江苏省吴江市平望中学2027届高二物理第一学期期中预测试题含解析

江苏省吴江市平望中学2027届高二物理第一学期期中预测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、通电螺线管内有一在磁场力作用下处于静止的小磁针，磁针的指向如图所示，则（）A．螺线管的P端为N极，a接电源的正极B．螺线管的P端为N极，a接电源的负极C．螺线管的P端为S极，a接电源的正极D．螺线管的P端为S极，a接电源的负极2、如图所示，平行板电容器充电后，在其正中P点处有一个带电微粒恰好能保持静止状态。用什么方法能使该带电微粒仍在原处保持静止，且电势能增加（）A．K闭合,将上极板M接地，下移NB．K闭合,将下极板N接地，左移MC．K断开,将下极板N接地，上移ND．K断开,将上极板M接地，下移M3、如图所示，abcd是一个用粗细均匀、同种材料的导线弯折成的长方形线框，线框竖直放置，ab长度为L，bc长度为。匀强磁场的方向垂直于金属框平面向里，磁感应强度大小为B。若金属框a、b两端与恒压电源相连，电流方向如图所示，若通过ab边的电流大小为，则金属框受到的安培力大小和方向分别为A．，方向竖直向上 B．2BIL，方向竖直向上C．，方向竖直向下 D．3BIL，方向竖直向下4、下列几组全是矢量的是（）A．加速度、速度变化量、速度B．路程、时间、位移C．位移、时间、速度D．速度、路程、加速度5、做自由落体运动的小球，当下落距离为l时速度为v，那么，当它的速度是v5A．l25 B．l30 C．24l6、如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上闭合开关S，重物P以速度v匀速上升，这时电流表和电压表的示数分别是和，重物P上升的速度已知该装置机械部分的机械效率为，重物的质量下列说法正确的是A．电动机消耗的电功率为550

WB．细绳对重物做功的机械功率为325

WC．电动机输出的电功率为400

WD．电动机线圈的电阻为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面上，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F作用于小球B，则两球静止于图示位置，如果将小球B向左推动少许，待两球重新达到平衡，则两个小球的受力情况与原来相比（）A．两小球之间的距离减小B．水平推力F不变C．小球B对地面的压力不变D．竖直墙面对小球A的弹力减小8、如图甲，家用电磁炉已走进千家万户。图乙为电磁炉中安装的旋涡状线圈，当通以高频交流电流时，线圈产生的磁感线的条数和方向会随电流的强度和方向的变化而变化，导致电磁炉上方的铁锅产生感应电流，从而使其发热。下列说法正确的是（）A．磁场变化的频率越高，电磁炉的加热效果越好B．由上往下看，图乙线圈中该时刻电流方向为顺时针C．电磁炉的工作原理是应用电磁感应在锅体中产生涡流来工作D．普通陶瓷砂锅也可利用电磁炉来煲汤9、、b、c三个α粒子由同一点同时垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，由此可以肯定（

）A．在b飞离电场的同时，刚好打在负极板上B．进入电场时，c的速度最大，的速度最小C．b和c同时飞离电场D．动能的增量相比，c的最小，a和b的一样大10、如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ．整个装置处于沿竖直方向的匀强磁场中．质量为m的金属杆ab垂直导轨放置，当杆中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab刚好静止．则（）A．磁场方向竖直向下B．磁场方向竖直向上C．ab所受支持力的大小为mgcosθD．ab所受安培力的大小为mgcosθ三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为测定某电源的电动势E、内阻r以及一段电阻丝的电阻率ρ，设计了如图甲所示的电路．ab是电阻率较大的粗细均匀的电阻丝，R0是阻值为2Ω的保护电阻，滑片P与电阻丝始终接触良好．使用螺旋测微器测得电阻丝的直径d=0.400mm．实验时，闭合开关S，调节P的位置，记录aP长度x和对应的电压U和电流I的数据，并求得的数值，分别绘出了U-I关系图象和关系图象，如图乙、丙所示．（1）根据图乙可求出电源电动势E=___V，内阻r=_____Ω（均保留两位有效数字）．（2）图丙中关系图象纵轴截距的物理意义是_____．（3）根据图丙可求得电阻丝的电阻率ρ=_____Ω·m（保留三位有效数字）．12．（12分）用螺旋测微器测量其直径如图所示，由图可知其直径为________mm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平放置的平行板电容器的两极板、，两板间距离，接上恒定直流电源。上极板的中央有一小孔，在的正上方处的点，有一小油滴自由落下。已知小油滴的电量，质量。当小油滴即将落到下极板时，速度恰好为零。（不计空气阻力，），求：（1）两极板间的电势差；（2）两极板间的电场强度；（3）若平行板电容器的电容，则该电容器带电量是多少？14．（16分）原地纵跳摸高是运动员的常用训练项目。已知质量m=60kg的运动员原地（不起跳）摸高为2.05m。某次训练中，该运动员先下蹲，重心下降0.5m，经过充分调整后，发力跳起摸到了2.85m的高度。假设运动员起跳过程为竖直方向的匀加速直线运动，忽略空气阻力影响。求：（1）该运动员离开地面时的速度大小；（2）起跳过程中运动员对地面的压力大小；（3）从开始起跳到双脚落地需要的时间。15．（12分）如图所示，一颗卫星在近地轨道1上绕地球做匀速圆周运动，轨道1的半径可近似等于地球半径，卫星运动到轨道1上A点时进行变轨，进入椭圆轨道2，其远地点B离地面的距离为地球半径的2倍，已知地球的密度为ρ，引力常量为G，求：（1）卫星在轨道1上做圆周运动的周期；（2）卫星在轨道2上从A点运动到B点所用的时间．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

由图可知，小磁针静止时N极指向Q端，则通电螺线管的Q端为N极，通电螺线管的P端为S极；根据安培定则判断出电流的方向：从a端流进，从b端流出，a接电源的正极，b接电源的负极，故C正确，A、B、D错误；故选C．2、C【解析】

保持K闭合时电容板间电压保持不变．充电后将K断开后电容器的电量保持不变，根据推论，板间场强不变．根据公式E=Ud【详解】A项：K闭合，保持K闭合时，下移N，板间距离d增大，根据公式E=Ud分析得知，板间场强减小，带电微粒受到的电场力减小，微粒将向下加速运动。不符合题意，故AB项：K闭合，保持K闭合时，左移N，板间距离d不变，电容减小，根据公式E=Ud分析得知，板间场强不变，带电微粒受到的电场力不变，仍处于静止状态。P点的电势不变，微粒的电势能不变。不符合题意，故BC项：K断开，将上极板M，下移N，根据推论E=4πkQεS可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与N的电势差减小，N的电势为零，P点的电势高于N的电势，则知P点的电势降低，微粒带负电，则知微粒的电势增加，故CD项：K断开，将上极板M，下移M，根据推论E=4πkQεS可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与M的电势差减小，M的电势为零，P点的电势低于M的电势，则知P点的电势升高，微粒带负电，则知微粒的电势减小，故D故应选C。本题是电容器动态变化分析的问题，根据决定电容的三个因素和电容的定义式相结合进行分析。3、A【解析】

由题意可知，边ab（cd）的长度是边ad（bc）长度的2倍，所以边ab（cd）的电阻是边ad（bc）电阻的2倍，由并联关系可知，通过adcb支路的电流为，所以边dc所受安培力大小为方向竖直向上，边ab所受安培力大小为Fab=BIL方向竖直向上，边ad和边bc所受安培力的合力为零，所以金属框所受安培力大小为方向竖直向上。A．A项与上述分析结论相符，故A正确；B．B项与上述分析结论不相符，故B错误；C．C项与上述分析结论不相符，故C错误；D．D项与上述分析结论不相符，故D错误。4、A【解析】

加速度、速度变化量、速度、位移都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而路程、时间只有大小无方向，是标量；故选A.5、A【解析】

根据初速度为零的匀变速直线运动的位移速度公式有：v2=2glv由这两个式子得，当它的速度为v5时，下落的距离是h=lA.l25与计算结果相符，故AB.l30与计算结果不符，故BC.24l25与计算结果不符，故CD.29l30与计算结果不符，故D6、A【解析】

已知电动机两端的电压和通过的电流，根据P=UI求出电动机的耗电功率，根据求出机械功率；由机械部分的机械效率可求出电动机输出功率，根据电动机消耗的功率与输出功率之差，即为线圈电阻发热功率，再由求出电动机线圈的电阻．【详解】根据电功率关系式有：，故电动机消耗的功率为550W，故A正确；以物体为研究对象，由于物体匀速上升，根据平衡条件有：，根据，得：，故细绳对对重物做功的机械功率为315W，故B错误；电动机输出的功率，故C错误；根据功能关系有：，，联立解得：，故D错误；故选A．本题考查电动机工作中的能量转化规律，要知道电动机工作时，消耗的电能转化为其它形式的能（一是机械能，二是内能）是解本题的关键；利用P=Fv求功率和平衡态列方程是解题的核心．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

以A球为研究对象，分析受力，作出力图如图1所示：

设B对A的库仑力F与墙壁的夹角为θ，由平衡条件得竖直墙面对小球A的弹力为：N1=mAgtanθ将小球B向左推动少许时θ减小，则N1减小。

再以AB整体为研究对象，分析受力如图2所示，由平衡条件得：F=N1

N2=（mA+mB）g则F减小，地面对小球B的弹力一定不变。

由上分析得到库仑力，θ减小，cosθ增大，F库减小，根据库仑定律分析得知，两球之间的距离增大。A.两小球之间的距离减小，与结论不相符，选项A错误；B.水平推力F不变，与结论不相符，选项B错误；C.小球B对地面的压力不变，与结论相符，选项C正确；D.竖直墙面对小球A的弹力减小，与结论相符，选项D正确；8、AC【解析】

A．磁场变化的频率越高，磁通量变化率越大，由法拉第电磁感应定律可知，产生的电动势越大，回路中的电流越大，加热效果越好，故A正确；B．由于不知道磁场大小的变化情况，则无法确定感应电流的方向，故B错误；C．电磁炉工作原理是利用交变电流通过线圈产生交变磁场，从而使金属锅自身产生无数小涡流而直接加热于锅内的食物，故C正确；D．交变磁场在普通陶瓷砂锅内不能形成涡流，则不能用来加热，故D错误。故选AC。9、ABD【解析】

ABC.粒子在竖直方向有三个粒子所带电荷相同，可见打在下极板的时间相同；水平方向有可知c的速度最大，a的速度最小，故AB正确C错误；D.因只有电场力做功，则动能的增量等于电场力做功，由，因a和b在电场中的竖直位移大于a，故a和b电场力做功相等且大于a，故D正确。故选ABD。10、BD【解析】根据力的平衡可得金属杆受到的磁场力水平向右，所以根据左手定则磁场方向数值向上。金属杆受到重力，垂直斜面向上的支持力，水平向右的磁场力。处于平衡状态，所以根据正交分解可得ab受到的支持力大小为N=mg三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）3.0；1.0；（2）电流表的内阻为2.0Ω；（3）1.26×10-6【解析】

解：(1)由图甲根据闭合电路欧姆定律应有：，可整理为：，由图乙根据函数斜率和截距的概念则有电源电动势：，内阻：；(2)由题意及可得：；结合数学一次函数概念可知，图线的纵轴截距表示电流表的内阻为(3)根据图可知，当x=0时电阻为2Ω，结合图甲可知电流表A的内阻，所以应有，由图读出，即电阻丝电阻R=2Ω时对应的长度x=0.20m，，由可得，代入数据解得：；12、4.700mm【解析】

[1]螺旋测微器的最小精确度为0.01mm，读数为主尺刻度+可动刻度格数×最小精确度，注意格数要估读。即该读数为4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm。四、计算题：本题共3小