2026届高考物理考向核心卷·甘肃专版·参考答案

2026届高考考向核心卷物理参考答案——甘肃专版2026届高考物理（甘肃专版）考向核心卷考情诊断表知识模块对应题号模块总分值试卷占比得分电磁学（静电场+电磁感应+带电粒子在复合场中的运动+电学实验）5、6、7、10、12、144141.0%力学（运动学+动力学+静力学+动量与能量守恒+力学实验）3、4、8、11、153636.0%光学（几何光学/光的折射与全反射）131010.0%热学（理想气体状态方程+热力学定律）955.0%万有引力与天体运动244.0%近代物理初步（氢原子能级跃迁+光电效应）144.0%合计选择题1-10非选择题11-15100分100.00%

题号12345678910答案DCACADCADACAC1.答案：D解析：大量处于能级的氢原子向低能级跃迁最多能发出的光子种类为种，A错误。处于能级的氢原子向能级跃迁时发出光子的能量最大，波长最短，B错误。处于能级的氢原子向能级跃迁时发出的光子能量最小，C错误。从能级向能级跃迁时发出光子能量为，从能级向能级跃迁时发出光子的能量为，从能级向能级跃迁时发出光子的能量为，跃迁时辐射出的光子中，只有这三种光子的能量大于金属钙的逸出功3.2eV，能使金属钙发生光电效应，D正确。2.答案：C解析：卫星1的轨道半径为，卫星2的轨道半径为，故，由万有引力提供向心力有，可得，卫星1、2的线速度大小之比为，A错误。由万有引力提供向心力得，可得，故，B错误。在相同时间内，卫星1、2运动的路程之比为，C正确。卫星的角速度，故，在相同时间内，卫星1、2运动轨迹所对圆心角之比为，D错误。3.答案：A解析：飞船和空间站的加速度对飞船和空间站由牛顿第二定律解得空间站的质量故选A。4.答案：C解析：5.答案：A解析：6.答案：D解析：如图所示，在时刻，回路中的磁通量为；在t时刻，回路中的磁通量为；为使MN棒中不产生感应电流，则MN棒做匀速运动，，即任意t时刻的磁通量与0时刻的磁通量均相同，即，解得，ABC错误，D正确。7.答案：C解析：题图剖析如图所示，设分别为轨道上与圆心O等高的两点，Q为轨道上的最高点，根据题图乙，可知当和时，小球的电势能均为0，则两点的连线为等势线，当时，小球运动到N点，电势能，当时，小球运动到M点，电势能，综上可得，电场线的方向由N指向M，即水平向左，A错误；小球从N点运动到M点，电势能减小，电场力做正功，由功能关系得，解得，B错误；小球所受电场力，则小球所受合力，即小球受到的等效重力为，方向与MN成45°角指向左下方，根据题意，小球运动到等效重力场的“最高点”时动能最小，小球恰好能做完整的圆周运动，由牛顿第二定律得，又，解得，C正确；当小球运动到等效重力场的“最低点”时对轨道的压力最大，小球从“最高点”到“最低点”的过程，根据动能定理得，小球在“最低点”时，根据牛顿第二定律得，联立以上两式，解得，D错误。8.答案：AD解析：根据几何关系可知，弹簧的伸长量，根据胡克定律有，则当时，弹簧的弹力大小，A正确；对左侧两轻杆连接点受力分析，如图1所示，根据力的平衡条件有，则当时，轻杆弹力大小，B错误；当时，对重物和托盘整体受力分析，如图2所示，根据力的平衡条件有托盘和重物的总重力大小，解得，C错误；从到过程，根据几何关系可知，重物下降的高度，解得，D正确。9.答案：AC解析：过程，理想气体做等温变化，则理想气体的内能不变，即，又体积增大，气体对外做功，即，故由热力学第一定律可知，气体从外界吸收热量，A正确；过程，气体的体积增大，气体对外做功，即，又气体与外界无热量交换，即，则由热力学第一定律可知，理想气体的内能减少，温度降低，B错误；过程气体做等温变化，气体的内能不变，即，又气体的体积减小，外界对气体做功，即，则由热力学第一定律可知，气体向外放出热量，过程，气体体积减小，外界对气体做功，，又气体与外界无热量交换，，则由热力学第一定律可知气体的内能增加，可知过程气体内能增加，气体放出的热量小于外界对气体做的功，C正确；图像中，图像与横坐标轴围成的面积表示气体所做的功，由题图可知，ab段图像与横坐标轴围成的面积大于cd段图像与横坐标轴围成的面积，则过程气体对外做的功大于过程外界对气体做的功，又过程和过程均为等温过程，故过程气体从外界吸收的热量大于过程气体向外放出的热量，D错误。10.答案：AC解析：A.根据几何关系可知，粒子在圆形磁场中运动的轨迹半径为L，所有粒子均由O点进入矩形区域，根据牛顿运动定律有，沿直线OQ运动的粒子受力平衡，有，解得，，A正确；B.粒子从CD边离开时，根据动能定理有，解得，B错误；CD.设运动轨迹最低点与CD边相切的粒子经过O点时的速度方向与x轴正方向的夹角为α，如图所示，在水平方向上，根据动量定理可得，，解得。由于，没有从AB、CD边射出的粒子在矩形区域内的运动可看作两个运动的合成，分别为匀速直线运动和一个完整的匀速圆周运动，对应a、b间的粒子均能经过Q点，根据几何关系可得，从b点射出的粒子先经过Q点，从a点射出的粒子最后经过Q点，Q点持续有粒子经过的时间间隔，能够到达Q点的粒子占总粒子的比例，C正确，D错误。故选AC。11.答案：（1）B（2）1.50（1.49～1.51均可）；1.50（1.49～1.51均可）（3）不同意，因为空气阻力会造成小于，但表中大于。（4）分别测出光电门和球心到悬点的长度L和l，计算时，将v折算成钢球的速度。解析：（1）高度变化要比较钢球球心的高度变化，所以B正确；AC错误；故选B。（2）毫米刻度尺读数时要估读到毫米下一位，读数为1.50cm；由代入数据可得。（3）从表中数据可知，若有空气阻力，则应为，所以不同意他的观点。（4）实验中遮光条经过光电门时的速度大于钢球经过A点时的速度，因此由计算得到的偏大，要减小与的差异可考虑将遮光条的速度折算为钢球的速度，分别测出光电门和球心到悬点的长度L和l，计算时，将v折算成钢球的速度。12.答案：（1）（2）（3）；；解析：（1）按题中要求，实验中保证电流表的示数不发生变化，调整电阻箱和滑动变阻器的阻值，使电压表的示数发生变化。根据欧姆定律有，整理可得。（2）图线的斜率，纵轴截距的绝对值，所以电压表的内阻。（3）根据题中所给电表的参数可知，电压表的满偏电流约为，与电阻箱并联后，干路电流稍大于3mA，所以电流表要选量程小的；实验中干路电流不能超过量程，所以电阻箱选用最大阻值较大的；滑动变阻器采用限流式接法，应选择最大阻值与电压表阻值相当的，所以选用。13.答案：（ⅰ）（ⅱ）解析：（ⅰ）若可视角度为60°，则光线射入空气的折射角为30°，作出光路图如图甲所示，由折射定律可知，解得，由几何关系可知，解得。（ⅱ）由题意可知，可视角度刚好为180°时，意味着光线到达界面时恰好发生全反射，根据全反射规律有，解得，则像素单元左边的点射出的光线经过右边屏障顶端时，像素单元的宽度x最小，设为，此时光线与屏障的夹角为30°，如图乙所示，则有，解得。14.答案：（1）（2）（3）；解析：（1）线框进入磁场的过程，根据法拉第电磁感应定律有根据闭合电路的欧姆定律有，。（2）对全过程，根据能量守恒定律有，解得。（3）设线框ab边刚进入磁场时的速度大小为v，根据动能定理有，解得。根据闭合电路的欧姆定律有，。a、b间的电压为路端电压且，则，解得。15.答案：（1）1.3s（2）（3）1.4m解析：（1）对小物块，由牛顿第二定律得设小物块先加速到与传送带相等的速度所用时间为，可得，匀加速位移大小为故小物块之后做匀速运动，时间为，可得可得小物块从释放到运动到C端所用的时间为（2）①若小物块与小球发生弹性碰撞，系统没有机械能损失，小物块与小球质量相等，所以根据动量守恒定律和能量守恒定律，小物块与小球速度交换，设小球能上升的最大高度为h，则有解得，因为，细线会发生弯曲，所以不可能是弹性碰撞。②若小物块与小球碰撞后，小球恰好到达与圆心O等高的位置，由机械能守恒定律得，以向右为正方向，由动量守恒定律得系统损失的机械能为联立解得③若小物块与小球发生完全非弹性碰撞，有，解得，系统损失的机械能为解得，所以系统损失的机械能范围为（3）小物块射出后相对于传送带的运动方向如图所示，滑动摩