吉林省延边州2027届物理高二第一学期期中统考模拟试题含解析

吉林省延边州2027届物理高二第一学期期中统考模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在电场强度E＝2×103V/m的匀强电场中有三点A、M和B，AM＝4cm，MB＝3cm，AB＝5cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q＝2×10－9C的正电荷从B移动到M点，再从M点移动到A点，电场力做功为()A．1.6×10－7JB．1.2×10－7JC．－1.6×10－7JD．－1.2×10－7J2、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示.则(

)A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度增加C．a的加速度将减小，b的加速度增加D．两个粒子的电势能都增大3、如图所示是洛伦兹力演示仪，甲图为没有磁场时电子束的径迹，乙图为施加垂直于纸面的磁场后，电子束运动的径迹，则在乙图中所加磁场的方向是（）A．垂直纸面向里 B．垂直纸面向外 C．水平向左 D．水平向右4、如图所示，A、B为咬合转动的两齿轮，RA=2RB，则A、B两轮边缘上两点的（）A．线速度之比为2：1B．线速度之比为1：2C．角速度之比为1：2D．角速度之比为2：15、在磁场中的某一位置放置一条直导线，导线的方向与磁场方向垂直。先后在导线中通入不同的电流，导线所受的力也不一样。下列几幅图表现的是导线受的力F与通过的电流I的关系，a、b分别代表一组F、I的数据，其中正确的是（）A． B． C． D．6、在如图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P缓慢向右移动，则A．灯泡L变暗B．电源内部消耗的功率先变大后变小C．电容器C上的电荷量增加D．流过R1的电流方向由左向右二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素，如图所示。设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ。实验中，极板所带电荷量不变，下列判断中正确的是（）A．保持S不变，增大d，则θ变小B．保持S不变，增大d，则θ变大C．保持d不变，减小S，则θ变大D．保持d不变，减小S，则θ变小8、质量为m、速度为v的A球与质量为4m的静止的B球发生正碰．碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，碰撞后B球的速度大小可能是A．0.2v B．0.3vC．0.6v D．v9、在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核发生了一次α衰变，生成了一个质量为M的新核，同时放出质量为m、电量为q的α粒子，α粒子在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨道半径为R，反应中释放的核能全部转化为生成的新核和α粒子的动能，下列说法正确的是（）A．生成的新核和α粒子的动能之比为m：MB．生成的新核的比结合能大于衰变前原子核的比结合能C．生成的α粒子的动能为D．衰变过程中的质量亏损为10、封闭在汽缸内一定质量的理想气体由状态A变到状态D，其体积V与热力学温度T的关系如图所示，由状态A变到状态D过程中（）A．气体从外界吸收热量，内能增加B．气体体积增大，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少C．气体温度升高，每个气体分子的动能都会增大D．气体的密度不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在测金属电阻率实验中：（1）测长度时，金属丝的起点、终点位置如图（a），则长度为：______cm（2）用螺旋测微器测金属丝直径，示数如图（b），则直径为：______mm（3）读出电压表和电流表的读数：电压表：______；电流表：__________．（4）测电阻时，电流表、电压表、待测金属丝电阻Rx在组成测量电路时，应采用电流表________(选填“外”或“内”)接法，待测金属丝电阻的测量值比真实值偏________(选填“大”或“小”)；请在实物图中完成实物连线______.12．（12分）在测定金属电阻率的实验中，用伏安法测定一段阻值约为5左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组（3V）B．电流表（0~3A，内阻约0.0125）C．电流表（0~0.6A，内阻约0.125）D．电压表（0~3V，内阻约3k）E．电压表（0~15V，内阻约15k）F．滑动变阻器（0~20，额定电流1A）G．滑动变阻器（0~2000，额定电流0.3A）H．电键、导线．（1）根据实验的实际需要，电流表应选_________，电压表应选_________，滑动变阻器应选_________．（2）实验电路应采用电流表________接法．（填“内”或“外”）（3）实验中某组电压表的示数如图A所示，则U=________V，电流表的示数如图B所示，则I=________A．（4）待测电阻是一根均匀材料制成的金属丝（横截面为圆形），用刻度尺测量其长度，用螺旋测微器测量其直径，结果分别如图C和图D所示．由图可知其长度l=__________cm，直径d=_______mm．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一物体在离地面20米处，以水平速度为7.5m/s抛出。在仅受重力的作用下，g=10m/s2.求抛出点到落地点的位移大小。14．（16分）如图所示为两组平行板金属板，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，其中.求：(1)电子通过B点时的速度大小v0？(2)右侧平行金属板的长度L？15．（12分）如图（a）所示，倾角的光滑固定斜杆底端固定一电量为的正点电荷，将一带正电小球（可视为点电荷）从斜杆的底端（但与Q未接触）静止释放，小球沿斜杆向上滑动过程中能量随位移的变化图象如图（b）所示，其中线1为重力势能随位移变化图象，线2为动能随位移变化图象（g取，静电力常量）则（1）求小球的质量m和电量q；（2）斜杆底端至小球速度最大处由底端正点电荷形成的电场的电势差U．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

匀强电场中，电势差与场强的关系是U=Ed，式中d是两点沿电场强度方向的距离，然后根据d的含义可求解A、B两点间的电势差．电场力做功的公式W=qU．【详解】根据匀强电场特点可知：A、B两点间的电势差UAB=UAM=EdAM；所以UAB=2000×4×10-2V=80V。

正电荷从B点经M点移到A点，电场力做功为WBA=qUBA=-qUAB=-2×10-9×80J=-1.6×10-7J

故选C。公式U=Ed的适用条件为匀强电场，d的含义为两点之间沿电场线方向的距离，并非两点之间的距离，因此对于物理公式要明确适用条件以及各个物理量的含义．2、C【解析】

物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，所以能判断a、b一定带异种电荷，但是不清楚电场的方向，也就不能判断哪一个是正电荷，哪一个是负电荷，故A错误；物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，它们的电势能都减小，故BD错误；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确；故选C．该题考查带电粒子在电场中运动过程中的轨迹分析，要求能够根据轨迹弯曲的方向判断出电场力的方向，进而判断出粒子的电性、动能与电势能的变化等．由曲线运动得出的粒子所受电场力方向指向曲线弯曲的内侧许多同学不易想到此点．3、B【解析】

粒子带负电，粒子向上偏转，故根据左手定则可得，故所加磁场为垂直纸面向外.A．垂直纸面向里，与结论不相符，选项A错误；B．垂直纸面向外，与结论相符，选项B正确；C．水平向左，与结论不相符，选项C错误；D．水平向右，与结论不相符，选项D错误；4、C【解析】

咬后的两齿轮有两轮边缘上线速度大小相等，根据线速度大小相等和各物理量的关系求解即可；【详解】A、根据题意有两轮边缘上的线速度大小相等，即有，即，故选项AB错误；

B、根据角速度ω和线速度v的关系得角速度与半径成反比：即故C正确，选项D错误．抓住齿轮咬合传动时，两轮边缘上线速度大小相等展开讨论，熟练掌握描述圆周运动的各物理量之间的关系是解决本题的关键．5、C【解析】

磁感应强度是由磁场本身性质决定的，在磁场中的某一位置，磁感应强度应是定值，所以导线受的力F与通过的电流I的关系为F=BIL，则F-I图象中的图线应是过原点的一条直线；A.A图与结论不相符，选项A不符合题意；B.B图与结论不相符，选项B不符合题意；C.C图与结论相符，选项C符合题意；D.D图与结论不相符，选项D不符合题意；6、D【解析】

本题考查含电容器电路的动态分析【详解】AB．当滑片向右移动时，电阻减小，干路电流增大，根据P=I2R知灯泡变亮，电源内部消耗功率变大，选项A、B错误；C．根据U=IR知，电源内电压及灯泡上电压增大，滑动变阻器上分得电压减小，电容器因与滑动变阻器并联，电容器C上电压也减小，根据Q=CU知电容器电量减小，C错误；D．电容器会通过R、R1组成回路放电，故经过电阻R1的电流由左向右，D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

AD．根据电容的定义式：C=保持S不变，增大d，电容C减小，再根据：U=知U增大，所以θ变大，故A错误，B正确；CD．保持d不变，减小S，电容C减小，再根据：U=知U增大，所以θ变大，故C正确，D错误。故选BC。8、AB【解析】

A与B碰撞的过程中二者组成的系统的动量守恒，规定A球初速度方向为正方向，若为完全非弹性碰撞，则：mv=（m+4m）⋅v′所以：v′=0.2v若为弹性碰撞，由动量守恒得：mv=mvA+4m⋅vB由机械能守恒得：联立得：根据碰撞的特点可知，碰撞后B的速度的范围：0.2v⩽vB⩽0.4vA.0.2v与计算结果相符，故A正确。B.0.3v与计算结果相符，故B正确。C.0.6v与计算结果不符，故C错误。D.v与计算结果不符，故D错误。9、ABC【解析】

A．静止的原子核辐射衰变，衰变产生的新核与粒子组成的系统的动量守恒，以粒子的方向为正方向，则有解得，即两者动量大小相等，设为p，方向相反，根据动能与动量关系所以生成的新核和粒子的动能之比为故A正确；B．衰变的过程中释放能量，可知生成的新核的比结合能大于衰变前原子核的比结合能，故B正确；C．粒子在磁场中受到的洛伦兹力提供向心力，则有解得，则生成的粒子的动能为故C正确；D．结合AC可得新核的动能根据质能方程可知亏损的质量故D错误。故选ABC。10、AB【解析】气体由状态A变到状态D过程中，温度升高，内能增大；体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律分析得知，气体从外界吸收热量．故A正确．由图看出气体的体积增大，分子总数不变、体积增大时分子密集程度减小，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少，故B正确．气体温度升高，分子的平均动能增大，但不是每个气体分子的动能都会增大．故C错误．气体的质量一定，体积增大，则密度减小．故D错误．故选AB．点睛；此题关键是要先搞清图像的物理意义；会根据热力学第一定律分析吸放热情况．温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、60.48（60.46—60.50均可）1.980(1.976—1.984均可)0.80V（0.78V—0.84V均可）0.36A(0.35—0.37均可)外小【解析】（1）由图示刻度尺可知，金属丝的长度为：70.48-10.00=60.48cm；（2）由图示螺旋测微器测可知，固定刻度示数是1.5mm，可动刻度示数是48.0×0.01mm=0.480mm，金属丝直径为1.5mm+0.480mm=1.980mm；

（3）电压表选择的0~3V量程，故分度值为0.1V，所以读数为0.8V；电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，故读数为0.36A；（4）因为被测电阻和电流表内阻接近，故采用电流表外接法，电压不需要从零开始，滑动变阻器采用限流接法，电路图如图所示，由于电压表分流，即电流测量值偏大，而电压值测量准确，所以根据可知测量值偏小，12、CDF外2.10（2.09-2.11）0.4059.40（59.39-59.42）0.435（0.433-0.436）【解析】

（1）[1][2][3]测量电阻需要电源、电流表、电压表、滑动变阻器、电键导线，由于电源电压为3V，所以电压表选择D，电路中的电流大约，所以电流表选择C；待测电阻阻值约为5左右的金属导线的电阻，我们用限流接法时，滑动变阻器阻值不能过大，故选F；（2）[