广东省茂名市高州市2025-2026学年高一上学期11月期中物理试题（含答案）

第第页广东省茂名市高州市2025-2026学年高一上学期11月期中物理试题一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．如图所示，新华社广州9月13日电（记者王瑞平）据广东省林业局消息，我国唯一被列为国家一级保护蝶类的金斑喙凤蝶频繁现身广东，为当地生物多样性保护和生态环境质量提供了重要科学依据。在下列研究金斑喙凤蝶的具体情形中，可将其看成质点的是（）A．分析蝴蝶的飞舞动作 B．观察蝴蝶的翅膀扇动C．研究蝴蝶较长的飞行路线 D．记录蝴蝶身上的斑块分布2．南京的游客小张利用国庆假期去广东湛江旅游，到达湛江吴川机场后，利用手机上某地图软件搜索目的地鼎龙湾国际海洋度假区，显示了如图所示的3条路径的部分信息，下列说法正确的是（）A．路径2的位移最大B．3条路径的路程相同C．3条路径的位移相同D．3条路径的位移大小相等，但方向不同3．如图所示是一种叫雀尾螳螂虾的海洋生物，当有危险靠近时，它可以从静止迅速挥出速度达20m/s的“铁拳”保护自己，完成一次“出拳”的时间仅需0.02s，则下列说法正确的是（）A．“0.02s”表示时刻B．“20m/s”表示平均速度C．“20m/s”表示平均速率D．出拳的平均加速度大小为10004．如图，表示匀速直线运动的是（）A．①② B．只有① C．只有④ D．①③5．甲、乙两物体从同一地点出发且在同一条直线上运动，它们的位移-时间（x−t）图像如图所示，下列说法正确的是（）A．甲物体第1s末的加速度大于第3s末的加速度B．0~3s内甲的平均速度大于乙的平均速度C．第4s末甲、乙两物体的速度相等D．0~6s内甲的速度方向未发生改变6．在仰韶文化时期有一款“虚则欹、中则正、满则覆”的尖底瓶，它是古人们对重心知识的巧妙应用．下列有关重力与重心的说法正确的是（）A．瓶和水整体的重心位置可能会随瓶盛水的减少而变高B．瓶和水整体的重心位置一定会随瓶盛水的增加而变高C．如果把瓶由河南搬到云南，瓶所受重力不会发生改变D．瓶所受重力随瓶盛水的增加而变大7．某款“眼疾手快”玩具可用来锻炼人的反应能力与手眼协调能力。如图所示，该玩具的圆棒长度L=0.25m，游戏者将手放在圆棒的正下方，手（视为质点）离圆棒下端的距离h=1.25m。不计空气阻力，重力加速度g=10 A．0.4s B．0.49s C．0.54s D．0.6s二、项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．如图所示，球或棒处于静止状态，则光滑接触面（点）对球或棒的弹力分析正确的是（）A． B．C． D．9．某同学用相关仪器测绘出一篮球从一定高度由静止竖直下落后与地板多次接触反弹过程的v−t图像，如图所示。a、b、c、d为图像上四点，则下列说法正确的是（）A．a点时刻篮球位于最高点 B．b点时刻篮球即将与地板接触C．c点时刻篮球位于最高点 D．d点时刻篮球即将与地板接触10．厦门规划到2035年建成12条地铁线路，越来越多的市民选择地铁作为出行的交通工具。如图所示，t=0时，列车由静止开始做匀加速直线运动，第一节车厢的前端恰好与站台边感应门的一根立柱对齐。t=6sA．该列车共有9节车厢B．第2个6s内有4节车厢通过这根立柱C．最后一节车厢通过这根立柱的时间为18−12D．第4节车厢通过这根立柱的末速度大于整列车通过立柱的平均速度三、非选择题：本题共5小题，共54分。11．某同学在做“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中，设计了如图甲所示的实验装置。（1）在实验中，以下说法正确的是（填正确答案标号）。A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态时读数C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等（2）如图乙所示，是探究某根弹簧的伸长量x与所受拉力F之间的关系图，由图可知，弹簧的劲度系数是N/m。（结果保留2位有效数字）12．如图甲所示，是“探究小车速度随时间变化规律”的实验装置，实验中，小车在槽码的牵引下由静止开始做匀加速直线运动。（1）下列有关本实验的说法正确的是__________（填字母）；A．先打开电源后释放纸带B．纸带上打点越稀疏的地方速度越大C．打点计时器是一种测量点迹距离的仪器D．图甲中小车开始释放的位置是合理的（2）完成实验后，选出一条最合理的纸带，在纸带上每5个点取一个计数点，标出O、A、B、C、D共5个计数点，并测出每个点到O点间的距离如图乙所示，电源频率为50Hz。根据图乙纸带的数据可以求出打点计时器打下C点时小车的速度为m/s，小车的加速度大小为m/s2（3）若将A、B、C、D各点到O点之间的距离记为x，将小车从O点到各点间经历的时间记为t，以xt为纵轴，t为横轴建立直角坐标系，通过计算描点画出xt−t的图像，发现该图像是一条斜率为k，纵轴截距为b的直线，则小车的加速度为13．我国国产大飞机C919在某次试飞结束后着陆，着陆后的运动可视为匀减速直线运动，加速度大小为a=6m/s（1）着陆后第8s末的速度；（2）着陆后15s内的位移大小和平均速度的大小。14．高空抛物是一种不文明的行为，会带来很大的社会危害，某消防员为了测试高空抛物的危害，将一个物体从某高楼的楼顶自由释放，物体（可视为质点）落地速度的大小为60m/s，落地后不反弹，不计空气阻力，g取10m（1）楼顶的高度；（2）最后1s物体下落的高度；（3）12s内物体的平均速率。15．在2024年珠海航展上，中国兵器装备集团有限公司首次动态展示了自主研制的“机器狼”，具备灵活的机动性和多种作战能力。如图所示，现对其运动情况作一定的研究。已知机器狼在加速阶段加速度大小为2m/s2，最大速度为8m/s（1）若机器狼匀加速运动到最大速度后维持匀速运动，求：①追上目标前，机器狼与目标间的最大距离；②机器狼需多长时间追上前方目标？（2）若机器狼能追上目标且最终停止运动，则由开始运动到最终停止过程中机器狼的最小位移为多少？（目标对机器狼的运动无阻碍）

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】物体能否作为质点主要看所研究的问题；

A．分析蝴蝶的飞舞动作时，蝴蝶的体积和形状对飞舞的动作有影响，不能把蝴蝶看成质点，A错误；B．观察蝴蝶的翅膀扇动时，蝴蝶的体积和形状对翅膀扇动有影响，不能把蝴蝶看成质点，B错误；C．研究蝴蝶较长的飞行路线时，蝴蝶的体积和形状对飞行的路线没有影响，可以把蝴蝶看成质点，C正确；D．记录蝴蝶身上的斑块分布，蝴蝶的体积和形状对斑块的分布有影响，不能把蝴蝶看成质点，D错误。故选C。

【分析】蝴蝶能否作为质点主要看蝴蝶本身的形状和体积对所研究的问题是否有影响。2．【答案】C【解析】【解答】地图显示的距离为两地间的运动轨迹的长度，代表路程大小，位移大小只与初末位置有关，位移的方向为初位置指向末位置的有向线段，与路径无关，由于三条路径中，起点和终点相同，所以三条路径的位移相同，根据轨迹的长度可知路径2的路程最大。故选C。

【分析】根据三条路径起点和终点相同可以判别位移相同；利用路径2的轨迹长度最长可以判别路程最大。3．【答案】D【解析】【解答】A."0.02s"对应出拳动作的整个过程，是时间间隔，而非某一瞬时的时刻，A错误。BC."20m/s"是铁拳挥出瞬间的速度，对应某一位置的瞬时速度，既不是平均速度也不是平均速率，BC错误。D.根据加速度的定义式，出拳过程的平均加速度a=Δ故答案为：D【分析】本题考查运动学的基本概念，包括时刻与时间间隔、瞬时速度与平均速度、平均加速度的计算。时刻对应时间轴上的一个点，时间间隔对应一段过程；瞬时速度对应某一位置或时刻的速度，平均速度对应一段位移与时间的比值；利用加速度的定义式，用速度变化量与对应时间的比值计算平均加速度。4．【答案】D【解析】【解答】①图为v−t图像，图线平行于时间轴，说明速度不随时间变化，对应匀速直线运动。②图为x−t图像，图线平行于时间轴，说明位置不随时间变化，对应静止状态。③图为x−t图像，图线为倾斜直线，斜率恒定表示速度恒定，对应匀速直线运动。④图为v−t图像，图线倾斜上升，说明速度随时间均匀增大，对应匀加速直线运动。因此表示匀速直线运动的是①③故答案为：D【分析】本题考查匀速直线运动的图像识别，涉及v−t图像和x−t图像的物理意义。v−t图像中，匀速直线运动对应平行于时间轴的直线；x−t图像中，匀速直线运动对应倾斜直线，直线斜率表示速度大小。根据不同图像的特征逐一判断即可。5．【答案】B【解析】【解答】A．由位移-时间图像的斜率表示速度，根据图像斜率可知甲物体在0∼2s和2∼6s时间内速度保持不变，因此甲物体在0∼2sB．根据图像初末位置之间的距离可以判别位移的大小，根据图像坐标可知0∼3s内甲的位移大于乙的位移，平均速度为位移与时间的比值，因此0∼3C．甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，第4s末由于两个物体的图线出现交点，由于出发位置相同，所以甲、乙两物体的位移相等，由位移-时间图像的斜率表示速度，根据图线斜率可知第4s末甲、乙两物体的速度分别为−1m/sD．由位移-时间图像的斜率表示速度，可知斜率是正值，则速度为正方向，斜率是负值，则速度是负方向，根据图线斜率的符号可知在0∼2s时间内速度是正方向，在2∼6s时间内速度是负方向，因此在故选B。

【分析】利用图线斜率可以判别速度的大小及方向；利用图线坐标可以判别位移的大小，结合时间可以比较平均速度的大小。6．【答案】A【解析】【解答】解：AB.空瓶自身有固定的重心位置，向瓶内加水时，水的重心先在瓶底上方较低位置，随着水量增加，整体重心先下降；当水加满后，整体重心又升高到接近瓶身中部。因此盛水减少时，重心可能随水量减少而变高，并非随盛水增加一直升高。A正确，B错误。C.重力加速度随纬度、海拔变化而变化，河南和云南的地理位置不同，重力加速度g存在差异，由G=mg可知，瓶受到的重力会发生改变，C错误。D.瓶自身的重力是固定值，不会随盛水多少变化；变化的是瓶和水的总重力，D错误。故答案为：A【分析】本题考查重力与重心的基本概念。重心是物体各部分重力的等效作用点，质量分布变化时重心位置会随之改变；重力大小由质量和当地重力加速度共同决定，地理位置不同重力加速度不同。7．【答案】C【解析】【解答】由于圆棒做自由落体运动，圆棒下端做自由落体运动下落到游戏者的手时，根据位移公式有h=12g圆棒上端做自由落体运动下落到游戏者的手时，根据位移公式有：L+h=解得圆棒上端做自由落体运动下落到游戏中手中的时间为：t'游戏者能抓住圆棒的时刻0.5s故选C。

【分析】圆棒做自由落体运动，利用圆棒上下端运动到手的高度结合位移公式可以求出游戏者能抓住圆棒的时刻。8．【答案】B,C【解析】【解答】弹力的方向总是垂直于接触面（或接触面的切面），指向受力物体。A.假设斜面对小球有弹力，小球将受到重力、地面的支持力和垂直斜面向下的弹力，水平方向合力不为零，小球会向右运动，与静止状态矛盾，因此斜面对小球无弹力，A错误。B.两球接触处的弹力沿两球心的连线，指向受力球；球与平面接触处的弹力垂直于平面，指向球心，B正确。C.杆的下端与地面接触，弹力竖直向上；绳子竖直悬挂，拉力竖直向上，二力与重力平衡，杆保持静止，C正确。D.槽对杆底端的弹力方向应垂直于槽的接触面，指向杆，并非指向球心，D错误。故答案为：BC【分析】本题考查弹力方向的判断，常用假设法分析接触面是否存在弹力。弹力方向垂直于接触面，点面接触时垂直于面，点点接触时垂直于公切面；通过假设弹力存在，结合平衡状态判断弹力是否存在。9．【答案】A,B【解析】【解答】由于篮球开始下落速度方向箱下，根据图像可知速度的方向竖直向下为负值，篮球反弹后速度方向改变为正值，所以到篮球的速度从正值减少到0的时刻，则篮球位于最高点，所以a点时刻篮球出现在最高点，当篮球下落到地面时，速度为负值，当负值最大时篮球与地面接触，所以b点篮球出现在与地板接触的位置，当篮球与地面碰撞时，速度方向发生突变，则c点速度方向为正值即篮球开始向上运动，所以c时刻篮球处于与地面接触的位置；由于在上升过程中d点的速度为0，所以篮球处于最高点的位置。根据分析可知AB符合题意，CD不符合题意，故选AB。

【分析】利用最初篮球向下运动结合图像符号可以判别速度方向向下对应反方向，速度向上对应正方向；利用速度为0的时刻可以判别篮球出现在最高点的位置；利用篮球出现峰值可以判别篮球出现在与地板接触的位置。10．【答案】A,C,D【解析】【解答】设每节车厢长为x，列车加速度为a，共有n节车厢。A.第一节车厢通过立柱的过程x=12两式相比得n=tB.初速度为零的匀加速直线运动，连续相等时间内的位移比为1:3:5:⋯。第一个6s通过1节车厢，第二个6s通过的位移是第一个6s的3倍，对应3节车厢，B错误。C.初速度为零的匀加速直线运动，通过连续相等位移的时间比为1:(2第一节通过时间为6s，则第9节（最后一节）通过的时间tC正确。D.第4节车厢通过立柱的末时刻对应前4节车厢全部通过的时刻，设为t4，由4x=12整列车通过立柱的总时间为18s，中间时刻为9s，对应瞬时速度等于全程平均速度。匀加速运动速度随时间增大，12s时的速度大于9s时的速度，因此第4节车厢通过立柱的末速度大于整列车的平均速度，D正确。故答案为：ACD【分析】本题考查初速度为零的匀加速直线运动的比例规律与推论。利用位移时间公式推导总车厢数；结合连续相等时间内的位移比，判断第二个6s通过的车厢数；利用连续相等位移的时间比，计算最后一节车厢通过的时间；根据中间时刻的瞬时速度等于平均速度的推论，比较对应速度的大小。11．【答案】（1）A；B（2）2.5×102【解析】【解答】（1）A．弹簧被拉伸时，为了探究弹力与弹簧伸长量的关系，必须保持劲度系数不变，所以不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏，故A正确；B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，根据钩码二力平衡条件可知重力和拉力大小相等，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读数，故B正确；C．弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，弹簧的伸长量等于弹簧的长度减去弹簧的原长，故C错误；D．为了保持弹簧的劲度系数不变，应该用同一个弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出弹力与形变量成正比，故D错误。故选AB。（2）在弹簧弹性限度内，根据胡克定律有F＝kx，由于图像的斜率代表劲度系数的大小，根据图像斜率可知劲度系数的大小为k【分析】（1）弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏；用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读数；弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，伸长量等于弹簧的长度减去原长；应该用同一个弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出弹力与形变量成正比；

（2）利用胡克定律结合图像斜率可以求出劲度系数的大小。（1）A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏，故A正确；B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读数，故B正确；C．弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，伸长量等于弹簧的长度减去原长，故C错误；D．应该用同一个弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出弹力与形变量成正比，故D错误。故选AB。（2）根据胡克定律F＝kx图像的斜率k结合F﹣x函数斜率的含义，图像斜率表示劲度系数，劲度系数k＝k0＝2.5×102N/m12．【答案】（1）A；B（2）0.655；1.51（3）2k；b【解析】【解答】（1）A．实验中，为了充分利用纸带，实验应先打开电源，等打点稳定后释放纸带，故A正确；B．纸带上打点密集与打点稀疏相比，说明在相同时间内小车的位移更小，根据速度公式v=xC．由于打点计时器打点周期为0.02s，打点周期固定所以打点计时器是一种测量时间的仪器，故C错误：D.为了充分利用纸带，小车开始释放的位置应靠近打点计时器，故图甲中的位置不合理，故D错误；故选AB。（2）已知打点周期为0.02s，纸带上每5个点取一个计数点，则T=0.1s；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，根据平均速度公式可知打下计数点C时小车的速度为v小车做匀变速直线运动，由逐差法可知加速度为a=（3）根据匀变速直线运动位移时间公式x=v0t+12at2，整理得xt=12at+（1）A．实验中，应先打开电源，等打点稳定后释放纸带，故A正确；B．纸带上打点密集与打点稀疏相比，说明在相同时间内小车的位移更小，即纸带上打点密集的地方速度小，稀疏的地方速度大，故B正确；C．打点计时器是一种测量时间的仪器，故C错误：D.小车开始释放的位置应靠近打点计时器，故图甲中的位置不合理，故D错误；故选AB。（2）[1]纸带上每5个点取一个计数点，则T=0.1s；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，则打下计数点C时小车的速度为v[2]由逐差法可知加速度为a=（3）[1][2]根据匀变速直线运动位移时间公式x=整理得x图像的斜率为k=1解得小车的加速度为a=2k图像纵轴截距表示打下O点时的速度，为v013．【答案】（1）设v0为初速度，4s内位移即192代入数值得v第8s末的速度v代入数值得v速度方向向东。（2）设飞机停下来的时间为t2，由解得t15s时已经停止运动，则位移x=由平均速度公式得v【解析】【分析】（1）已知飞机做匀减速直线运动，根据位移公式可以求出初速度的大小，结合速度公式可以求出末速度的大小；（2）已知飞机做匀减速直线运动，利用速度公式可以求出减速的时间，结合位移公式可以求出位移的大小，结合时间可以求出平均速度的大小。（1）设v0为初速度，4s内位移即192代入数值得v第8s末的速度v代入数值得v速度方向向东。（2）设飞机停下来的时间为t2，由解得t15s时已经停止运动，则位移x=由平均速度公式得v14．【答案】（1）由v解得楼顶的高度为h=（2）由v=gt解得物体下落的总时间t=则最后1s下落的高度为Δ（3）由于落地后不反弹，则12s内物体运动的路程为s=h=18012s内物体的平均速率为v​​​​​​​​​​​​​​【解析】【分析】（1）已知物体落地速度的大小，结合速度位移公式可以求出楼顶的高度；

（2）已知物体做自由