2026-2027学年人教版九年级物理上册期末测试试卷附答案解析

第第页2026-2027学年人教版九年级物理上册期末测试试卷（附答案解析)学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．下列物态变化中，属于汽化的是A．湿手烘干 B．深秋凝霜 C．清晨结露 D．冰雪消融2.如图1，天宫2号每1.5小时绕地球飞行一周，如图2是某时刻拍摄天宫2号实验舱内的情况，则下列说法中正确的是(

)

A.天宫2号相对于地面是静止的

B.站立在舱内的宇航员相对于实验舱是运动的

C.悬挂在实验舱内的国旗相对于实验舱是运动的

D.站立在舱内的宇航员相对于悬挂在实验舱内的国旗是静止的3.如图所示，一只手握住甲、乙两个核桃，逐渐增大握力，发现甲核桃碎裂时乙核桃完好。下列有关两核桃相互挤压时的说法正确的是(

)A.两核桃相接触部位受到的压强相等

B.甲对乙的作用力小于乙对甲的作用力

C.甲对乙的作用力没有使乙核桃发生形变

D.甲对乙的作用力与乙对甲的作用力是一对平衡力4．生活处处有物理，留心观察皆学问.下列生活中的现象及其解释正确的是（）A．打开高速行驶的大巴车车窗时，窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强小 B．啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子 C．水坝修建为上窄下宽是因为液体压强随深度增加而减小 D．珠穆朗玛峰顶的大气压强比兰州市地面的大气压强大5.小野同学在“探究平面镜成像特点”时，选取两段相同的蜡烛A和B，点燃玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板里的像重合，如图。以下说法错误的是(

)A.为了使像更清晰，应在较暗的环境中进行

B.实验时应选择较薄的玻璃板且玻璃板应与水平桌面垂直放置

C.在B处换一光屏，能承接到蜡烛A的像

D.烛焰与像的连线与镜面垂直且到镜面的距离相等6．2018雅加达亚运会上，我国运动健儿再展雄姿，关于以下情景分析正确的是（）A．举重运动员将杠铃举起后静止在台上，此时运动员所受的压力和地面对运动员支持力是一对平衡力 B．排球场上，运动员将飞过来的排球打回去，说明力的作用效果与力的大小有关 C．箭离开弓弦后，能飞行相当远的距离，是因为箭还受到向前的动力 D．自行车运动员要让自行车更快地停下来，会用力捏闸，这是通过增大压力来增大摩擦7．某同学在粗细均匀的木棒上缠绕一些细铜丝制作简易密度计A，如图甲所示。将A依次放入一系列密度已知的液体中，每次当A在液体中处于竖直漂浮状态时，在木棒上标出与液面位置相平的刻度线及相应密度值ρ，并测量木棒浸入液体的深度h，再利用收集的数据画出h-ρ图像，如图乙中图线①所示。该同学继续选用了与A完全相同的木棒，并缠绕了不同质量的铜丝，制作简易密度计B。将B同样依次放入一系列密度已知的液体中进行实验，得到图乙中图线②。他进一步研究发现对同一密度计浸入液体的深度h和对应密度ρ的乘积不变。密度计在液体中漂浮时，铜丝的体积忽略不计。下列说法正确的是（）A．上述实验中密度计A在不同液体中漂浮时，浸入的深度h越大，受到的浮力越大B．密度计B上越接近铜丝的位置，刻度线对应的密度值越小C．当A、B两密度计分别漂浮在不同液体中，且浸入液体的深度h相同时，密度计B所在液体的密度ρB液比较大D．若图乙中ρ3-ρ2=ρ2-ρ1，则密度计A上ρ3与ρ2刻度线的间距大于ρ2与ρ1刻度线的间距二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．完成下列单位换算（1）50km＝m（2）2min10s＝s（3）2m/s＝km/h（4）800g＝kg9.手机间是利用电磁波传递信号的，其信号的传播速度与光速______(填“相同”或“不相同”).能源是社会发展的宝贵资源，若将能源分为可再生能源和不可再生能源，则太阳能属于______能源．10.如图所示是小明画的自己家中的部分电路，请你指出图中的错误之处______；他将电吹风插入插座使其单独工作，测得2min内，电能表转盘转了60转(电能表如图所示)，则该电吹风的功率是______W。11．2020年我市空气质量优良天数达293天，监测大气污染物浓度的电路如图甲所示，R为气敏电阻，其材料一般为（填“半导体”或“超导体”），气敏电阻阻值R随污染物浓度变化曲线如图乙所示。污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，该表应为图甲中表，此过程中电路总功率（填“变大”“变小”或“不变”）。12．某小组同学在进行“探究光的折射规律”实验中，一束光在空气和玻璃的分界面AB上同时发生了反射和折射现象。一位同学很粗心地仅画了三根光线，没有标出光的传播方向，如图所示。请帮助其判断：入射光线是，光线OG是，折射角为度，AB的右侧是（选填“空气”或“玻璃”）。13．一台四冲程的汽油机飞轮转速为2400r/min，若在做功冲程中，每次做功460J，这台汽油机的功率是W，若汽油机的效率为40%，每分钟消耗汽油的质量为kg（q汽油＝4.6×107/kg）。14．如图所示的电路中，接通电源，通电一段时间后，侧U形管液面高度的变化较大（选填“左”或“右”）。如果通过甲容器中电阻丝的电流是2A，则乙容器中电阻丝在1min内产生的热量是J。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.如图所示，分别画出两条入射光线经过凹透镜后的光线。

16.如图所示，物块A在一固定的斜面上保持静止，请在图中画出物块A受力的示意图。

17．根据图中小磁针静止时的指向，在图中标出通电螺线管的N、S极和电源的正负极。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．在探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小明做了如图所示实验。（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，取g＝10N/kg）（1）分析甲图中②③两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与有关；分析甲图中③⑤两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与有关。（2）乙图根据测得的实验数据，作出了弹簧测力计示数F示与金属块下表面在水中所处深度h的关系图象。请在图乙中画出F浮随h变化的关系图象。（3）由图像可知金属块在水中所受浮力的变化情况是（4）根据图中实验数据计算出盐水的密度为kg/m3。19．如图甲、乙、丙所示，三图中的装置完全相同，燃料的质量也相同，烧杯内的液体质量和初温也相同。（1）比较不同物质的比热容时，应选择两图进行实验；物质吸收热量的多少是通过（温度计上升的示数/加热时间）来反映的；（2）选择甲、乙两图来进行比较不同燃料的热值实验，若实验过程中，图甲中燃料还未燃尽时，烧杯内液体a就沸腾了，此时小明立即在图甲烧杯中添加了少量液体a继续实验，燃料燃尽后烧杯内液体a都未沸腾。这样的操作（选填“可行”或“不可行”），理由是。20．如图所示，是小明同学在做“平面镜成像特点”实验装置。请你运用所学知识完成下面的问题。（1）M是一块（选填“①.2mm的平面镜”、“②.2mm的平板玻璃”或“③.1mm的平板玻璃”）。写出你选择的依据（写两条）①；②。（2）实验时使用直尺的作用是便于比较物体与像的关系。（3）两段等长的蜡烛是为了比较物与像的关系。（4）实验时，点亮蜡烛A，移动M后面没有点亮的同样的蜡烛B，直到，此操作可以得到的结论是：。同时小明还观察到当蜡烛A慢慢靠近M时，观察到蜡烛像B的大小（选填“变小”、“变大”或“不变”）。同组的小华认为小明的实验结论与实际不符，他说平时照镜子时，当远离平面镜，感觉自己在镜中的像变小了，请你帮助小华解释出现这种感觉的原因：。（5）若在M后面挡一张黑纸，通过M（选填“仍能”或“不能”）看到蜡烛A的像，在黑纸上（选填“仍能”或“不能”）看到蜡烛A的像，说明。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.如图1所示的电路中，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R1标有“100Ω 2A”字样。闭合开关S后，电流表A1和A2的示数分别如图2所示。求：

(1)流过电阻R2中的电流和电阻R2阻值；

(2)通电10s，电流通过电阻R2所做的功W2；

(3)此时电阻R1的电功率P1；

(4)在移动滑动变阻器R122.某汽车在水平地面上以25m/s的速度匀速行驶，行驶600s汽车发动机产生的牵引力所做的功为3×107J，消耗汽油1kg(假设汽油在发动机汽缸内完全燃烧，汽油热值取q=5×107J/kg，g=10N/kg)。针对这一过程，求：

(1)汽车行驶的路程。

(2)六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．某小组在“观察水的沸腾”实验中（1）如图（a）中甲、乙、丙三种读温度计的方式正确的是。（2）如图（b）安装实验器材时，应按照（选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序进行；图中石棉网的作用是。（3）从实验数据表可以看出，水的沸点是℃，可以判断出当时的大气压（选填“高于”、“等于”、“低于”）1标准大气压。时间/min01234567……温度/℃9193959798989898……（4）小明和小红分别用图（b）装置进行试验，正确操作，小明和小红分别得出了如图（c）所示的甲、乙两种图线，造成图象不同的原因可能是小红这组。（5）生活中，常把碗放在锅里的水中蒸食物，如图（d）所示，当锅里的水沸腾以后，碗中的水（会/不会）沸腾。24.北京时间2023年5月30日“神舟十六号”载人飞船由“长征二号F”遥十六运载火箭从酒泉发射升空。如图甲是“神舟十六”升空时的壮观景象。为了保护发射台的台底，航天工程师在台底建造了一个大水池，就巧妙地克服了这项技术难关。火箭在大气中飞行时，它的头部跟大气摩擦生热，温度可达几千摄氏度，航天工程师在火箭头部涂上一层特殊材料，这种材料在高温下发生两种物态变化，使火箭头部温度不致过高。神舟十六号载人飞船成功对接空间站组合体，3名航天员将从神舟十六号载人飞船进入天和核心舱，与神舟十五号航天员乘组会合。如图乙是神舟十五号载人飞船返回时与大气摩擦时产生的火球。(g=10N/kg)请解答：

(1)火箭升空瞬间，庞大白色气团产生的原因是，水池内的水吸热后______形成高温的水蒸气，然后水蒸气遇冷______形成白气。火箭头部有特殊固体材料，这些材料它们都需要热后能变成液体或直接变成气体，发生的物态变化是______和______能起到保护火箭头部的作用。(以上空格均填物态变化的名称)

(2)神舟十五号载人飞船返回舱进入地球大气层时与大气剧烈摩擦，变成一个火球，如图乙所示，这是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方法增加了返回舱表面的内能。

(3)若返回时摩擦产生的内能全部被防热材料吸收(不考虑物态变化)，吸收的热量为4.0×109J，返回舱的防热材料质量是500kg，防热材料的比热容为4×

25．如图甲所示，一个足够高的薄壁柱形容器放在水平桌面上，容器底面积为S1，容器中立放着一个底面积为S2＝100cm2、高为H＝18cm的均匀圆柱体物块A，A的底部与容器底部用一根细绳连在一起。现缓慢向容器中注水，每分钟注入水的质量为300g，当向容器中注水6min时，物块A对容器底部的压力恰好为0（如图乙），此时容器中水的深度为h1＝9cm。已知细绳长度为L＝8cm，能承受的最大拉力为6N，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg，物块A不吸水，忽略细绳的体积、液体扰动等其他次要因素。（1）求物块A对容器底部的压力恰好为0时所受的浮力大小。（2）在图乙的情况下继续缓慢向容器中注水，直至细绳断开，停止加水，细绳断开前瞬间（如图丙）水对容器底部的压强为p1，当物块A静止后水对容器底部的压强为p2。求从p1到p2的压强变化量Δp。（3）在图甲的情况下开始缓慢向容器中注水，求此过程中容器底部所受水的压强p与注水时间tx（单位：min）的函数关系式（tx≥14min）。

参考答案及解析1．下列物态变化中，属于汽化的是（）A．湿手烘干 B．深秋凝霜 C．清晨结露 D．冰雪消融【解答】解：A、湿手烘干是手上的水汽化为水蒸气，故A正确。B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故B错误。C、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故C错误。D、冰雪消融是冰的熔化现象，故D错误。故选：A。2.【答案】D

【解析】解：A、天宫2号相对于地面的位置不断在改变，因此，天宫2号相对于地面是运动的，故A错误；

B、站立在舱内的宇航员相对于实验舱位置没有发生改变，因此，宇航员相对于实验舱是静止的，故B错误；

C、悬挂在实验舱内的国旗相对于实验舱位置没有发生改变，因此，国旗相对于实验舱是静止的，故C错误；

D、站立在舱内的宇航员相对于悬挂在实验舱内的国旗位置没有发生改变，因此，宇航员相对于国旗是静止的，故D正确。

故选：D。

研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。

一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。3.【答案】A

【解析】解：

(1)两核桃相互挤压时，甲对乙作用力和乙对甲作用力是一对相互作用力，不是一对平衡力，相互作用力大小相等，故BD错误；

甲对乙的力与乙对甲的力大小相等，受力面积相等，根据p=FS可知，两核桃相接触部位受到的压强相等，故A正确；

(2)甲对乙的力与乙对甲的力，都属于弹力，两核桃都会发生形变，只不过乙核桃发生的形变没有甲明显(即甲核桃碎裂时乙核桃完好)，故C错误。

故选：A。

(1)一对平衡力必须同时符合四个条件，即：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。

(2)一对相互作用力必须同时符合大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同物体上。

(3)根据固体压强p=FS4．（3分）生活处处有物理，留心观察皆学问.下列生活中的现象及其解释正确的是（）A．打开高速行驶的大巴车车窗时，窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强小 B．啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子 C．水坝修建为上窄下宽是因为液体压强随深度增加而减小 D．珠穆朗玛峰顶的大气压强比兰州市地面的大气压强大【考点】流体压强与流速的关系；增大和减小压强的方法和应用；液体压强的概念和特点；大气压强与高度的关系．【分析】（1）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。（3）液体压强随深度的增加而增大。（4）气压随海拔的升度而减小。【解答】解：A、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气流速慢压强大，从而产生向外的压力差，故A正确；B、啄木鸟的嘴很尖细，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子，故B错误；C、水坝修建为上窄下宽是因为液体压强随深度增加而增大，故C错误；D、珠穆朗玛峰顶的高度大于兰州市地面的高度，海拔越高，气压越低，因此珠穆朗玛峰顶的大气压强比兰州市地面的大气压强小，故D错误。故选：A。【点评】此题考查了大气压强、流体压强和流速的关系、增大压强的方法、大气压与高度的关系等，是一道综合性较强的题目。5.【答案】C

【解析】解：

A、点燃的蜡烛是成像物体，比较亮，环境越黑暗，蜡烛和环境的对比度越大，蜡烛成像越清晰，为了使像更清晰，应较暗的环境中进行，故A正确；

B、因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板；实验时玻璃板如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，就无法验证像的位置和大小，所以玻璃板应与水平桌面垂直放置。故B正确。

C、实像可以用光屏承接，虚像不能。因为平面镜成虚像，所以在B处换一光屏，不能承接到蜡烛A的像，故C错误。

D、平面镜成像大小跟物体的大小相等，烛焰与像的连线与镜面垂直且到镜面的距离相等，故D正确。

故选：C。

(1)进行平面镜成像实验时，物体和环境的对比度越大，物体越亮，物体在平面镜中成像越清晰；

(2)从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面会出现两个像和保证实验效果这个角度去分析此题；实验中玻璃板如果不垂直于桌面，后面的蜡烛无法与前面蜡烛的像完全重合；

(3)平面镜所成的像是虚像，实像可以用光屏承接，虚像不能；

(4)平面镜成像大小跟物体的大小相等，烛焰与像的连线与镜面垂直且到镜面的距离相等。

本题考查平面镜的成像特点、原理及实验现象，这既是平时经常强调的地方，又是中考中经常涉及到的地方，要求深入理解，熟练掌握。6．【解答】解：A．运动员所受杠铃的压力和地面对运动员支持力，二力的大小不相等，不是一对平衡力，故A错误；B、排球场上，运动员将飞过来的排球打回去，说明力的作用效果与力的方向有关，故B错误；C、箭离开弓弦后，不再受到向前的动力，但由于惯性能继续飞行相当远的距离，故C错误；D、用力捏闸，使行驶中的自行车更快停下来，这是通过增大压力来增大摩擦力的，故D正确。故选：D。7．C【解析】A．密度计A的重力不变，不同的液体中，处于竖直漂浮状态，浮力的大小等于重力大小，重力不变，浮力不变，故A错误；B．由题可知，对同一密度计浸入液体的深度h和对应密度ρ的乘积不变，密度计B上越靠近铜丝的位置，浸入液体的深度越小，对应密度越大，故B错误；C．由图乙可知，密度计浸入液体深度相同时，密度计B对应的密度较大，所在液体的密度比较大。故C正确；D．如图所示：密度计A上三个密度和对应的深度的乘积相等，即则有，ρ3与ρ2刻度线的间距①ρ2与ρ1刻度线的间距因为ρ3-ρ2=ρ2-ρ1所以②比较①②，由于h2>h3，ρ2>ρ1所以h2-h3<h1-h2密度计A上ρ3与ρ2刻度线的间距小于ρ2与ρ1刻度线的间距，故D错误。故选C。8．解：（1）50km＝50×1km＝50×103m＝5×104m；（2）2min10s＝2min+10s＝2×1min+10s＝2×60s+10s＝130s；（3）2m/s＝2×1m/s＝2×3.6km/h＝7.2km/h；（4）800g＝800×1g＝800×10﹣3kg＝0.8kg。故答案为：（1）5×104；（2）130；（3）7.2；（4）0.8。9.【答案】相同；可再生

【解析】解：手机是利用电磁波传递信号的，其信号传播速度与光速相同，光在真空中的传播速度是3×108m/s．

可以长期提供或可以再生的能源属于可再生能源，故太阳能属于可再生能源．

故答案为：相同；可再生．

(1)电磁波可以传递信息，根据对真空中光速的掌握分析答题；

(2)10.【答案】开关接在零线与灯之间

600

【解析】解：(1)左图中，三孔插座，左孔接零线、右孔连接火线、中孔连接地线，连接正确；

为了安全，开关要接在火线和灯之间，这样连接，在开关断开时，灯上没有电；而左图中，开关接在零线与灯之间。

(2)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000r，

电能表转盘转动60r，电吹风消耗的电能：

W=603000kW⋅h=0.02kW⋅h，

用电时间：t=2min=130h，

电吹风的电功率为：

P=Wt=0.02kW⋅h130h=0.6kW=600W11．（3分）2020年我市空气质量优良天数达293天，监测大气污染物浓度的电路如图甲所示，R为气敏电阻，其材料一般为半导体（填“半导体”或“超导体”），气敏电阻阻值R随污染物浓度变化曲线如图乙所示。污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，该表应为图甲中电流表，此过程中电路总功率变大（填“变大”“变小”或“不变”）。【分析】气敏电阻是由半导体材料制成的；由电路图可知，闭合开关R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知当污染物浓度增大时气敏电阻R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，由串联电路的分压规律可知电压表示数的变化，据此结合题意判断监测仪表是电流表还是电压表；根据P＝UI判定总功率的变化。【解答】解：气敏电阻R是由半导体材料制成的；由电路图可知，闭合开关R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当污染物浓度增大时，根据图乙可知，气敏电阻的阻值减小，总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；由串联电路的分压规律可知，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表示数变小；由题知，污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，所以监测仪表应为电流表；电源电压不变，电路中的电流变大，根据P＝UI可知，总功率变大。故答案为：半导体；电流；变大。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用，由图像得出气敏电阻的阻值与污染物浓度的关系是关键。12．解：由图可知，∠BOE＝60°，所以入射角为∠COE＝90°﹣60°＝30°，而∠COF＝30°根据反射角等于入射角，所以CD为法线，AB为界面而折射光线和入射光线分别位于法线两侧则OG一定为折射光线，EO为入射光线，OF为反射光线，OG为折射光线。∠COF为反射角。由图可知，折射角为：∠GOD＝90°﹣45°＝45°。由于折射角大于入射角，则光线是从玻璃中斜射入空气中，故AB的右侧是空气。故答案为：EO；折射光线；45；空气。13．（2分）一台四冲程的汽油机飞轮转速为2400r/min，若在做功冲程中，每次做功460J，这台汽油机的功率是9200W，若汽油机的效率为40%，每分钟消耗汽油的质量为0.03kg（q汽油＝4.6×107/kg）。【分析】（1）2400r/min表示1min飞轮转动2400圈，而飞轮每转两圈对外做功一次，可求1min做功次数；又知道每次做功460J，可求汽油机1min做功，再利用P＝求这台汽油机的功率；（2）知道热机效率，利用效率公式求汽油完全燃烧放出的热量，利用Q＝mq求出每分钟消耗汽油的质量。【解答】解：（1）因为飞轮每转两圈，对外做功一次，1min飞轮转动2400周所以1min做功1200次因为每次做功460J所以1min做功：W＝460J×1200＝5.52×105J这台汽油机的功率：P＝＝＝9200W；（2）由η＝＝40%可得汽油完全燃烧放出的热量：Q放＝＝＝1.38×106J每分钟消耗汽油的质量：m＝＝＝0.03kg。故答案为：9200；0.03。【点评】本题考查了功率公式、效率公式、燃料完全燃烧放热公式的应用，以及对内燃机几个相关数据的理解，关键是公式及变形公式的灵活应用。14．解：如图，右边两个5Ω的电阻并联后再与左边5Ω的电阻串联，串联电路各处电流相等，所以右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右＝I左两个5Ω的电阻并联，并联电路干路电流等于各支路电流之和，即I左＝I内+I外，比较可知I左＞I内；两瓶中的电阻值相等（均为5Ω），通电一段时间后，由于瓶中电阻相同、通电时间相同、I左＞I内，所以根据焦耳定律Q＝I2Rt可知，左瓶内电阻丝产生的热量多，则左侧U形管液面高度的变化较大；并联电路各支路两端电压相等，两个5Ω的电阻并联，由欧姆定律可得I内＝I外，则I内＝I左＝2A＝1A乙容器中电阻丝在1min内产生的热量：Q＝I内2Rt＝（1A）2×5Ω×60s＝300J。故答案为：左；300。15.【答案】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，过凹透镜光心的光线传播方向不改变。如图所示：

【解析】先确定所给入射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点(三条特殊光线)作图。

凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。

16.【答案】

【解析】【分析】

对物块A进行受力分析，明确其一定受到重力和支持力，同时又因为物体处在斜面上，有向下运动的趋势，因此，还受到摩擦力的作用，据此再利用作图法画出这几个力。

先进行受力分析是此类题的首要步骤，此题中，一定注意不要漏掉摩擦力，再就是要注意各个力的方向关系。

【解答】

物块A受到竖直向下的重力G，垂直于斜面向上的支持力F，和沿斜面向上的摩擦力f的作用，过物块A的重心，沿各力的方向分别画一条有向线段，并分别用G、F和f表示，如图所示：。17．根据图中小磁针静止时的指向，在图中标出通电螺线管的N、S极和电源的正负极。【解答】解：从图可知，小磁针的左端是S极，右端为N极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端是N极，左端是S极。根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，右端是负极。答案如下图所示：18．（6分）在探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小明做了如图所示实验。（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，取g＝10N/kg）（1）分析甲图中②③两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与物体排开液体的体积有关；分析甲图中③⑤两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体的密度有关。（2）乙图根据测得的实验数据，作出了弹簧测力计示数F示与金属块下表面在水中所处深度h的关系图象。请在图乙中画出F浮随h变化的关系图象。（3）由图像可知金属块在水中所受浮力的变化情况是完全浸没前，金属块在水中的深度越大，所受浮力越大；完全浸没后，金属块在水中的深度增加，金属块所受浮力不变（4）根据图中实验数据计算出盐水的密度为1.2×103kg/m3。【分析】（1）浸在液体中的物体受到的浮力与液体的密度和排开液体的体积有关，根据控制变量法分析即可；（2）当h＝0时，金属块受到的浮力为0，然后求出当h为6cm时金属块受到的浮力，便可画出F浮随h变化的关系图象；（3）根据图像将浮力的变化分成浸没前和浸没后两种情况进行分析；（4）由①④求出金属块完全浸没时受到的浮力，由①⑤求出金属块完全浸没时受到的浮力，根据金属块的体积不变的特点进行解答即可。【解答】解：（1）②③两图液体的密度相同，金属块排开液体的体积不同，测力计的示数不同，可知物体所受的浮力与物体排开液体的体积有关；③⑤两图金属块均完全浸没，金属块排开液体的体积相同，③为水，⑤为盐水，液体的密度不同，说明物体所受的浮力大小与液体的密度有关；（2）由图乙知，当h＝0时，测力计的示数为4N，则可知金属块的重力G＝4N；当h＝6cm时，金属块所受的浮力最大，说明此时金属块完全浸没在水中，所受的浮力为F浮＝4N﹣3N＝1N；则下表面所处深度0～6cm时，浮力增大，6cm后浮力不变，F浮随h的变化的关系图像，如下图所示：（3）由图像可知，当h≤6cm时，即金属块完全浸没前，金属块所受浮力的大小与浸入水中的深度成正比，而排开水的体积与浸入水中的深度成正比，所以金属块所受浮力的大小跟它排开水的体积成正比，完全浸没后，金属块在水中的深度增加，所受水的浮力不变；（4）由图甲可知，金属块的重力G＝4N，金属块完全浸没在水中受到的浮力为F浮＝4N﹣3N＝1N，完全浸没在盐水中受到的浮力为F浮′＝4N﹣2.8N＝1.2N，所以：＝；则液体的密度为：ρ盐水＝＝×1.0×103kg/m3＝1.2×103kg/m3。故答案为：（1）物体排开液体的体积；液体的密度；（2）见上图；（3）完全浸没前，金属块在水中的深度越大，所受浮力越大；完全浸没后，金属块在水中的深度增加，金属块所受浮力不变；（4）1.2×103。19．（4分）如图甲、乙、丙所示，三图中的装置完全相同，燃料的质量也相同，烧杯内的液体质量和初温也相同。（1）比较不同物质的比热容时，应选择甲丙两图进行实验；物质吸收热量的多少是通过加热时间（温度计上升的示数/加热时间）来反映的；（2）选择甲、乙两图来进行比较不同燃料的热值实验，若实验过程中，图甲中燃料还未燃尽时，烧杯内液体a就沸腾了，此时小明立即在图甲烧杯中添加了少量液体a继续实验，燃料燃尽后烧杯内液体a都未沸腾。这样的操作不可行（选填“可行”或“不可行”），理由是实验中液体a的质量不相同。【分析】（1）比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（2）若实验过程中，燃料还未燃尽时，烧杯内液体就沸腾了，要完成实验，可从适当减少两种燃料的质量或增加加热时间考虑。【解答】解：（1）要比较不同物质比热容时，应选择甲、丙两图进行实验，因为探究比热容，应选质量、初温相同的不同物质进行，而热源应该相同；在实验中，物质吸收热量的多少通过加热时间来反映，因为实验所用的热源相同，即在相同时间内放出的热量相同，那么物质在相同时间内吸收的热量也相同，加热时间越长，吸收的热量也越多；（2）实验中，燃料未燃尽，烧杯中的液体便沸腾了，于是往烧杯中添加同种液体，这样的操作不可行，因为实验中两个烧杯中的液体质量不相同。故答案为：（1）甲丙；加热时间；（2）不可行；实验中液体a的质量不相同。【点评】本题将比较不同物质的吸热能力和比较不同燃料的热值两实验对比，考查两实验相同和不同点及控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及对实验方案的改进，为热学中的重要实验。20．解：（1）用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置；因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用1mm的平板玻璃。（2）在实验中用到刻度尺，但直尺并不是测量像、物的大小用的，而是测像到镜的距离、物到镜的距离，然后比较二者关系。（3）两支蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，所以两支蜡烛等长是为了比较像与物大小关系。（4）实验时，点亮蜡烛A，移动M后面没有点亮的同样的蜡烛B，直到蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，说明平面镜成像像与物大小相等。因为像和物体的大小相等，故蜡烛A慢慢靠近M，成的像不变；当小明靠近镜子时，由于像到镜子的距离变小，这时眼睛看像的视角变大，感觉自己的像变大了；远离镜子时，由于像到镜子的距离变大，这时眼睛看像的视角变小，感觉像变小了；实际像的大小不变，所以小明感觉的是错误。（5）平面镜成像的原理是光的反射，若在M后面挡一张黑纸，通过M仍能看到蜡烛A的像，且所成的像更清晰；由于平面镜成的是虚像，所以在黑纸不能成像；说明平面镜成的是虚像。故答案为：（1）1mm的平板玻璃；①便于确定像的位置；②厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果；（2）到平面镜的距离；（3）大小；（4）蜡烛B与蜡烛A的像完全重合；像与物大小相等；不变；远离镜子时，由于像到镜子的距离变大，这时眼睛看像的视角变小；（5）仍能；不能；平面镜成的是虚像。21.【答案】解：

(1)滑动变阻器R1与R2并联，电流表A1测量R1这条支路的电流为I1=0.4A，电流表A2是测量干路的电流为I=1.2A，

∴通过电阻R2的电流为：I2=I−I1=1.2A−0.4A=0.8A，

而电源电压为U=6V，

∴电阻R2的阻值为：R2=UI2=6V0.8A=7.5Ω。

(2)∵I2=0.8A，U=6V，t=10s，

电阻R2所做的功为：W2=UI2t=6V×0.8A×10s=48J。

(3)PP1=UI1=6V×0.4A=2.4W；

(4)因电流表A1是测量R1这条支路的电流I1'，量程应为0～0.6安，电流表A2是测量干路的电流I'，量程应为0～3安，则当两个电流表指针偏离零刻度的角度恰好相同时，电流表A2的示数是电流表A1示数的5倍，

∴I'=5I1'，即I1'+I2=5I1'，

由于电阻R2的阻值和电压不变，则电阻R2中的电流不变为0.8A，【解析】(1)从图甲可知，滑动变阻器R1和电阻R2并联，由图乙可知两表的量程，则根据表盘可知电表的最小刻度，则可读出两表的示数；电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路电流；则由并联电路的电流规律可知通过电阻R2的电流，再由欧姆定律可求得电阻R2的阻值。

(2)已知电源电压、通电时间和通过电阻R2的电流，可利用公式W=UIt计算出电阻R2所做的功。

(3)已知电源电压、通过电阻R1的电流，可利用公式P=UI计算出电阻R1所做的功率。

(4)若使两个电流表指针偏离零刻度的角度恰好相同的情况，则指针的偏离零刻度线的角度可判断出干路的电流I'与支路电流I1'22.【解析】(1)由v=st可知，汽车行驶的路程：s=vt=25m/s×600s=1.5×104m；

(2)由W=Fs可知，汽车的牵引力：F=Ws=3×107J1.5×104m=2000N，

汽车匀速行驶时，汽车的牵引力与受到的阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知，汽车受到的阻力：f=F=2000N；

(3)消耗的汽油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=1kg×5×107J/kg=5×23．解：（1）读取温度计示数时，视线与温度计中的液柱上表面相平，不能仰视或俯视，所以正确的是乙；（2）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，安装实验器材时，应按照自下而上顺序进行；石棉网主要是要烧杯底部受热均匀；（3）水在沸腾过程中温度保持不变，由数据可知，水温达到98℃后吸热，温度不再升高，说明已经沸腾，沸点为98℃；1标准大气压下水的沸点是100℃，液体沸点随气压的升高而升高，所以当地的大气压低于1标准大气压；（4）通过图象可以看出，两组实验中水的沸点相同，初温相同，只是水沸腾所用时间不同，则造成图象不同的原因可能是小红这组水的质量较大；（5）水沸腾时吸热温度不变，锅内水沸腾后，碗中的水的温度与锅中水温相同，即达到了水的沸点，但是锅中的水温不变，碗中的水就不能继续吸收热量，所以碗中的水不能沸腾。故答案为：（1）乙；（2）自下而上；使烧杯底部受热均匀；（3）98；低于；（4）水的质量较大；（5）不会。24.【答案】汽化

液化

熔化

升华

做功

【解析】解：(1)水池内的水形成高温的水蒸气，属于汽化，需要吸热；水蒸气形成白气，属于液化，需要放热；

火箭头部的特殊固体材料，变成液体或直接变成气体，发生的物态变化是熔化和升华。

(2)返回舱进入地球大气层时与大气剧烈摩擦，温度急剧升高，变成一个火球，这是以做功的方式增加了返回舱表面的内能。

(3)由

Q吸=cmt可知，防热材料升高的温度：

Δt=Q吸cm材料=4.0×109J4×103J/(kg⋅℃)×500kg=2000℃。

答：(1)汽化；液化；熔化；升华；(2)做功；(3)25．（6分）如图甲所示，一个足够高的薄壁柱形容器放在水平桌面上，容器底面积为S1，容器中立放着一个底面积为S2＝100cm2、高为H＝18cm的均匀圆柱体物块A，A的底部与容器底部用一根细绳连在一起。现缓慢向容器中注水，每分钟注入水的质量为300g，当向容器中注水6min时，物块A对容器底部的压力恰好为0（如图乙），此时容器中水的深度为h1＝9cm。已知细绳长度为L＝8cm，能承受的最大拉力为6N，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg，物块A不吸水，忽略细绳的体积、液体扰动等其他次要因素。（1）求物块A对容器底部的压力恰好为0时所受的浮力大小。（2）在图乙的情况下继续缓慢向容器中注水，直至细绳断开，停止加水，细绳断开前瞬间（如图丙）水对容器底部的压强为p1，当物块A静止后水对容器底部的压强为p2。求从p1到p2的压强变化量Δp。（3）在图甲的情况下开始缓慢向容器中注水，求此过程中容器底部所受水的压强p与注水时间tx（单位：min）的函数关系式（tx≥14min）。【分析】（1）由物块A的底面积和物块A浸在水的深度可求出物块A排开水的体积，根据F浮＝ρ水gV排可求出物块A受到水的浮力；（2）细绳断开前瞬间对物体A进行受力分析，根据力的平衡条件求出此时物体A的浮力；当物块A静止后漂浮在水面上，此时物体A受到的浮力等于物体A的重力，根据两次浮力的变化量结合阿基米德原理求出液面高度的变化量，然后根据p＝ρ水gh可求出水对容器底部压强的变化量；（3）当向容器中注水6min时，物块A对容器底部的压力恰好为0（如图乙），此时容器中水的深度为h1＝9cm，根据密度公式结合数学关系求出容器底面积S1；①注水时间段为：0≤tx＜6min，求出tx时间水面升高的高度；②当水面上升至细绳原长时，求出注入水的的体积、质量和时间，注水时间段为：6min≤tx＜14min，求出tx时间水面升高的高度；③当水面由细绳原长直至细绳断开的过程中，根据（2）可知水面高度变化量，然后求出注入水的的体积、