2026-2027学年北师大版中考物理周末模拟小卷（附答案及解析）

第页2026-2027学年北师大版中考物理周末模拟小卷（附答案及解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．下列应用中，利用了光的折射的是（）A．手影游戏 B．用放大镜看书 C．反光镜成像 D．日晷计时2．如图所示的电路中，若闭合开关S1、S2，小灯泡均能正常发光，电流表和电压表均有示数，下列对电路分析正确的是（）A．电压表只能测量灯L2两端电压 B．若闭合S1、S2，电流表测量干路电流 C．若先闭合S1，再闭合S2，电压表示数不变 D．若先闭合S1，再闭合S2，电流表示数不变3.中国空间站“天和核心舱”发射升空。核心舱电推进系统中的霍尔推力器腔体，采用了氮化硼陶瓷基复合材料，该材料具备低密度、高强度、易加工、绝缘性能好等优点，关于该材料下列说法错误的是(    )A.不能用来制作发电机的线圈

B.可大幅减轻卫星的重量，提高有效载荷，降低发射成本

C.对电磁波有屏蔽作用

D.可用于飞机的制造4．如图所示是某同学自制的玩具电动机，一块椭圆形磁铁吸在干电池底部，将一段裸露的铜线折成矩形线框，上边与电池正极接触，下边搭接在磁铁上，观察到线框顺时针转动，则（）A．该过程中机械能转化为电能 B．线框左右两边所受磁场力方向相同 C．若仅调换电池两极，线框将逆时针转动 D．若仅调换磁铁两极，线框仍顺时针转动5.如图所示，在一个配有活塞的密闭厚壁玻璃筒里放一小团硝化棉，用力把活塞迅速下压，棉花就会立即燃烧，根据实验现象判断下列说法中正确的是(

)A.活塞迅速下压棉花燃烧，表明筒内气体温度升高了

B.活塞迅速下压的过程中，筒内气体的内能保持不变

C.活塞下压过程的能量转化与热机做功冲程的能量转化相同

D.实验中棉花的点燃方式与汽油机中汽油的点燃方式相同6．2022年11月12日，天舟五号货运飞船由长征七号遥六运载火箭在文昌航天发射中心发射，到与天和核心舱对接仅用了两小时，标志着我国航天交会技术取得新突破。则（）A．火箭加速升空时，天舟五号货运飞船的质量变大 B．火箭加速升空时，天舟五号货运飞船的机械能增大 C．运载火箭用液态氢做燃料，是因其比热容较大 D．对接后，以“天舟五号”为参照物，“天和”是运动的7．航天迷小军与同学们合作设计了如图1所示的飞船舱体气密性模拟检测电路，控制电路的电源电压U1为15V保持不变，定值电阻|，R为压敏电阻，其阻值随环境气压的变化规律如图2所示。将R置于真空室的舱体中，舱体内初始气压为；舱体不漏气时，绿灯亮；舱体漏气时，若气压低于临界值则电铃响。下列说法正确的是（）A．电磁铁的上端为N极B．舱体不漏气时，通电1min，控制电路消耗的电能是270JC．电铃应该接在CD之间D．当电压表示数为10V时，舱内气压值为，此时舱体漏气二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8.大型货车进城，除了交通隐患之外，还会带来噪声污染。如图所示指示牌的做法是从______控制噪声的；大型货车的噪声大，从声音的特性方面来看，意思是大型货车所发声音的______。9.“天问一号”开始进入火星大气，并最终软着陆在火星表面。火星车将信号传回地球，是靠______来传递信息的。“天问一号”脱离地球引力范围时，关闭发动机仍可保持飞行，它是靠______飞行的。10.如图所示为某握力计的工作原理示意图。电源电压不变，电阻R2为5Ω，该握力计测量范围为0～300N，电路中电流变化范围为0.1～0.6A。当没有握力时，滑片P位于变阻器R1的最上端，则电源电压为______V；闭合开关，握力逐渐增大时，电流表的示数______；当握力为300N时，R1接入电路的阻值为______Ω。11.如图甲所示物体的长度是______cm；如图乙所示体温计的读数是______℃。12．如图甲所示电路中，电源电压恒定不变，小灯泡L标有“6V0.3A”字样，电流表量程0～0.6A、电压表量程0～3V。在保障电路安全的前提下，只闭合开关S、S1，滑片P位于最右端，小灯泡恰好正常发光，则小灯泡10s内消耗的电能为J，再移动滑片P，电流表示数与R2关系如图乙a所示；当断开S1闭合S、S2、S3时，电流表示数与R2的关系如图乙b所示，则I1＝A（忽略小灯泡电阻变化）。13.如图是一种电热暖手宝及其主要参数，暖手宝内有水及加热元件等，选用水作为吸热或放热物质是因为水的______较大(选填“密度”、“比热容”或“质量”)。使用前要先给暖手宝通电加热，假设所消耗的电能有70%转化为水的内能，则在额定电压下，水由15℃加热至自动断电，此过程中消耗的电能是______J，所需要的加热时间为______s.[c水=4.2×14．小明暑假去研学，中间经过了芜湖长江大桥。他坐的小轿车速度是36km/h，汽车匀速直线通过芜湖长江大桥花了84s，受到阻力恒为220N，该汽油机的效率为21%。则通过全程消耗了___________kg的汽油。（已知汽油热值4.4×107J/kg）三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．请在如图所示的括号中标出电源的“+”或“﹣”极。

16．图是用螺丝钳撬图钉的示意图，画出动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图。17.如图，小磁针静止在通电螺线管右侧，请标出磁感线方向和小磁针N极。

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.学习摩擦力时，喜欢探究的小明进行了“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验，实验步骤如下图甲、乙、丙、丁所示。

(1)实验过程中，用弹簧测力计沿______方向拉着物块做匀速直线运动，此时，物块所受的滑动摩擦力______(选填“大于”、“等于”或“小于”)弹簧测力计对物块的拉力；

(2)在四次实验中，滑动摩擦力最小的是______(选填“甲”、“乙”“丙”或“丁”)；

(3)比较乙、丙实验，是为了研究滑动摩擦力的大小与______有关；

(4)比较甲、丁实验，发现甲实验弹簧测力计的示数大于丁实验弹簧测力计的示数，小明得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关，你认为他的结论是______(选填“正确”或“错误”)的，理由是______；

(5)本实验主要采用的探究方法是______(选填“控制变量法”或“等效替代法”)；

(6)小明对实验装置进行了如图戊所示的改动，重复实验，发现效果更好，实验中，小明用F=5N的力沿水平方向匀速拉动长木板，此时A相对于地面保持静止，弹簧测力计的示数为2N，则长木板受到水平桌面的摩擦力为______N，此方案中，______(选填“必须”或“不必”)匀速拉动长木板。

19.某实验小组在“探究杠杆平衡的条件”时，使用的每个钩码的质量均为50g且数量足够，杠杆上相邻刻线间的距离相等。初始时将将杠杆的中央安装在支架上，如图甲所示。

(1)为使杠杆水平平衡，应将杠杆右端的螺母向______(填“左”或者“右”)调节。

(2)调节杠杆水平平衡后，该实验小组利用钩码和拉力传感器(能较为准确测量拉力)开始实验，图乙中①、②、③、④、⑤和⑥为实验时的示意图，设杠杆上相邻刻线间距离为l0m，并将测得的数据填入表格。阻力臂L3阻力Fl动力臂L23654l动力F1.510.50.60.753分析表格中的数据，可以得出：当阻力和阻力臂一定时，动力F1与动力臂L1的关系式为F1=______。20．小伟用如图甲所示的实验装置探究“凸透镜成像的规律”，所用凸透镜的焦距为10cm（1）小伟在组装器材时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一水平直线上，这样做的目的是：。（2）实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、的实像（选填“放大”、“等大”或“缩小”）。（3）接下来小伟将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，他应将光屏向透镜方向移动（选填“靠近”或“远离”）此时的像与步骤（2）中的像相比，大小将变。（4）如图乙所示，小伟将蜡烛固定在光具座10cm刻度线处，移动光屏，再次得到烛焰清晰的像，利用该成像规律制成的光学仪器是（选填“放大镜”投影仪”或“照相机”）。小伟发现，随着蜡烛燃烧变短，烛焰在光屏上的像会向移动。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.太阳能是一种清洁、无污染的理想能源，太阳能热水器内盛有25∘C的水200kg，在阳光的照射下，温度上升了(1)水吸收了多少的热量？(2)这些热量只占完全燃烧液化石油气放出热量的70%，则要完全燃烧多少千克的液化石油气?

22.“昆明舰”是中国海军服役的首艘052D驱逐舰，如图所示，其满载排水量7500t，长155m，宽18m，吃水深度6.5m，最大速度54km/h。(ρ海水=1×103kg/m3g=10N/kg)

(1)“昆明舰”以最大速度行驶0.5h的路程是多少千米？六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．小明用天平和量筒测量一个外形不规则且不溶于水的固体的密度（已知该固体的密度小于水的密度）。（1）测量过程如下：①将天平放在水平桌面上，把游码调至标尺左端的零刻度线处，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的，天平平衡。②把该固体放在天平左盘，平衡时右盘砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示，该固体的质量为g。③用量筒测该固体的体积时，用细线将小金属球绑在固体下方（具体测量过程如图乙所示）。该固体的体积为cm3。④该固体的密度为kg/m3。（2）实验结束后，小明没有利用天平和量筒，用弹簧测力计，细线、烧杯和足量的水又测出了小金属球的密度，具体过程如下：①用细线系着小金属球，将其挂在弹簧测力计下，测出小金属球的重力G；②在烧杯中装入适量的水，将挂在测力计下的小金属球完全浸没在水中（小金属球没有碰到烧杯底和侧壁），读出弹簧测力计示数F；③该小金属的体积V小金属球＝（用字母表示，水的密度为ρ水）；④该小金属球的密度ρ小金属球＝（用字母表示，水的密度为ρ水）。24．2022年11月29日，神舟十五号载人飞船发射成功，与神十四乘组实现首次太空会师。小宇通过查阅资料了解到，飞船在发射前，科技人员要检验飞船舱体的气密性。他设计了如图甲所示的模拟检测电路，电源电压保持不变，R0为25Ω的定值电阻，R为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将R置于舱体中，舱体置于真空室中，舱体不漏气时，电压表示数为200V，舱体内气压为1.0×105Pa。求：（1）压力传感器的主要元件是压敏电阻，它是我们学过的（选填“绝缘体”“半导体”或“导体”）；（2）舱体不漏气时，通过R0的电流；（3）舱体不漏气时，工作5min，电路消耗的电能；（4）若电压表示数为100V，此时舱内的气压值。25.如图所示的电路中，电源电压恒定为6V，灯泡L上标有“6V，3.6W”字样(灯丝电阻不变)，定值电阻R2阻值为20Ω，滑动变阻器R2的规格为“30Ω，1A”，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，求：

(1)小灯泡L的电阻；

(2)闭合开关S，断开开关S1、S2，电流表示数为0.3A，此时滑动变阻器R2连入电路的阻值；

(3)闭合开关S、S1、S2，滑动变阻器的滑片滑至最右端，电流表的示数；

(4)在电路各元件安全的情况下，调整开关S、S参考答案及解析1．解：A、手影游戏是光的直线传播形成的，故A不符合题意；B、用放大镜看书，是凸透镜成像，是光的折射形成的，故B符合题意；C、反光镜成像，是凸面镜成像，属于光的反射现象，故C不符合题意；D、日晷计时是光的直线传播形成的，故D不符合题意。故选：B。2．【解答】解：AB、闭合S1、S2，该电路为并联电路；开关S1接在干路中，控制整个电路；电流表测量的是通过灯泡L1的电流；由于并联电路中各支路两端的电压都等于电源电压，所以电压表即能测量灯L2两端电压，又能测量灯L1两端电压和电源电压，故AB错误；CD、若先闭合S1，该电路为L1的简单电路，电流表测量通过L1的电流，由于S2断开，电压表未接入电路中，示数为0；再闭合S2，该电路为并联电路，电流表测量通过L1的电流，根据并联电路互不影响可知，电流表示数不变；此时电压表测量电源电压，电压表的示数变大，故C错误，D正确。故选：D。3.【答案】C【解析】解：A、发电机的线圈需要是良好的导体，此材料绝缘性能好不能导电，不能做发电机，故A正确；

B、此材料低密度高强度的特点适合用于卫星，可降低发射成本，故B正确；

C、因为其绝缘性好的特点不易产生电磁感应，故对电磁波并没有屏蔽性，故C错误；

D、低密度目高强度的特点，很适合造飞机，故D正确。

故选：C。

根据氮化硼陶瓷基复合材料具备低密度、高强度、易加工、绝缘性能好的特点，逐项分析即可解答。

本题考查氮化硼陶瓷基复合材料的特点，认真阅读材料，明确氮化硼陶瓷基复合材料的物理属性就能正确答题。

4．【解答】解：A、玩具电动机在通电后会消耗电能，电能转化为机械能，故A错误；B、线框左右两边导线的电流的方向相同，磁场的方向不同，所以受到的磁场力方向不相同，故B错误；C、若仅调换电池两极，磁场的方向不变，电流的方向改变，则磁场力的方向改变，线框将逆时针转动，故C正确；D、若仅调换磁铁两极，磁场的方向改变，电流方向不变，线框将逆时针转动，故D错误。故选：C。5.【答案】A

【解析】解：

ABC、图中在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故是将机械能转化为内能的过程，故与内燃机的压缩冲程相类似，故A正确，BC错误；

D、实验中棉花的点燃方式属于压燃式，与柴油机的点燃方式相同，汽油机机的点燃方式是点燃式；故D错误。

故选：A。

(1)改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小。

(2)四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。

(3)点火方式：汽油机为点燃式，柴油机为压燃式。

知道做功可以改变物体的内能，并能准确判断其能量的转化过程是解决该题的关键。6．2022年11月12日，天舟五号货运飞船由长征七号遥六运载火箭在文昌航天发射中心发射，到与天和核心舱对接仅用了两小时，标志着我国航天交会技术取得新突破。则（）A．火箭加速升空时，天舟五号货运飞船的质量变大 B．火箭加速升空时，天舟五号货运飞船的机械能增大 C．运载火箭用液态氢做燃料，是因其比热容较大 D．对接后，以“天舟五号”为参照物，“天和”是运动的【分析】（1）质量是物体的属性，与状态、形状、所处的空间位置无关；（2）动能和势能合称机械能，重力势能与质量和高度有关；动能与质量和速度有关；（3）热值是燃料的一种特性；在完全燃烧相同质量的不同燃料时，热值越大的燃料燃烧释放出的热量越多；（4）被研究对象相对于参照物来说位置发生变化，是运动的，相对于参照物来说位置没有变化，是静止的。【解答】解：A．火箭加速升空时，所处的空间位置发生变化、质量不变，故A错误；B．火箭加速升空时，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，故机械能增大，故B正确；C．火箭发射时要选用热值大的燃料，相同质量的燃料完全燃烧时，热值越大的燃料提供的内能越多，故C错误；D．对接成功后，“天和核心舱”相对于”“天舟五号”位置不再发生变化，是静止的，故D错误。故选：B。【点评】本题考查质量、运动与静止、机械能、热值，综合性强，难度适中。7．B【详解】A．由图-1得，电流从电磁铁下端流入，由右手定则得，电磁铁的下端为N极，故A错误；B．由图-1得，压敏电阻R与R0串联，依题意得，当舱体不漏气时，压敏电阻R的阻值为10Ω，通电1min，控制电路消耗的电能是故B正确；C．舱体漏气时，舱体内气压变低，压敏电阻R阻值变大，控制电阻电阻变大，电路中电流变小，电磁铁磁性变小，衔铁被放开，AB电路接通，若气压低于临界值则电铃响，则电铃应该接在AB之间，故C错误；D．当电压表示数为10V时，电压表测量R0的电压，此时控制电路电流为由欧姆定律得，此时压敏电阻R阻值为由图-2得，此时舱内气压值为，小于舱体内初始气压，说明此时舱体漏气，故D错误。故选B。8.【答案】声源处

响度大

【解析】解：指示牌的意思是货车绕行环城路，避免噪声过大造成噪声污染，这是从声源处控制噪声的；

大型货车的噪声大，意思是大型货车所发声音的响度大。

故答案为：声源处；响度大。

(1)防治噪声的途径有三条：防止噪声的产生，阻断噪声的传播，防止噪声进入人耳；

(2)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

本题考查了对防治噪声的途径、，以及声音的三个特征的区分，难度不大。

9.【答案】电磁波

惯性【解析】解：火星车将信号传回地球，是靠电磁波来传递信息的。“天问一号”脱离地球引力范围时，关闭发动机仍可保持飞行，它是靠惯性飞行的。

故答案为：电磁波；惯性。

电磁波可以传递信息；

我们把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性。

本题以“天问一号”为载体，考查电磁波和惯性的有关知识，有一定综合性。

10.【答案】3

变小

25【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流。

(1)滑片P在电阻R1的最上端时，电路为R2的简单电路，此时电路中的电流最大，由题知I大=0.6A，

由欧姆定律可得，握力计工作电路的电源电压：U=I大R2=0.6A×5Ω=3V；

(2)滑片P移动到最下端时施加的力最大时，R1接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，

所以握力逐渐增大时，电流表的示数变小，则握力300N时电路中电流I小=0.1A，

此时电路中的总电阻：R=UI小=3V0.1A=30Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R1接入电路的阻值：R1=R−R2=30Ω−5Ω=25Ω。

故答案为：3；25。11.【答案】1.84

37.8

【解析】解：(1)刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.00cm刻度线对齐，右侧与2.84cm对齐，所以物体的长度为L=2.84cm−1.00cm=1.84cm。

(2)在体温计上，1℃之间有10个小格，一个小格代表0.1℃，即此体温计的分度值为0.1℃；此时的示数为37.8℃。

故答案为：(1)1.84；(2)37.8。

(1)使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；

(2)使用体温计测量人体温度时，首先要明确体温计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻线相垂直。

此题考查了刻度尺、温度计的读数，是基本技能的考查，难度不大，属于基础题。

12．（2分）如图甲所示电路中，电源电压恒定不变，小灯泡L标有“6V0.3A”字样，电流表量程0～0.6A、电压表量程0～3V。在保障电路安全的前提下，只闭合开关S、S1，滑片P位于最右端，小灯泡恰好正常发光，则小灯泡10s内消耗的电能为18J，再移动滑片P，电流表示数与R2关系如图乙a所示；当断开S1闭合S、S2、S3时，电流表示数与R2的关系如图乙b所示，则I1＝0.45A（忽略小灯泡电阻变化）。【分析】只闭合开关S、S1，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P位于最右端，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为灯泡的简单电路，灯泡两端电压等于电源电压，小灯泡恰好正常发光，根据灯泡规格结合电功公式计算小灯泡10s内消耗的电能；根据欧姆定律计算灯泡的电阻，由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最小，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，电压表量程0～3V，根据串联分压原理可知电压表示数，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流，根据串联电路规律结合欧姆定律可得电源电压，解方程可得R的值，当断开S1，闭合S、S2、S3时，定值电阻和滑动变阻器并联接入电路，电流表测干路电流，由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最大，电流表量程0～0.6A，根据电流表量程确定通过电路的最大电流，根据并联电路电流规律结合欧姆定律可得干路电流，解方程可得R1的值，关键并联电路电流规律结合欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的电阻为2R时通过电路的电流可得I1的值。【解答】解：只闭合开关S、S1，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P位于最右端，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为灯泡的简单电路，灯泡两端电压等于电源电压，小灯泡恰好正常发光，小灯泡L标有“6V0.3A”字样，小灯泡10s内消耗的电能为：W＝UILt＝6V×0.3A×10s＝18J；灯泡的电阻：RL＝＝＝20Ω，由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最小，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，电压表量程0～3V，根据串联分压原理可知电压表示数为3V，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I′＝，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压：U＝U2+UL＝3V+I′RL，即3V＝6V，解方程可得：R＝20Ω，当断开S1，闭合S、S2、S3时，定值电阻和滑动变阻器并联接入电路，电流表测干路电流，由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最大，电流表量程0～0.6A，所以通过电路的最大电流为0.6A，并联电路干路电流等于各支路电流之和，根据欧姆定律可得干路电流I＝，即＝0.6A，解方程可得：R1＝20Ω，滑动变阻器接入电路的电阻为2R时，通过电路的电流：I1＝＝＝0.45A。故答案为：18；0.45。【点评】本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，有一定难度。13.【答案】比热容

3×105

【解析】解：

(1)因为水的比热容较大，降低相同的温度，水放出的热量多，所以电热暖手宝里面一般用水作储能物质；

(2)温度从15℃升高到65℃，此过程中水吸收的热量是

Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(65℃−15℃)=2.1×105J；

由η=Q吸W得：

消耗的电能：

W=Q吸η=2.1×105J70%=3×14．0.02【解析】汽车的速度汽车通过的距离汽车做匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，大小相等，牵引力大小为做的功为汽油放出的热量为消耗的汽油为15．（1分）请在如图所示的括号中标出电源的“+”或“﹣”极。

【分析】磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的；根据螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。【解答】解：磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的，所以螺线管的左端为N极，右端为S极；根据安培定则可知，电流从左端流入，右端流出，故电源的右端为负极，左端为正极；如图所示：

【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。16．【答案】【知识点】杠杆及其五要素；力臂的画法【解析】【解答】延长动力F1的作用线，作O点向F1的作用线画垂线，垂线段就是动力的力臂l1，阻力F2作用在B点，方向垂直于地面向下，O点到F2作用线的垂线段即为阻力臂l2，如图所示：

【分析】力臂与对应的力的作用线垂直；阻力是阻碍杠杆运动的力。17.【答案】解：已知电源正负极，根据安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为N极、右端为S极。

根据磁感线都是从磁体外部的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向向右。

故答案如图所示：

。

【解析】(1)根据安培定则可确定螺线管的极性，根据磁极间的相互作用，可以判断小磁针的磁极。

(2)磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，进行判断。

本题考查了磁感线的方向、安培定则的应用，是一道基础题。

18.【答案】水平

等于

丁

压力大小

错误

没有保持压力相同

控制变量法

3

不必

【解析】解：(1)实验过程中，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，此时物块处于平衡状态，由平衡条件可知，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计对物块的拉力，即等于弹簧测力计的示数。

(2)由图示四次实验可知，在实验丁中，物体间的压力最小，接触面粗糙程度最小，因此滑动摩擦力最小。

(3)由图乙、丙所示实验可知，物体间的压力相等而接触面的粗糙程度不同，丙中接触面更粗糙，弹簧测力计示数更大，说明摩擦力更大，故乙、丙所示实验可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的有关。

(4)由图甲、丁所示实验可知，接触面的粗糙程度相同而物体间的压力不同，由于没有控制物体间的压力相同，他的结论是错误的。

(5)通过实验过程可知，实验中保持其他所有变量不变，只改变其中一个变量，以此来研究这些变量对实验结果的影响，因此使用的是控制变量法。

(6)弹簧测力计的示数即木块A受到的滑动摩擦力大小，即长木板对A的滑动摩擦力为2N，因力的作用是相互的，则A对长木板的摩擦力大小也是2N，方向水平向右。此时拉动长木板的拉力F为5N，长木板刚好做匀速直线运动，则地面对长木板的摩擦力大小为f地=F−f=5N−2N=3N；

拉动长木板时A保持不动即相对地面静止，物块处于平衡状态，滑动摩擦力的大小等于测力计的拉力大小，故实验时不必匀速拉动长木板。

故答案为：(1)水平；等于；(2)丁；(3)压力大小；(4)错误；没有保持压力相同；(5)控制变量法；(6)3；不必。

(1)根据二力平衡的条件分析；

(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，在接触面粗糙程度相同时，压力越小，滑动摩擦力越小；

(3)(4)(5)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；

研究滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关，要控制压力和接触面粗糙程度相同；

(6)A相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到的滑动摩擦力为一对平衡力，据此分析。

本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。19.【答案】右；3l0【解析】解：

(1)由图甲知，右边上翘，要使杠杆在水平方向平衡，应将平衡螺母向右端调节；

(2)分析数据可知：阻力与阻力臂的乘积为：1N×3l0m=3l0N⋅m；

动力与动力臂的乘积为：1.5N×2l0m=3l0N⋅m；

1N×3l0m=3l0N⋅m；

0.5N×6l0m=3l0N⋅m；

0.6N×5l0m=3l0N⋅m；20．【解答】解：（1）将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在在同一水平直线上。其目的是使像成在光屏的中央；（2）实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，f＜u＜2f，凸透镜成倒立放大的实像，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、放大的实像；（3）接下来小伟将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，根据凸透镜成实像时，物近远像近像变小，他应将光屏向靠近透镜方向移动此时的像与步骤（2）中的像相比，大小将变小；（4）如图乙所示，小伟将蜡烛固定在光具座10cm刻度线处，此时物距大于2倍焦距时，成倒立缩小实像，移动光屏，再次得到烛焰清晰的像，利用该成像规律制成的光学仪器是照相机；实验一段时间蜡烛变短，由于凸透镜成的是倒立的实像，所以成的像将移动到光屏的上方。故答案为：（1）使像成在光屏的中央；（2）放大；（3）靠近；小；（4）照相机；上。21.【答案】(1)水吸收的热量

‍Q吸=cm1Δt=4.2×103J/(kg⋅∘C)×200kg×40∘C=3.36×107J；

(2)这些热量相当于完全燃烧m2液化石油气，Q吸=Q放=m22.【答案】解：(1)由v=st可得，“昆明舰”以最大速度行驶0.5小时的路程：

s=vt=54km/h×0.5h=27km；

(2)满载时，“昆明舰”排开水的质量：

m排=7500t=7.5×106kg，

由阿基米德原理可得，满载时，“昆明舰”受到的浮力：

F浮=G排=m排g=7.5×106kg×10N/kg=7.5×107N；

(3)满载时，“昆明舰”底部受到海水产生的压强：

【解析】(1)由s=vt可求得以最大速度行驶0.5小时的路程；

(2)根据阿基米德原理计算满载时“昆明舰”受到的浮力大小；

(3)已知吃水深度6.5米，根据p=ρgh可求得满载时“昆明舰”底部受到海水产生的压强。

本题考查了速度公式的应用、浮力和液体压强的计算，注意满载排水量是指轮船满载时排开水的质量。

23．解：（1）①调节天平横梁平衡时，指针指在分度盘的中线处，可以判断天平的横梁平衡。②固体的质量：m＝10g+5g+1.4g＝16.4g。③固体的体积：V＝60mL﹣40mL＝20mL＝20cm3。④固体的密度：ρ＝＝＝0.82g/cm3＝0.82×103kg/m3。（2）①用细线系着小金属球，将其挂在弹簧测力计下，测出小金属球的重力G；②在烧杯中装入适量的水，将挂在测力计下的小金属球完全浸没在水中，读出弹簧测力计示数F；小金属球受到的浮力为：F浮＝G﹣F，③该小金属的体积V小金属球＝＝；小金属球的质量：m小金属球＝，④该小金属球的密度ρ小金属球＝＝＝ρ水。故答案为：（1）①中线处；②16.4；③20；④0.82×103；（2）③；④ρ水。24．（8分）2022年11月29日，神舟十五号载人飞船发射成功，与神十四乘组实现首次太空会师。小宇通过查阅资料了解到，飞船在发射前，科技人员要检验飞船舱体的气密性。他设计了如图甲所示的模拟检测电路，电源电压保持不变，R0为25Ω的定值电阻，R为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将R置于舱体中，舱体置于真空室中，舱体不漏气时，电压表示数为200V，舱体内气压为1.0×105Pa。求：（1）压力传感器的主要元件是压敏