为v＝(2t＋4)m/s，由此可知这段时间内()A．火箭的初速度为2m/sB．火箭的加速度为4m/s2C．在3s末，火箭的瞬时速度为10m/sD．火箭做匀加速直线运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“测定金属的电阻率”实验中，用米尺测量金属丝的长度，用螺旋测微器测量金属丝的直径，用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据公式计算出该金属材料的电阻率．（1）用螺旋测微器测量金属丝直径的示数如图所示，从图中读出金属丝的直径为___________mm．（2）金属丝的电阻大约为5Ω．在用伏安法测量该金属丝的电阻时，除被测的电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：A．电池组（3V，内阻约1Ω）B．电流表（0~3A，内阻约0.0125Ω）C．电流表（0~0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表（0~3V，内阻约3kΩ）E.电压表（0~15V，内阻约15kΩ）F.滑动变阻器（0~20Ω，额定电流1A）G.滑动变阻器（0~2000Ω，额定电流0.3A）H.开关、导线若干①在可供选择的器材中，应该选用的电流表是_____，应该选用的滑动变阻器是______．（填器材前面的字母代号）②实验电路应采用电流表___________接法（填“内”或“外”）．12．（12分）某实验小组在测定金属丝的电阻率的实验,已知实验中所用的电流表内阻约为几欧,电压表内阻约为1KΩ,电源为干电池．(1)若选图甲为本次的实验电路,闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于_____端(选填或“b”)．若测得金属丝的长度为L金属丝(横截面为圆形)的直径为d,电流表的读数为I,电压表读数为U，则该金属丝的电阻率ρ=_______(用测量的字母代号表示),但用此电路测量的金属丝电阻仍然会比真实值偏_____(选填“大”或“小”).(2)若已知实验所用的电流表内阻的准确值现选择图乙为本次的实验电路,请按图乙在图丙完成实物连线_______．由实验测得的电流I和电压U描出的图象如图丁所示,则(计算结果保留两位有效数字).四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的直角坐标系中，在0≤y≤3L的区域内有磁感应强度为B、垂直纸面向外的匀强磁场．一厚度不计，长度为5L的收集板MN放置在y＝2L的直线上，M点的坐标为（L，2L）．一粒子源位于P点，可连续发射质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子（初速度近似为零），粒子经电场加速后沿y轴进入磁场区域（加速时间很短，忽略不计）．若收集板上下表面均可收集粒子，粒子与收集板麵后被吸收并导走，电场加速电压连续可调，不计粒子重力和粒子间的作用力．求（1）若某粒子在（L，0）处离开磁场，则该粒子的加速电压U0的大小；（2）收集板MN的下表面收集到的粒子在磁场中运动的最长时间；（3）收集板（上下两表面）无法收集到粒子区域的x坐标范围．14．（16分）如图所示，电源电动势为E=10V，内阻r=1Ω，R1=R2=R3=R4=1Ω，电容器电容C=6μF，开关闭合时，间距为d的平行板电容器C的正中间有一质量为m，电荷量为q的小球正好处于静止状态．求：（1）电路稳定后通过R1的电流I；（2）开关S断开，流过R2的电荷量△Q；（3）断开开关，电路稳定后，小球的加速度a的大小．15．（12分）质谱仪是用来测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具，如图所示，电容器两极板相距为d，两板间电压为U，极板间匀强磁场的磁感应强度为B1，方向垂直纸面向外．一束电荷电量相同、质量不同的带正电的粒子，沿电容器的中线平行于极板射入电容器，沿直线匀速穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外．结果分别打在感光片上的a、b两点，设a、b两点之间距离为△x，粒子所带电荷量为q，且不计重力，求：（1）求粒子进入磁场B2时的速度v的大小.（2）求打在a、b两点的粒子质量之差△m.（3）比较这两种带电粒子在磁场B2中运动时间的大小关系，并说明理由.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据场强的叠加可知，两个负电荷在c点产生的电场强度的和等于零，负电荷在c点产生的场强不为零，所以c点的电场强度一定不为零，故A错误；电场强度是矢量，由图可知，b、d两点的电场强度方向不同，故B正确；电场线从正电荷到负电荷，沿着电场线电势降低，所以b点的电势比a点的高，故C错误；由正电荷在d、c两点产生的电势相等，但两个负电荷在d点产生的电势高于c点，所以c点的总电势低于d点，故D错误．所以B正确，ACD错误．

2、C【解析】

A.、是同一等势面上的两点，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A错误；B.点电场线比点电场线密，则点场强较大，故B错误；C.、是匀强电场中的两点，电场强度相同，故C正确；D.等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，根据电场线的分布可知点场强较大，故D错误。3、D【解析】A、由题意可知，电子绕O点做圆周运动，则在O点放置正的点电荷，故B半球电势高于A半球的电势，故选项A错误；B、设O点正点电荷的电量为Q，即库仑力充当圆周运动的向心力，则：则弧线C上的场强大小为：，联立可以得到：，故选项B错误；C、当初动能为时正好做圆周运动，当速度变小即动能小于时，库仑引力大于向心力，则电子做向心运动，会达到B板上，故选项C错误；D、由于O点为正点电荷，则其等势面为以O为圆心的同心圆，根据动能定理可以知道，动能的改变量即为电场力的功，则，，根据正点电荷电场线分别关系可以知道：，故，故选项D正确。点睛：电子做匀速圆周运动，电场力提供向心力，电子受力的方向与电场的方向相反；由牛顿第二定律和向心力列式解答；电子动能的改变量等于电场力做功，使用动能定理即可。4、D【解析】该点场强可以看成是与P对称的那个电荷+q和P点的电荷-2q在该点场强的叠加，根据点电荷的场强公式得+q的点电荷在圆心O点处的电场强度大小为，方向向右，点电荷-2q在圆心O点处的电场强度大小为，方向向右，所以叠加来是，方向沿半径向右．故选择D.【点睛】该题考查了场强叠加原理，还有对对称性的认识．由于成圆周对称性，所以如果没改变电荷之前肯定圆心处场强为0，而该点场强是所有电荷在该点场强的叠加，可以把这些电荷归为两类：一种是要移去的电荷，另一种是其他电荷．不管怎样，总之这两种电荷产生的合场强为0，所以只要算出改变的电荷在该点的场强和与它对称的电荷的场强即可得到．5、C【解析】干电池的电动势都是1.5V，所以同一品种新的1号干电池和新的5号干电池的电动势相同，而新1号干电池内阻比5号干电池内阻小，容量大．故ABD错误，C正确．故选C．点睛：该题考查对电池的电动势的理解，知道电池的电动势与电池的特点决定即可正确解答．基础题目．6、A【解析】

A．曲线运动的速度方向为该点的切线方向，时刻变化，故曲线运动是变速运动，故A正确；B．做曲线运动的物体，一定受到力的作用，故一定有加速度，故B错误；C．曲线运动的条件，合外力与速度不一条直线上，与合外力是否变化无关；如平抛运动的合外力不变，加速度不变，物体做匀变速曲线运动，故C错误；D．匀速圆周运动的速率始终不变，故动能不变，故D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

由粒子的运动轨迹可知，粒子所受的电场力方向大致向上，可知粒子带正电，选项A错误，B正确；粒子从M运动到N点，电场力做正功，电势能减小，选项D正确，C错误；故选BD.8、BD【解析】试题分析：在外力撤去前，绳子刚好伸直，拉力为零，对B受力分析可得，即，所以撤去外力的瞬间B在沿斜面方向上只受沿斜面向下的重力的分力，沿斜面向下的电场力，故有，所以撤去外力瞬间的加速度，A错误；随着B沿着斜面下滑，绳子的拉力逐渐增大，当时，即合力为零时，B的速度最大，此时，解得，B正确；对AB整体有动能定理可得，解得，故C错误；由于过程中只有重力和电场力，弹力做功，所以根据能量守恒看得物体A、弹簧和地球所组成的系统机械能增加量等于物体B电势能的减少量和B物体机械能的减小量，故D正确；考点：考查了牛顿第二定律，动能定理，能量守恒定律9、AC【解析】

A．粒子由到，曲线运动所受合外力指向曲线的凹侧，由运动轨迹可判出粒子受电场力与重力的合力向上，故粒子带负电且电场力大于重力，电场力与重力的合力与速度方向成锐角做正功，由动能定理可知，油滴的动能增大，A正确；B．电场力做正功，电势能减小，B错误；C．由于重力和电场力的合力做正功，故重力势能与电势能之和减小，C正确；D．由于油滴在运动中，电势能减小，减小的电势能转化为油滴的动能及重力势能，故动能和电势能之和应减小，减小部分变成了油滴的重力势能，D错误。故选AC。10、CD【解析】对比公式可知，火箭做匀加速直线运动，在3s末速度为，CD正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）0.520（2）①CDF②外【解析】（1）由图示螺旋测微器可知，固定刻度读数：0.5mm；可动刻度读数0.01mm×2.0=0.020mm；故螺旋测微器读数为：0.520mm；（2）①电池组提供的电压为3V，故选用电压表D；电路中的电流最大为，故选用电流表C；为了方便电路操作，应选择滑动变阻器F；②电流表内阻0.125Ω，电压表内阻3kΩ，故，所以采用电流表外接法；【点睛】用伏安法测电阻时安培表内、外接法的选择原则是“大内小外”，即对于大电阻采用安培表内接法，对于小电阻采用安培表外接法；（2）需要有较大的电压测量范围时，滑动变阻器采用分压式接法．12、小【解析】

（1）根据欧姆定律和电阻定律求出电阻率的表达式，并由此分析测量值与真实值之间的大小关系；（2）根据乙图连接好实物图，由欧姆定律求出．【详解】（1）若选用甲电路，闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的有效阻值要最大，故滑片应置于b端，根据欧姆定律有：，根据电阻定律有：，，联立解得：，由于电压表的分流作用，实际流过R的电流较小，故测量值小于真实值；（2）根据乙图的电路图，画出实物连接图如图所示：由丁图可知．对于电学实验一定不要单纯靠记忆去解决问题，一定要在理解的基础之上，灵活运用欧姆定律及串并联的相关知识求解．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）2L＜x＜4L及（3＋）L＜x≤6L【解析】（1）由题意知，粒子在边界距d点L处离开磁场，半径由得（2）如图，轨迹1为打在下板最长时间对应轨迹（3）①打到下板面最右端的粒子轨迹与板下表面相切，如图轨迹1：切点E离y轴距离为xE＝2L∴下表面不能打到的区域2L＜x≤6L②打到上极板面，存在两个临界情况：如图轨迹2所示，与收集板左端点相交，上极板粒子达到的最近点F，由几何关系：R2-（R-L）＝（2L）2得：R=2.5LxF＝R＋（R-L）＝4L如图轨迹3所示，与磁场上边界相切，上极板粒子达到的最远点G，轨迹半径：R＝3LxG=(3+)L故，粒子收集不到的区域为：2L＜x＜4L及（3＋）L＜x≤6L点睛：带电粒子在电场、磁场中的运动一直是考试，尤其是选考计算题的重点．通过带电粒子在电场中加速和在磁场中偏转这两个情境，通过改变加速电压（变量问题），本质上改变的是带电粒子在磁场中的速度，在磁场中做圆周运动的半径