2026-2027年人教版中考物理仿真模拟卷（附答案解析）

第页2026-2027年人教版中考物理仿真模拟卷（附答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.图中所示的四种工具中，正常使用时属于省力杠杆的是(    )A.食品夹 B.园艺剪

C.天平 D.船桨2.近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列关于信息和能源的说法中正确的是(    )A.华为5G通信是利用电磁波传递信息的

B.秦山核电站是利用聚变反应的原理工作的

C.“天和号”太空舱“帆板”接收的太阳能来自于太阳内部的裂变反应释放的能量

D.比亚迪新能源纯电动汽车是利用的一次能源3.小明对生活中的热现象的解释或做法正确的是(    )A.衣柜中的樟脑丸时间长了会变小甚至消失，是一种汽化现象

B.夏天从冰柜中拿出的饮料瓶外有“流汗”现象，是由于瓶内的饮料扩散导致

C.将湿衣服晾在通风且光照充足的地方有利于加快水分蒸发

D.寒冬的玻璃窗户上常常会有一层“水汽”，应当从室外擦玻璃才能擦干“水汽”4．2022年9月，第十四届全运会水上项目在陕西杨凌水上管理中心举行。以下是赛艇项目的现场，运动员喊着号子有节奏地划桨。下列说法正确的是（）A．运动员向后划水，赛艇向前行驶，说明力的作用是相互的 B．赛艇冲过终点不能立即停下来是因为受到惯性的作用 C．赛艇在运动过程中一直做匀速直线运动 D．运动员使用的船桨是省力杠杆5.小何自制了一个哨子，如图所示，在筷子上缠一些棉花，做成一个活塞，用水蘸湿棉花后插入两端开口的塑料管中，用嘴吹管的上端，可以发出悦耳的哨声，关于哨子，下列说法正确的是(

)A.哨声是由于空气柱振动而发出的声音

B.在月球上也能听到该哨声

C.吹哨时，上下推拉活塞的目的是改变哨声的响度

D.活塞不动，用更大的力吹哨子，哨声的音调会更高6．水平桌面上有甲、乙两个质量和底面积均相同的容器，分别装有密度不同的液体，将两个完全相同的小球放入容器中，静止时两容器中液面高度相同，如图所示。下列说法正确的是（）A．甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度 B．甲容器中小球受到的浮力大于乙容器中小球受到的浮力 C．甲容器底部受到液体的压力大于乙容器底部受到液体的压力 D．甲容器对桌面的压力一定大于乙容器对桌面的压力7．如图甲所示的电路中，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0~0.6A，灯泡L的规格为“3V0.3A”，定值电阻R1=20Ω，R2为标有“50Ω1A”的滑动变阻器；则下列判断正确的是（

）①滑动变阻器的滑片在中点时，只闭合开关S2、S4，电流表的示数为0.24A；②若电压表的量程为0~3V，只闭合开关S1、S4，为了保护电路的安全，定值电阻R1的功率变化范围是0.45W~3.6W；③若电压表的量程为0~15V，将滑动变阻器的滑片移至B端，只闭合开关S1、S2、S4后，电压表的示数为6V；④只闭合开关S2、S3，电压表的量程为0~5V，为了保护电路的安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围是10Ω~50Ω。A．①④ B．②③ C．②④ D．④二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．LED节能灯的核心元件是发光二极管，二极管是由材料制成的。LED灯可以把电能直接转化为光能，一盏“24V12W”的LED灯，其亮度与“220V100W”的普通白炽灯相当，若上述LED灯和白炽灯都正常工作相同时间，两灯消耗的电能之比是。如图是白炽灯工作时的能量转化情况，由此可知，“24V12W”LED灯与“220V100W”白炽灯照明效果相同，是因为它们的不相同。9.为了测量某家用电器消耗的实际功率，小伟将标有“220V 1000W”字样的取暖器单独接入自家电路中，取暖器加热时，他观察到标有“3200imp/(kW⋅h)”字样的电能表指示灯在2min闪烁了96次，则取暖器消耗的实际功率是

W。10.(1)用带有绝缘柄的金属棒将A、B金属棒连接起来时，若两金属箔片指针偏转的角度都减小，则A、B所带电荷种类______(选填“相同”或“不同”)，若A带负电点，则连接的瞬间，金属棒中的电流方向为______。(选填“A→B”或“B→A”)

(2)若A带正电，B不带电，用金属棒把A、B连接起来后，则A的金属箔张开的角度______(选填“变小”或“变大”)，B的金属箔带______电荷。(选填“正”或“负”)11．如图为塔式起重机的起重结构简化示意图，滑轮a的作用是。若该起重机将重为1.2×104N的货物由地面提升30m，整个过程用时50s，起重机吊臂顶端滑轮组钢绳自由端拉力F的功率为9×103W，则此过程中滑轮组钢绳自由端的拉力为N，此滑轮组的机械效率为。滑轮组的机械效率不可能达到100%的原因是。（合理即可）12．“测定小灯泡电功率”的实验原理是。按如图所示电路图连接电路，电压表的“+”接线柱应与待测小灯L（标有“2.5V”字样）靠近电源极的一端相连；闭合开关S前，滑片P应置于变阻器的端（选填“a”或“b”）。开关S闭合后，移动滑片P，当观察到电压表示数为时，可判断小灯L正常发光。13．如图所示是某同学自制的简易电磁锁原理图。闭合开关S，将滑片P向左移动，通电螺线管的磁性会，使静止在水平桌面的条形磁体向左滑动，从而打开门锁。条形磁体左端是极。14．声音是由物体的振动产生的，“宫、商、角、徵、羽”起源于春秋时期，是中国古乐的五个基本音阶，亦称五音，相当于现代7个音阶中的do、re、mi、sol、la。五音实际上是指声音的________。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.如图所示的电路中，当滑片P向左移动时，电压表和电流表的示数变化情况是(

)A.电流表示数增大，电压表示数不变 B.电流表示数增大，电压表示数增大

C.电流表示数不变，电压表示数减小 D.电流表示数减小，电压表示数减小16．如图所示，开关闭合后，将滑片P向右滑动的过程中，螺线管右侧的磁体所受的吸引力会变大。请将图中的滑动变阻器按要求连入电路，并画出螺线管的绕法，标出磁感线的方向。17．按下图所示的电路图，用笔画线连接好相应的实物电路。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.子涵实验小组用如图甲所示的实验装置探究浮力的大小跟哪些因素有关。（1）分析b、c两次实验可知：浸在液体中的物体受到浮力的大小与___________有关。（2）分析c、d两次实验可知：浸没在液体中的物体受到浮力的大小与浸没深度___________。（3）分析c、e两次实验可知：浸在液体中的物体受到浮力的大小与___________有关。（4）若先完成实验c，再完成实验a，则测得的浮力将___________。（填“偏大”或“偏小”）。（5）完成上述实验后，小云又利用如图乙所示的装置来测量实验中所用金属块的密度，实验过程如下：①将空烧杯漂浮在水槽内，用刻度尺测得水面的高度为；②将金属块放在烧杯内，用刻度尺测得水面的高度；③___________，用刻度尺测得水面的高度为；④金属块的密度___________。（用、、、表示）19．实验创新小组探究电流与电压的关系，实验电路如图甲所示。电源电压恒为6V，定值电阻R＝10Ω，滑动变阻器的规格是“50Ω1A”。（1）请根据电路图，用笔画线表示导线，连接图乙所示的实物电路，要求滑片向左滑时，电流表示数变大。（2）连接好电路后，闭合开关，发现无论怎样移动滑片，电压表的示数约为6V且保持不变，电流表的示数几乎为零，则电路的故障可能是。A.滑动变阻器短路B.定值电阻断路C.定值电阻短路（3）排除故障后，多次改变定值电阻两端的电压（每次正确选择电压表的量程），测出每次对应的电流值，并将测得的数据记录在表格中，请根据表格中的数据分析得出实验结论：在电阻一定时，。实验序号1234U/V2345I/A0.20.30.40.5（4）该小组同学又找到一个标有“2.5V”字样的小灯泡，用它来替换图中的定值电阻R，并测量小灯泡的额定功率，某时刻电压表的读数为2V，要测量小灯泡的额定功率，应该将滑片向（选填“左”或“右”）调节，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为W。20.(1)如图甲是小亮同学用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。

①比较图乙和图丙，可以得出结论：同种液体，深度越深，液体的压强越______(填“小”或“大”)。

②比较图乙和图丁，小亮得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论是不合理的，原因是没有控制______相同。

(2)小亮还通过如图A的步骤进行了“浮力的大小可能与哪些因素有关”的实验：

①分析D、E两图中的实验现象和数据，可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的______有关。

②根据图中的数据计算出物体的密度为______kg/m3，如考虑物体具有吸水性，则计算的结果比物体的真实密度偏______(填“小”或“大”)。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．利用水平放置的滑轮组匀速拉动放置在水平地面上重为50N的正方体物块，如图所示。在绳子的自由端施加水平向右大小为10N的拉力F，使物块在5s内沿水平地面匀速直线运动了60cm，不计滑轮与绳子的质量及滑轮轴处的摩擦。求：（1）该正方体物块匀速运动的过程中受到地面的摩擦力大小；（2）作用在绳子自由端的拉力F做功的功率大小。22．如图所示，一款新型无人驾驶电动汽车，总质量为1.5×103kg，在性能测试中，沿平直的公路匀速行驶，行驶过程中汽车受到的阻力为总重力的0.1倍，（g取10N/kg）求：（1）汽车匀速行驶的速度；（2）汽车受到的牵引力；（3）此过程中汽车牵引力所做的功和做功功率。

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.阅读短文，回答问题。

太空能量“供应商”−−太阳能电池帆板

太阳能电池帆板(简称“电池板”)是为各类太空飞行器提供能源的装置，被称为太空能量“供应商”。电池板通常装有“向日器”，有了“向日器”，电池板就像向日葵一样迎着太阳转动。某兴趣小组为了研究影响太阳能电池产生电流大小的因素，他们用材料相同、面积分别为S和S'(S<S')的“电池板”进行实验，并改变电池板与光线的夹角θ，用电流表观察电流大小，实验过程如图所示。

(1)太阳能电池工作时，是把太阳能转化为______能；

(2)分析比较图甲与乙可得：材料、与光线夹角相同的电池板，______越大，产生的电流越大；

(3)分析比较图______可得：太阳能电池帆板安装“向日器”时，要尽量使太阳光垂直照射电池板；

(4)图丁所示为我国最新“天宫”与“天和”的组合体。对太空中的组合体来说，每24个小时就有16个昼夜。每昼30分钟、每夜60分钟，30分钟面对太阳的时间，就是组合体太阳能帆板发电的时候。帆板发电时，一部分电量直接供给组合体，另一部分电量则储存在柔性砷化镓薄膜电池里，供黑夜时使用。黑夜电池在供电时是把______能转化为______能。若组合体所在高度电池帆板每平方米接收的太阳光能量平均功率值为500W，为了保证每天能够产生8.28×108J的电能，则组合体电池帆板的总面积至少为______m2(太阳能电池效率为23%)24.2020年新春之际出现了罕见的新型冠状病毒疫情，面对突如其来的疫情，在党中央坚强的领导和部署指挥下，举国上下，万众一心，科学抗疫。

(1)在抗击新型冠状病毒期间，医护人员必须穿着厚厚的防护服、戴上口罩和眼罩。眼罩的镜片常常模糊不清，这是由于水蒸气______(填写物态变化)而形成的。

(2)科研部队针对新型冠状病毒早期症状研制出一种红外线测温仪，人体辐射的红外线波长约为10μm，10μm=______m，则人体辐射的红外线的频率约为______Hz。

(3)病毒对紫外线和热敏感，高温加热、乙醚、75%乙醇、含氯消毒剂均可有效灭活病毒。我们有时需要使用75%乙醇以喷雾的方式进行消杀，不久后我们就会闻到刺鼻的气味，这是典型的______现象。

(4)病毒可通过空气传播。当我们吸气时，肺的容积增大，肺内空气压强______(选填“增大”或“减小”)，在______的作用下，含病毒的空气将经鼻腔、气管进入肺中。反之，呼气时将会将肺内含有病毒的气体排出体外。所以为了保护自己与他人，我们在疫情期间，要尽量居家隔离，外出时必须佩戴口罩。25.阅读短文，回答问题．沼气制取与使用沼气是一种新型能源．通过秸秆、人畜粪便等发酵可获取沼气，利用沼气来烧水做饭、点灯照明．如图甲是一农户沼气池及使用沼气的示意图．为了有利于产气和保证燃烧用气时的压力相对稳定，该沼气池内的气压值应控制在1.08×105Pa∼1.12×105Pa之间．为了测量沼气池内的气压，设计了如图乙所示的电路．其中，电源电压恒为(1)沼气属于

(选填“可再生”或“不可再生”)能源．在烧水过程中，大量向外散失的能量不会自动再汇集回来，这说明能量的转化和转移是有

的．(2)一盏沼气灯与一盏40W白炽灯亮度相当．每天按3h计算，该农户使用这盏沼气灯一个月能节约

kW·h的电能．(一个月按30天计)(3)在一标准大气压下，沼气灶正常工作，将一壶质量为2.5kg、温度为20℃的水烧开，消耗沼气0.14m3.则沼气完全燃烧释放的热量为

J，该沼气灶烧水时的热效率约为

%.(水的比热容为(4)在图丙坐标系中画出力敏电阻RL与气压p之间的关系图线．当图乙电路中的电流表示数为0.2A时，该沼气池内的沼气压强为

Pa.该农户此时

(选填“能”或“不能”)使用这个沼气池中的沼气来正常烧火做饭．将图乙中电流表表盘的相关刻度值转化为对应的气压值，制成一个简易气压计，该气压计的刻度值分布是

(选填“均匀”或“不均匀”)的．参考答案及解析1.【答案】B【解析】解：

A.食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意；

B.园艺剪在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B符合题意；

C.天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故C不符合题意；

D.船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D不符合题意。

故选：B。

结合图片和生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

2.【答案】A【解析】解：A、“5G”通信利用的是电磁波可以传递信息，故A正确；

B、核电站是利用可控的核裂变获得的能量来发电的，故B错误；

C、太阳内部时刻发生的是核聚变反应，故C错误；

D、电能是二次能源，故D错误。

故选：A。

(1)电磁波可以传递信息；

(2)核电站是利用核裂变获得的能量来发电的；

(3)原子核裂变、聚变都能释放出惊人的能量；太阳内部时刻发生的是核聚变反应；

(4)一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料；二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源：煤气、氢能、电能、汽油、沼气。

本题考查了能量和能源的相关问题，比较简单，属于常见问题的考查。

3.【答案】C【解析】解：

A、衣柜中的樟脑丸时间长了会变小甚至消失，樟脑丸由固态之间变为气态，这是升华现象，故A错误；

B、夏天从冰柜中拿出的饮料瓶外有“流汗”现象，这是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B错误；

C、将湿衣服晾在通风且光照充足的地方，提高了温度、加快了空气的流动，有利于加快水分蒸发，故C正确；

D、寒冬的玻璃窗户上常常会有一层“水汽”，是室内的水蒸气遇冷液化形成的，应当从室内擦玻璃才能擦干“水汽”，故D错误。

故选：C。

物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。

影响蒸发快慢的因素有三个：一是液体的表面积，二是液体的温度，三是液体表面空气的流动情况。

此题主要考查的是各种物态变化的概念、影响蒸发快慢的因素，结合生活中的现象考查学生对物态变化的理解和掌握，体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。

4．【解答】解：A、因为物体间力的作用是相互的，所以赛艇时，运动员向后划水，赛艇向前行驶，故A正确；B、跳远运动员起跳前助跑是利用了自身的惯性，但不能说受到惯性，故B错误；C、赛艇在运动过程中，速度的大小和方向会发生变化，不做匀速直线运动，故C错误，D、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离，故D错误。故选：A。5.【答案】A

【解析】解：A、哨声是由于哨子内空气柱的振动产生的，所以A是正确的。

B、月球周围没有空气，真空不能传声，所以B是错误的。

C、上下推拉活塞改变的是空气柱的长度，从而改变声音的音调。

D、用更大的力吹哨子，改变了声音的响度。

故选：A。

声音是由发声体的振动产生的；

声音的传播需要介质，真空不能传声；

空气柱的长短能够改变声音的音调；

用更大的力吹哨子，声音的响度变大。

此题考查的知识点有：声音的产生、声音的传播、音调和响度。只要认真分析，就一定可以做出正确的解答。6．【解答】解：由图可知，两个完全相同的小球在两液体中分别处于漂浮状态和悬浮状态。A．由物体浮沉条件可知，小球在甲中漂浮时有ρ甲＞ρ球，小球在乙中悬浮时有ρ乙＝ρ球，则ρ甲＞ρ乙，故A错误；B．由物体浮沉条件可知，小球在甲中漂浮和小球在乙中悬浮时，均有F浮＝G球，则F浮甲＝F浮乙，故B错误；C．因两容器中液面相平且ρ甲＞ρ乙，所以由p＝ρ液gh可知，两容器底受到液体的压强关系为p甲＞p乙，又因两容器底面积相同，所以由F＝pS可知，甲容器底部受到液体的压力大于乙容器底部受到液体的压力，故C正确；D．两小球的重力相等且受到的浮力相等，根据阿基米德原理可知，两小球排开液体的重力和自身的重力相等，则甲容器对桌面的压力F＝G容+G液+G球＝G容+G液+G排＝G容+ρ液V总g，因甲容器中液体的体积和排开液体的体积之和小于乙，且ρ甲＞ρ乙，所以，无法比较ρ液V总g的大小关系，从而无法比较甲、乙容器对桌面的压力关系，故D错误。故选：C。7．D【解析】①只闭合开关S2、S4，电路中只有滑动变阻器一个用电器，此时滑动变阻器最大阻值接入电路中，即R2=50Ω，所以电流表的示数为故①错误；②只闭合开关S1、S4，此时定值电阻与滑动变阻器串联，当滑动变阻器调到最大阻值，分的电压最大，此时通过的电流为R2两端电压已经超过电压表量程，所以R2两端电压最大为3V，此时电阻R1两端电压为此时电阻R1电功率最小，为当滑动变阻器调到0Ω，电路电流为没有超过电流表的量程，此时R1电功率最大，为故②错误；③将滑动变阻器的滑片移至B端，只闭合开关S1、S2、S4后，电压表被短路，电压表示数示数为0，故③错误；④只闭合开关S2、S3，灯泡L与R2串联，R1断路，灯泡L两端的电压最大电压为3V，此时电路中电流为0.3A，所以滑动变阻器最小值为滑动变阻器阻值越大，电流表和电压表示数都越小，所以它可以调到最大阻值，即滑动变阻器接入电路的阻值范围是10Ω~50Ω，故④正确。故选D。8．【解答】解：（1）制造发光二极管的主要材料是半导体材料；（2）LED灯和白炽灯都正常工作相同时间时消耗的电能之比：WLED：W白炽灯＝PLEDt：P白炽灯t＝PLED：P白炽灯＝12W：100W＝3：25；（3）白炽灯的发光效率：η=W光WLED灯可以把电能直接转化为光能，即100%，通过计算看出白炽灯消耗的电能转化为光能的效率很低，则12WLED灯与100W的白炽灯照明效果相同的原因是节能灯的电能转化为光能的效率比白炽灯的要高得多。故答案为：半导体；3：25；电能转化为光能的效率。二．选择题（共6小题，满分9分）9.【答案】900

【解析】解：3200imp/(kW⋅h)表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗13200kW⋅h的电能，

指示灯闪烁96次，电暖器消耗电能为：

W=96×13200kW⋅h=3100kW⋅h；

用电时间t=2min=130h，

电暖器的功率：

P=Wt=310.【答案】不同

B→A

变小

正

【解析】解：

(1)两金属指针偏转的角度都减小，发生了部分中和现象，说明A、B带异种电荷；连接的瞬间，A带的负电减少，说明电子从A到B移动，而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向B→A。

(2)若A带正电，B不带电，用金属棒把A、B连接起来后，则A因为得到电子，金属箔张开的角度变小，B的金属箔因失去电子，带正电。

故答案为：(1)不同；B→A；(2)变小；正。

(1)验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的；两金属指针偏转的角度都减小，说明发生了部分中和现象。

A因多余电子而带负电，连接的瞬间，A带的负电减少，说明电子从A到B移动，据此判断电流方向。

(2)B不带电，说明B呈中性，连接的瞬间，B失去电子，说明电子从B到A移动。

本题的目的是考查对验电器使用原理、电流方向的掌握情况。在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷(自由电子)，所以在金属导体中，电流的方向始终与自由电荷的运动方向相反。11．（4分）如图为塔式起重机的起重结构简化示意图，滑轮a的作用是改变用力的方向。若该起重机将重为1.2×104N的货物由地面提升30m，整个过程用时50s，起重机吊臂顶端滑轮组钢绳自由端拉力F的功率为9×103W，则此过程中滑轮组钢绳自由端的拉力为7500N，此滑轮组的机械效率为80%。滑轮组的机械效率不可能达到100%的原因是由于要克服摩擦力与动滑轮重力做额外功。（合理即可）【分析】（1）根据滑轮的特点分析其作用；（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用P＝求拉力做功，利用W总＝Fs求钢绳自由端的拉力；（3）利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率；（4）由于要克服摩擦力与动滑轮重力做额外功，总功总是大于有用功，再根据η＝×100%分析解答。【解答】解：（1）图示中滑轮a的轴固定不动，为定滑轮，其作用是改变用力的方向；（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×30m＝60m，由P＝可知，拉力做功：W总＝Pt＝9×103W×50s＝4.5×105J，由W总＝Fs可知，钢绳自由端的拉力：F＝＝＝7500N，（3）滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝80%；（4）由于要克服摩擦力与动滑轮重力做额外功，总功总是大于有用功，由η＝×100%可知，滑轮组的机械效率不能达到100%。故答案为：改变用力的方向；7500；80%；由于要克服摩擦力与动滑轮重力做额外功。【点评】本题考查定滑轮的作用、功、功率和机械效率公式的灵活运用以及影响滑轮组效率的因素，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。12．“测定小灯泡电功率”的实验原理是P＝UI。按如图所示电路图连接电路，电压表的“+”接线柱应与待测小灯L（标有“2.5V”字样）靠近电源正极的一端相连；闭合开关S前，滑片P应置于变阻器的b端（选填“a”或“b”）。开关S闭合后，移动滑片P，当观察到电压表示数为2.5V时，可判断小灯L正常发光。【答案】P＝UI；正；b；2.5V。【解答】解：在测定小灯泡电功率的实验中，用电压表测灯泡两端的电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据P＝UI求出灯泡的功率，故“测定小灯泡电功率”的实验原理是P＝UI；电流应从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，故电压表的“+”接线柱应与待测小灯L靠近电源正极的一端相连；为了保护电路，闭合开关S前，滑片P应置于变阻器阻值最大处，即b端；当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光，故开关S闭合后，移动滑片P，当观察到电压表示数为2.5V时，可判断小灯L正常发光。故答案为：P＝UI；正；b；2.5V。13．（4分）如图所示是某同学自制的简易电磁锁原理图。闭合开关S，将滑片P向左移动，通电螺线管的磁性会增强，使静止在水平桌面的条形磁体向左滑动，从而打开门锁。条形磁体左端是N极。【分析】（1）通电螺线管的磁性与线圈中的电流大小和线圈匝数多少有关；（2）根据安培定则可判断通电螺线管的磁性，再根据磁极间的相互作用规律可判断条形磁体左端的磁极。【解答】解：闭合开关S，电源电压不变，滑动变阻器的滑片P向左端移动，电阻变小，电流变大，故电磁铁的磁性变强；根据安培定则可知，通电螺线管的b端为S极，闭合开关S，滑片P向左移动，使静止在水平桌面的条形磁体滑动，打开门锁，说明电磁铁的b端与条形磁体的左端相互吸引，因此条形磁体左端是N极。故答案为：增强；N。【点评】此题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素、安培定则、磁极间的相互作用规律，难度不大，属基础题目。14．音调【解析】中国古乐的五个基本音阶，每个音阶对应的频率是逐渐增大的，频率越高，音调越高，五音实际上是指声音的音调。15.【答案】B

【解析】【分析】

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡两端电压；

根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据串联电路特点判断电压表示数如何变化，根据欧姆定律判断电流表示数如何变化．

本题是一道闭合电路动态分析题，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化、熟练应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题．

【解答】

(1)由电路图可知，当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，

滑动变阻器分压变小，灯泡两端电压变大，电压表示数变大；

(2)滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，

由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大；

故选B．16．（3分）如图所示，开关闭合后，将滑片P向右滑动的过程中，螺线管右侧的磁体所受的吸引力会变大。请将图中的滑动变阻器按要求连入电路，并画出螺线管的绕法，标出磁感线的方向。【解答】解：由图可知，磁体的左端为N极，右端为S极；将滑片P向右滑动的过程中，螺线管右侧的磁体所受的吸引力会变大，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的右端为S极、左端为N极；磁感线是从N极出来，回到S极的；吸引力变大，表明螺线管的磁性变强，电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，滑动变阻器的电阻减小，所以应接右下方的接线柱；根据螺线管的极性和安培定则可知，螺线管中电流的方向是向上的；绕法如图所示：三、实验与探究题（共4小题，计22分）17．解：左图中，两灯串联，S2与灯L1并联，S1控制整个电路，根据电路图连接实物图，如下所示：18．（小云实验小组用如图甲所示的实验装置探究浮力的大小跟哪些因素有关。

（1）分析b、c两次实验可知：浸在液体中的物体受到浮力的大小与___________有关。（2）分析c、d两次实验可知：浸没在液体中的物体受到浮力的大小与浸没深度___________。（3）分析c、e两次实验可知：浸在液体中的物体受到浮力的大小与___________有关。（4）若先完成实验c，再完成实验a，则测得的浮力将___________。（填“偏大”或“偏小”）。（5）完成上述实验后，小云又利用如图乙所示的装置来测量实验中所用金属块的密度，实验过程如下：①将空烧杯漂浮在水槽内，用刻度尺测得水面的高度为；②将金属块放在烧杯内，用刻度尺测得水面的高度；③___________，用刻度尺测得水面的高度为；④金属块的密度___________。（用、、、表示）【答案】①.排开液体的体积②.无关③.排开液体的密度④.偏大⑤.在②的基础上，将金属块从烧杯中取出，慢慢放入水槽内的水中，使其浸没在液体中，用刻度尺测得水面的高度为⑥.【解析】【分析】【详解】（1）[1]图a中测力计的示数为物体的重力G。物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变，由b、c两次实验知，排开液体的密度相同，排开液体的体积不同，根据称重法测浮力可得出b、c两次实验浮力的大小不同，故分析b、c两次实验可得出浸在液体中的物体受到浮力的大小与排开液体的体积有关。（2）[2]分析c、d两次实验可知，物体浸在液体的体积和密度相同，而深度不同，由称重法测浮力，物体受到的浮力相同，故得出：浸没在在液体中的物体受到浮力的大小与浸没深度无关。（3）[3]分析c、e两次实验可知，物体排开液体的体积相同，而排开液体的密度不同，由称重法测浮力，物体受到的浮力不相同，故分析c、e两次实验得出：浸在液体中的物体受到浮力的大小与排开液体的密度有关。（4）[4]若先完成实验c，再完成实验a，因物体上沾有水，故测量出的重力偏大，根据称重法测浮力，则测得的浮力将偏大。（5）①将空烧杯漂浮在水槽内，用刻度尺测得水面的高度为；②将金属块放在烧杯内，用刻度尺测得水面高度；在①中，空烧杯处于漂浮状态，受到的浮力等于其重力在②中，烧杯处于漂浮状态，烧杯受到的浮力等于空烧杯的重力与金属块的重力之和两式相减得增加的浮力为根据阿基米德原理有即故石块的质量为③[5]为得出金属块的密度，根据，求出金属块的体积即可。在②的基础上，将金属块从烧杯中取出，慢慢放入水槽内的水中，使其浸没在液体中，用刻度尺测得水面的高度为，则金属块的体积为④[6]金属块的密度19．（5分）实验创新小组探究电流与电压的关系，实验电路如图甲所示。电源电压恒为6V，定值电阻R＝10Ω，滑动变阻器的规格是“50Ω1A”。（1）请根据电路图，用笔画线表示导线，连接图乙所示的实物电路，要求滑片向左滑时，电流表示数变大。（2）连接好电路后，闭合开关，发现无论怎样移动滑片，电压表的示数约为6V且保持不变，电流表的示数几乎为零，则电路的故障可能是B。A.滑动变阻器短路B.定值电阻断路C.定值电阻短路（3）排除故障后，多次改变定值电阻两端的电压（每次正确选择电压表的量程），测出每次对应的电流值，并将测得的数据记录在表格中，请根据表格中的数据分析得出实验结论：在电阻一定时，当导体的电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比。实验序号1234U/V2345I/A0.20.30.40.5（4）该小组同学又找到一个标有“2.5V”字样的小灯泡，用它来替换图中的定值电阻R，并测量小灯泡的额定功率，某时刻电压表的读数为2V，要测量小灯泡的额定功率，应该将滑片向左（选填“左”或“右”）调节，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为0.75W。【解答】解：（1）要求滑片向左滑时，电流表示数变大，故应将电阻与滑动变阻器左下接线柱相连，如下图所示：（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现电压表有示数且约为6V，电流表无示数，则故障可能是定值电阻断路，故说法AC错误，B正确，故选：B；（3）由表格数据可知，定值电阻两端的电压增大时，通过定值电阻的电流也增大，通过定值电阻的电流与定值电阻两端的电压的比值不变，由此可得出实验的结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比；（4）由题知电压表测量“2.5V”字样的小灯泡两端的电压，某时刻电压表的读数为2V，所以若要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压为额定电压2.5V，所以此时应增加灯两端的电压减小滑动变阻器的电压，根据分压原理，就要减小变阻器连入电路中的电阻，所以应将滑片P向左端移到合适位置；由图丙知，电流表使用小量程，分度值0.02A，灯泡正常发光的电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W。故答案为：（1）如图所示；（2）B；（3）当导体的电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比；（4）左；0.75。20.【答案】大

深度

密度

4×103

【解析】解：(1)①因为液体压强大小是通过压强计的U形管中两侧液体的高度差来显示的，且高度差越大说明液体压强越大，比较图乙和图丙可知液体密度相同，而探头所处液体深度不同，因此由图可知同种液体，深度越深，液体的压强越大；

②液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，比较图乙和图丁可知液体密度不同且探头所处液体深度也不同，因此得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论是不合理的；

(2)①观察D、E两图的实验数据可知，物体排开的液体的体积相同，深度相同，液面的密度不同，弹簧测力计示数不相同，根据称重法F浮=G−F示可知F浮D=G−F示D=4N−3N=1N，F浮E=G−F示E=4N−3.2N=0.8N，浮力不相同，即可得出结论：物体受到的浮力大小还与液体的密度有关；

②由图A、C可知，物体完全浸没在水中受到的浮力：F浮C=G−F示C=4N−3N=1N；

由F浮=ρ液gV排可得物体的体积为V=V排=F浮Cgρ水=1N10N/kg×1.0×103kg/m3=1×10−4m3；

又根据G=mg=ρVg可得ρ物体=GgV=4N10N/kg×1×1021．（5分）利用水平放置的滑轮组匀速拉动放置在水平地面上重为50N的正方体物块，如图所示。在绳子的自由端施加水平向右大小为10N的拉力F，使物块在5s内沿水平地面匀速直线运动了60cm，不计滑轮与绳子的质量及滑轮轴处的摩擦。求：（1）该正方体物块匀速运动的过程中受到地面的摩擦力大小；（2）作用在绳子自由端的拉力F做功的功率大小。【分析】（1）由图知，通过动滑轮绳子的段数n＝3，不计滑轮与绳子的质量及滑轮轴处的摩擦，根据二力平衡知识和F＝F′计算正方体物块匀速运动的过程中受到地面的摩擦力大小；（2）根据s＝ns物和W＝Fs计算绳端拉力做的功，根据P＝计算绳子自由端的拉力做功的功率大小。【解答】解：（1）由图知，通过动滑轮绳子的段数n＝3，物块匀速运动的过程中水平方向受到地面的摩擦力和滑轮组对物块的拉力是一对平衡力，所以f＝F′，不计滑轮与绳子的质量及滑轮轴处的摩擦，由滑轮组的特点可知F＝F′，所以物块受到地面的摩擦力为：f＝F′＝nF＝3×10N＝30N；（2）物块运动的距离为60cm＝0.6m，由s＝ns物和W＝Fs可得，绳端拉力做的功：W＝Fns物＝10N×3×0.6m＝18J，绳端拉力的功率：P＝＝＝3.6W。答：（1）该正方体物块匀速运动的过程中受到地面的摩擦力大小为30N；（2）作用在绳子自由端的拉力做功的功率为3.6W。【点评】本题考查了滑轮组的特点、绳端拉力和功率计算公式的应用，注意滑轮组水平拉动物体时克服的是物体与地面间的摩擦力。22．【解答】解：（1）由图可知，汽车行驶的路程s＝5.4km﹣3.6km＝1.8km＝1.8×103m，汽车行驶的时间t＝3min＝h＝h，汽车匀速行驶的速度v＝＝＝36km/h；（2）由于汽车匀速行驶，所以汽车受到的牵引力等于阻力，即F牵引＝F阻＝0.1G＝0.1mg＝0.1×1.5×103kg×10N/kg＝1.5×103N，（3）此过程中汽车牵