安徽省阜阳市六校联考2027届中考物理四模试卷含解析

安徽省阜阳市六校联考2027届中考物理四模试卷注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．如图在探究“不同物质的吸热能力”时，同学们使用的器材有：相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计、初温和质量都相同的水和食用油。关于实验，下列说法正确的是A．食用油吸热升温快，说明食用油吸热能力强B．两种液体的吸热能力是由温度升高快慢决定的C．加热相同的时间，末温低的液体吸收热量少D．加热到相同的温度时，升温快的液体吸收的热量少2．如图，在盛水的烧杯里放有一盛水的试管，加热烧杯，使杯内水沸腾，在继续加热过程中，试管中的水（）A．不能达到沸点，因此不能沸腾B．能够达到沸点，但不能沸腾C．能达到沸点，也能够沸腾D．以上几种说法都不对3．据悉，我国北斗卫星导航系统将在2020年形成全球覆盖能力。北斗卫星导航系统在传递信息过程中主要依靠A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．红外线4．首次发现电子，打破原子不可再分观念的科学家是A．汤姆生 B．卢瑟福C．伽利略 D．奥斯特5．带正电的物体吸引轻质小球，此小球A．一定带负电 B．一定不带电C．可能带正电，可能不带电 D．可能带负电，可能不带电6．如图所示是某老师的自制教具，他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出，瓶口出现大量白气，关于此实验，分析正确的是（）A．矿泉水瓶中的酒精如果没有完全燃烧，其热值会变小B．纸筒飞出后的瞬间瓶口出现的白气是汽化形成的C．燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程D．纸筒飞出时发生的能量转换是内能转化为机械能7．单板滑雪项目的重头戏之一是U型池场地比赛，图甲是U型池场地．在2018年平昌冬奥会单板滑雪女子U型池场地决赛中，中国选手刘佳宇获得中国代表团的首枚奖牌．图乙是她在决赛中完成某个动作的一瞬间，下列说法中正确的是A．她从离开池沿腾空至最高点的过程中，动能减少，势能增加B．她腾空到最高点时，合力为零C．她在下落过程中，惯性逐渐增大D．她沿内壁下滑过程中，只受重力8．如图所示的甲、乙两滑轮组，在相同的时间内用大小相同的力F1、F2分别把同一重物提升到相同的高度．则下列说法中不正确的是A．力F1做功的功率大B．甲滑轮组的额外功较大C．乙滑轮组的机械效率高D．甲、乙两个滑轮组的总功相同9．如图所示是小明设计的一种简易烟雾报警控制器的电路原理图。R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小。若利用电压表作为报警仪表（当烟雾增大到一定程度时，电压表指针偏转到某个位置触发报警），为使控制器在烟雾较淡时就能触发报警，以下做法正确的是A．电压表改成大量程 B．增大激光强度C．减小R0阻值 D．减小电源电压10．如图所示，a点到b点是小球被抛出后在空中的运动轨迹，小球在b点的速度为v．如果小球在b点突然受到的所有力都消失了，则小球将沿以下哪条轨迹运动A．1 B．2 C．3 D．4二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11．2018年8月1日，泰州市区正式实施《烟花爆竹燃放管理条例》．燃放爆竹的噪声主要是爆炸时引起周围空气的____产生的，在市区禁止鸣放爆竹是在____处减弱噪声．12．在太空中，把要合成的各种固态材料放进特制的太空炉，对材料加热使其内能_____大(选填“增大”或“减小”)而熔化，再降温使其变成新的固态材料，然后随着卫星或飞船返回地球这样加工的材料叫太空材料当一块加工好的太空材料从太空返回地球时，其质量_____(选填“变大”、“变小”或“不变”)13．为测量某种液体的密度，小明利用天平和量杯测量了液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到了几组数据并绘出了m﹣V图象，如图所示．量杯的质量是_____g，这种液体的密度是_____kg/m314．小敏同学利用如图所示的电能表测量家中一只容积为1L的电热杯的电功率．他只将该电热杯接入家庭电路，杯中装满30℃的水，用13min将水加热至沸腾，此过程中水吸收的热量是__________J；烧水时观察到电能表在1min时间内转盘转动108转，该电热杯的电功率是__________W．[在标准大气压下，c水=4.2×103J/（kg·℃）]15．某家庭使用如图所示的电能表，该家庭允许使用的用电器总功率最大为_____W，小明利用该电能表和秒表测量规格为“220V，1210W”的用电器实际功率，将该用电器接入电路并工作，电能表的指示灯在6min内闪烁160次，则测得的实际电功率是_____W，该用电器两端的实际电压是_____V．16．把标有“2V0.4W”字样的小灯泡和标有“20Ω1A”字样的滑动变阻器连接在如图所示的电路中．已知电源电压为3V．电流表的量程为“0～0.6A”，闭合开关，调节滑片，灯泡的最小功率为W，滑动变阻器接入电路的最小阻值是Ω（灯丝电阻不变）．17．如图所示，电路中Rx为压敏电阻，阻值随所受压力增大而减小，开关S闭合后，螺线管的上端相当于电磁铁的_________极；当压力增大时，电磁铁的磁性会________．三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18．在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．补上后要求：闭合电键S，向A端移动滑动变阻器的滑片P，小灯发光，但亮度不变，电流表示数变小．19．下图中，杠杆OBA在图示位置静止，请画出作用在A点的最小力F及其力臂L．（____）20．某同学在探究“电压一定时，通过导体的电流与电阻的关系”的实验中，所用的实验器材有：两节干电池，电流表、电压表、滑动变阻器及开关各一个，定值电阻和导线若干。实验电路如图甲所示。连好电路后，开关闭合前应将滑动变阻器的滑片移动到_____接线柱那一端（选填“a”或“b”）。该同学用开关“试触”时，发现电压表和电流表均无示数。他检查导线与各接线桂均接触良好，猜想可能是滑动变阻器出现了断路。他另外取来一根导线，用这根导线验证出猜想是正确的。写出他的做法和观察到的现象___________。该同学排除故障后，进行实验，记录的实验数据如下表：电压U＝2.4V实验次数123456电阻R/Ω4812162024电流I/A0.600.300.200.150.120.10①分析实验数据得出的探究结论是：_____。②在图乙的方格纸上画出电流I与电阻R的关系图象。③从图象中可以看出，当电阻R＝18Ω时，电流为_____A。21．如图所示，是探究“阻力对物体运动的影响”的实验。（1）让同一小车从斜面上同一位置由静止开始下滑，目的是使小车到达水平面时的_____相同。（2）实验中同一小车在木板表面上运动的距离最长，表明它在该表面受到的阻力_____。（3）假设水平面绝对光滑，小车不受任何阻力，则它会在水平面上做_____运动。（4）如图丙所示，让同一小车从斜面的不同高度由静止开始下滑，则还可以探究小车的_____关系（选填序号）①重力势能与质量；②重力势能与高度；③动能与质量；④动能与速度。22．在探究“动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小腾用同一实验装置，让从斜面上滚下的小钢球钻入水平面上的硬纸盒后与硬纸盒一起向前运动．由甲、乙两图得出的实验结论可知：开车时要注意不能______（选填“超载”或“超速”）．如果做乙图实验时，硬纸盒被撞后滑出木板掉落，为防止因此造成硬纸盒损坏需改进乙图实验，再与甲图实验对比．在不改变板长度的情况下，可以采用的方法是______（填写正确选项前的字母）．A．换用质量更小的钢球B．给水平木板铺上毛巾C．适当降低钢球的高度D．换用一个较重的硬纸盒小阳在原硬纸盒的上表面粘上砝码，设计了如图丙所示实验，探究影响滑动摩擦力大小的因素，通过比较甲、丙两次实验可得出：滑动摩擦力与______有关．四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23．如图所示的电路中，灯泡L上标有“8V1W”字样，R2的阻值为8Ω．电流表的量程为0~0.8A，电压表的量程为0~3V．当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L正常发光；当开关闭合S3，断开S1、S2时，移动滑片，当滑片移到中点和移到左端时，小灯泡消耗的功率之比为9:1．求：（1）灯泡L的电阻（2）滑动变阻器的最大阻值R1（3）当开关闭合S2，断开S1、S3时，试求出在不超过电流表和电压表量程的情况下，电阻R2消耗功率的变化范围．24．如图所示，电源电压不变，当S1闭合，S2断开时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2V，当S1断开，S2闭合时，电流表读数为0.2A，电压表读数是4V．求：（1）R1、R2的阻值（2）定值电阻R的阻值和电源电压．

参考答案一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1、D【解析】

A、实验中，初温和质量都相同的水和食用油,吸收相同的热量后,食用油吸热升温较快，说明食用油的比热容小，吸热能力较弱，故A错误；B、比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量，与种类和状态有关，所以两种液体的吸热能力是种类和状态决定的，故B错误；C、实验中，加热相同的时间，说明吸收了相同的热量，末温低的物质比热容大，吸热能力强，故C错误；D、由Q＝cm△t可知，质量相同的水和食用油，由于比热容不同，并且初温相等，则当末温相同时，吸收的热量不相同，加热到相同的温度时，升温快的液体吸收的热量少，故D正确。2、B【解析】在盛水的烧杯里放有一盛水的试管，加热烧杯，当温度达到水的沸点，继续加热，杯内水会沸腾，在继续加热过程中，由于杯内水温度保持不变，一段时间后试管内外水的温度相同，无法进行热传递，试管中的水无法吸热，不会沸腾。3、A【解析】

A、卫星通信中是利用电磁波来传递信息的，故A正确；BC、超声波和次声波都属于声波，真空不能传声，故BC错误；D、红外线频率偏低，不适合卫星通信，故D错误。4、A【解析】

A．英国物理学家汤姆生在1897年发现了电子，是首先打破“原子不可再分”的科学家，故A正确；B．卢瑟福发现了α粒子散射实验，提出了原子核式结构模型，故B错误；C．伽利略的理想斜面实验为研究力与运动的关系奠定了基础，他还发现了摆的等时性等，故C错误；D．奥斯特发现了电流的磁效应，故D错误．5、D【解析】根据电荷间的相互作用和带电体吸引轻小物体的性质，带正电的物体吸引轻质小球，小球可能带负电，也可能不带电．故选项ABC错误，D正确为答案．6、D【解析】

A.热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，故A错误；B.瓶口出现的白气是由水蒸气液化形成的，故B错误；C.燃气推动纸筒飞出的过程是燃气推动纸筒做功的过程，相当于内燃机的做功冲程，故C错误；D.纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，内能转化为机械能，故D正确．故选D.7、A【解析】分析：（1）动能指物体由于运动而具有的能量，和物体运动的速度以及物体的质量有关；重力势能指物体由于高度而具有的能量，和物体的质量以及所处的高度有关；（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；（4）内壁下滑过程中，受重力，支持力、摩擦力．解答：A、当她从离开池沿腾空至最高点的过程中，速度会越来越慢，则她的动能在减小，高度增大，势能增大；故A正确；B、她腾空到最高点时，只受到重力的作用，受力不平衡，合力不为零，故B错误．C、惯性的大小只与物体的质量有关，下落过程中运动员的质量不变，所以惯性大小不变，故C错误；D、她沿内壁下滑过程中，受重力、支持力、摩擦力的作用，不是只受重力，故D错误．故选A．【点睛】此题考查能的转化、惯性、平衡力的辨别和力与运动的关系等，是一道综合性较强的题目，关键是知道二力平衡的条件，知道相互作用力的条件，会区分开平衡力和相互作用力．8、D【解析】（1）由图可知，甲滑轮组有三段绳子承担物重，乙滑轮组有两段绳子承担物重，已知分别把同一重物提升到相同的高度h，则s1=3h，s2=2h，由于力F1、F2大小相同，设F1=F2=F，根据W=Fs可得：W甲总=F1s1=F×3h=3Fh，W乙总=F2s2=F×2h=2Fh，所以W甲总＞W乙总，故D错误；由于在相同的时间内把同一重物提升到相同的高度，根据可得，P1＞P2，故A正确；（2）已知用大小相同的力F1、F2分别把同一重物提升到相同的高度，根据W有用=Gh可知，W甲有用=W乙有用，又由W额外=W总-W有用可知，W甲额＞W乙额，故B正确；有用功相同，甲滑轮组的总功大，根据可知，，故C正确；故答案为D．点睛：已知甲、乙两滑轮组将同一重物提升相同的高度，根据W=Gh可比较有用功的大小．根据W额外=W总-W有用可比较额外功．根据可比较机械效率的大小．9、C【解析】

由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压。因光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，所以，当烟雾浓度增大时（即光照强度减弱），光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大，由I=可知，电路中的电流减小，由U＝IR可知，R0两端的电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压增大，即电压表的示数增大；由此可知，当烟雾浓度增大时，R两端的电压增大（电压表的示数增大），从而触发报警。要使控制器在烟雾较淡时就触发报警，就应在烟雾较淡时使光敏电阻两端的电压达到报警系统触发的电压，即增大气敏电阻分得的电压；A、电压表改接大量程时，不能改变气敏电阻两端的电压，故A错误；B、增大激光强度，光敏电阻的阻值变小，其分得的电压变小，故B错误；C、减小R0阻值时，其分得的电压减小，则光敏电阻分得的电压增大，故C正确；D、减小电源电压时，光敏电阻分得的电压也变小，故D错误。10、B【解析】

根据牛顿第一定律可知，正在运动的物体，所受的外力如果同时消失，物体将保持外力消失瞬间的速度和方向永远运动下去；当小球被抛出后运动到最高点b时，小球在水平方向上有一定的速度v，所以，若小球在b点受到的所有力都消失时，由牛顿第一定律可知，小球将会沿水平方向（即轨迹2）做匀速直线运动．二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11、振动声源【解析】

声音是由物体的振动产生的，炮竹声是炮竹爆炸时引起空气的振动发出声音；减弱噪声的方法有：在声源处减弱噪声、在传播过程中减弱噪声、在人耳处减弱噪声，在市区禁止鸣放爆竹是在声源处减弱噪声．12、增大不变【解析】物体吸热，内能增加，故对材料加热，其内能增大温度升高，达到熔点而熔化．质量是物质的属性，当一块加工好的太空材料从太空返回地球时，其质量不变．点睛：通过热传递可以改变物体的内能；质量是物质的属性，不随位置、形状、状态的改变而改变．13、20g1×103kg/m3【解析】

（1）当液体体积为液体和杯的总质量是40g，（2）设液体的密度为ρ，读图可知，当液体体积为V2＝80cm3时，液体和杯的总质量为100g，据此求液体密度．【详解】(1)由图知,当液体的体积为时,液体和量杯的总质量为40g,(2)设液体的密度为ρ，读图可知,当液体体积为V2＝80cm3时,液体和杯的总质量m总2＝m2+m杯＝100g，由ρ＝可得：ρ×20+m杯＝40g---①，ρ×80cm3+＝100g---②，解得液体的密度：ρ＝1g/cm3＝1×103kg/m3.把＝1g/带入①得杯子的质量m杯＝20g.14、2.94×1052160【解析】

水的质量：水吸收的热量：1min内消耗的电能：电热杯的功率：15、88001000200【解析】

由电能表的铭牌可知，U=220V，平时工作允许通过的最大电流I=40A，能接入用电器的最大总功率：P最大=UI=220V×40A=8800W；根据参数1600imp/(kW⋅h)知，每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次；所以闪烁160次消耗的电能为：W==0.1kW⋅h，用电器的实际功率：P===1kW=1000W。由P额=可得用电器的电阻：R===40Ω由P实=可得该用电器两端的实际电压是:U===200V.16、0.15【解析】试题分析：当滑片移到右端时，电路中电流最小，灯泡消耗的功率最小。灯丝电阻为：，电路总电阻为：，电路中的最小电流为：，灯泡的最小功率为：；灯的额定电流为：，所以为保护电路，电路中的最大电流为0.2A，则电路中的最小总电阻为：，滑动变阻器接入电路的最小阻值为：考点：欧姆定律电功率17、S增强【解析】

根据安培定则知道开关S闭合后，螺线管的上端相当于电磁铁的S极；当压力增大时，Rx的阻值随所受压力增大而减小，电路的电流会增加，电磁铁的磁性会增强．三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18、【解析】试题分析：电压表与小灯泡并联，小灯泡与变阻器是串联的，符合要求的连线如上图所示．考点：实物图的连线19、【解析】连接OA就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，据此可画出最小的动力；如图所示：20、b若滑动变阻器断路，将导线接在滑动变阻器a、d两个接线柱上，用开关试触，若观察到电流表和电压表均有示数，则说明猜想正确电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比0.13【解析】

（1）为了保护电路，闭合开关前滑片放在阻值最大处；（2）若滑动变阻器断路，将导线接在滑动变阻器两端，用开关试触，观察到电流表和电压表得出结论。（3）①分析表中数据，根据控制变量法得出结论；②根据表中数据，描出点画出图象；③从图象中找出电阻时的电流。【详解】（1）为了保护电路，闭合开关前滑片放在阻值最大处，这样闭合开关时，电流最小，以达到保护电路的目的，由图知，滑片应滑到b处；（2）若滑动变阻器断路，将导线接在滑动变阻器a、d两个接线柱上，用开关试触，若观察到电流表和电压表均有示数，则说明猜想正确；（3）①分析表中数据得出电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。②根据表中数据描点，骼平滑曲线连接得出图象，如图所示：③从图象中可以看出，当电阻时，电流约为0.13A。或：由数据知，实验时电阻两端的电压为：，根据欧姆定律得，当电阻时，电流为：。21、初速度最小匀速直线②④【解析】

（1）用同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下是为了使小车到达水平面时的初速度相同；（2）在该实验中，木板表面最光滑，阻力就最小，小车运动的距离最远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；（3）由上述实验可推理得出：如果水平面绝对光滑，小车不受任何阻力，则它会在水平面上做匀速直线运动。（4）同一小车从不同高度由静止滑下，通过小车运动的距离可知克服阻力做功的多少，从而可判断小车原来具有重力势能的大小，所以可以探究重力势能与高度的关系；由于小车从不同高度由静止滑下，到达水平面时的初速度不同，通过小车运动的距离可知小车达到水平面时的动能大小，所以还可探究动能与速度的关系。22、超速C压力【解析】

（1）由甲、乙两图得出的实验可知，物体质量一定时，速度越大，小球推动木块移动的距离越远，说明小球的动能越大，通过实验结论可知，开车时要注意不能超速；（2）A．换用质量更小的钢球，不能与甲控制相同的质量，故A错误；B．给水平木板铺上毛巾，不能与甲控制相同的接触面，故B错误；C．适当降低钢球的高度，小球的动能减小，撞击纸盒后前进的距离变小，就不会掉落了，故C正确；D．换用一个较重的硬纸盒，则可能推动的距离过小，无法正确判断动能的大小，故D错误；（3）小阳在原硬纸盒的上表面粘上砝码，探究影