2026-2027学年江苏省南通市海安高级中学高二（上）月考物理试卷（10月份）（含答案）

第=page11页，共=sectionpages11页2026-2027学年江苏省海安高级中学高二（上）月考物理试卷（10月份）一、单选题：本大题共10小题，共40分。1.下列说法正确的是（）A.物体的动量改变时，动能一定发生改变

B.一对相互作用力冲量的矢量和为零，所做功的代数和也为零

C.电源通过静电力做功把其他形式的能转化为电能

D.动量守恒定律具有普适性，微观高速的情形仍然适用2.将一直流电动机和一电热丝串联接入电路。已知电动机线圈电阻和电热丝电阻相同，电动机正常工作。则电动机和电热丝工作时一定相同的物理量是（）A.电压 B.电功率 C.效率 D.热功率3.用如图装置验证动量守恒定律时，下列操作符合实验要求的是（）A.两小球的质量和直径可以不同

B.选用两球的质量应满足m1＞m2

C.需要测量小球平抛运动的时间

D.斜槽轨道越光滑误差越小

4.如图所示是某手机防摔装置，商家宣传只要手机摔落角度合适，可以保证从2m高处自由摔落而不破，下列有关说法正确的是（）A.防摔装置可以减小手机的动量的变化量

B.防摔装置可以减小手机的动量的变化率

C.防摔装置可以减小手机的动能的变化量

D.防摔装置可以增加地面对手机的作用力5.如图所示为高压水射流切割，水流为柱状，横截面积为S，水流匀速垂直射到被切割的钢板上，之后垂直钢板的速度减为零，水的密度为ρ，忽略水的重力影响，水流对钢板的作用力大小为F，则水枪出水口出水的流量Q（单位时间流出水的体积）为（）

A. B. C. D.6.某同学利用量程为0～5mA的电流表制作了一个简易欧姆表，为了标定该欧姆表的刻度，该同学将a、b两端短接，调节滑动变阻器R使电流表满偏；再将阻值为400Ω的电阻接在a、b之间，此时电流表示数如图所示，下列说法正确的是（）

A.使用该欧姆表测量某个电压表的内阻时，a端接电压表负极

B.该欧姆表的0刻度线与电流表的0刻度线重合

C.电流表示数为2mA位置应标注的值为900Ω

D.该欧姆表的刻度分布是均匀的7.如图所示，当滑动变阻器R2滑片向右滑动一小段距离后，理想电流表A1、A2的示数变化量的绝对值分别为ΔI1、ΔI2，理想电压表V的示数变化量的绝对值为ΔU，下列说法中正确的是（）A.电源的输出功率一定减小

B.ΔI1一定大于ΔI2

C.=r

D.电源的效率增大8.质量为m1、m2大小相同的两个小球，在光滑水平面上发生碰撞。下列位移—时间图像可能正确的是（）A. B.

C. D.9.如图所示，在光滑的水平地面上停放着质量为m的装有光滑圆弧槽的小车，现有质量也为m的小球以v0的水平速度沿与切线水平的槽口向小车滑去，到达某一高度（小球未离开小车）后，小球又返回小车右端，这段过程中（）A.小车和小球组成的系统动量守恒

B.小球从右侧离开车后，相对于地面向右做平抛运动

C.小车对小球的支持力一直对小球做负功

D.小车对小球的支持力的冲量大小为mv0

10.如图（a）所示，长为1.5m的轻杆通过轻转轴一端连接质量为0.2kg的小球P，另一端连接质量为0.4kg的物块Q，整个装置静置于水平地面上。t=0时，小球P获得一竖直向上、大小为6m/s的初速度v0，之后Q一直在水平地面上运动，其速度v与时间t的图像如图（b）所示。不计一切摩擦，所有碰撞均为弹性碰撞，重力加速度g取10m/s2，t1=，下列说法正确的是（）

A.t1时刻小球P和地面发生碰撞

B.t2时刻物块Q回到出发点

C.t1时刻小球P的速度大小为1m/s

D.0～t2时间内，v-t图线和x轴围成的面积为1m二、实验题：本大题共1小题，共12分。11.某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：

A.待测干电池一节

B.电流表：量程0-0.6A，内阻为0.60Ω

C.电压表：量程0-3V，内阻未知

D.电压表：量程0-15V，内阻未知

E.滑动变阻器：0-100Ω，2A

F.滑动变阻器：0-10Ω，1A

G.开关、导线若干(1)为尽可能准确地测量电池的电动势和内阻，请选择适当的器材：电压表

，滑动变阻器选

（填写器材前的序号字母）(2)实验电路图应选择图中的

（填“甲”或“乙”）。

(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U-I图像。由此可知电池电动势E=

V，干电池的内电阻r=

Ω（结果均保留2位有效数字）三、计算题：本大题共4小题，共48分。12.电源电动势E=10V，内阻r=1Ω，闭合开关S后，标有“8V，12W”的灯泡恰能正常发光，电动机正常工作，求：

(1)通过电源的电流(2)电源的输出功率13.一个质量m=50kg的蹦床运动员从高处下落，刚接触网的速度是6m/s,与网相互作用后沿竖直方向蹦回离开网时的速度是8m/s。假设运动员与网接触的时间为Δt=0.7s,重力加速度取g=10m/s2

(1)求运动员触网过程中动量的变化量Δp(2)求水平网面对运动员的平均作用力大小F14.如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视作质点，质量分别为2m和m。Q与轻质弹簧相连（弹簧处于原长）。设开始时P和Q分别以2v和v初速度向右匀速运动，当小滑块P追上小滑块Q与弹簧发生相互作用，在以后运动过程中，求：(1)弹簧的最大弹性势能(2)小滑块Q的最大速度(3)若弹簧的最大压缩量为L，从P开始接触弹簧到弹簧被压缩到最短，这段过程的时间为t0，求该过程中P的对地位移15.如图甲所示，在光滑水平面上有A、B、C三个小球，A、B两球分别用水平轻杆通过光滑铰链与C球连接，两球间夹有劲度系数足够大、长度可忽略的压缩轻弹簧，弹簧与球不相连。C球固定，释放弹簧，球与弹簧分离瞬间杆中弹力大小F=10N。已知A、B两球的质量均为m1=0.2kg,C球的质量m2=0.4kg,杆长L=1.0m,弹簧在弹性限度内(1)求弹簧释放的弹性势能Ep(2)若C球不固定，求释放弹簧后C球的最大速度v(3)若C球不固定，求释放弹簧后两杆间夹角第一次为θ=120°时（如图乙）A的速度

1.【答案】D

2.【答案】D

3.【答案】B

4.【答案】B

5.【答案】B

6.【答案】C

7.【答案】C

8.【答案】B

9.【答案】C

10.【答案】D

11.【答案】【小题1】CF【小题2】甲【小题3】1.50.40

12.【答案】【小题1】根据闭合电路的欧姆定律，通过电源的电流为I==A=2A【小题2】电源的输出功率为P出=IU=2×8W=16W

13.【答案】【小题1】规定竖直向上为正方向。运动员刚接触网时速度向下，故v1=-6m/s；离开网时速度向上，故v2=8m/s。

根据动量变化量的定义，有Δp=mv2-mv1，解得Δp=700kg•m/s,方向竖直向上【小题2】运动员触网过程中受到竖直向上的网面作用力和竖直向下的重力。网面作用力的平均值为F，则合力的冲量为（F-mg）Δt。

根据动量定理，有（F-mg）Δt=Δp,解得F=1500N

14.【答案】【小题1】当弹簧被压缩到最短时，两滑块的速度相同，设共同速度为u。由动量守恒定律，有2m•2v+mv=（2m+m）u,解得。

此时两滑块的总动能最小，弹簧的弹性势能最大。由机械能守恒定律，有，解得弹簧的最大弹性势能为【小题2】弹簧从开始压缩到恢复原长的过程中，弹力始终向右作用于滑块Q，因此滑块Q的速度持续增大。当弹簧恢复原长时，滑块Q的速度达到最大，此后两滑块分离，分别做匀速直线运动。

设此时滑块P、Q的速度分别为vP、vQ。由动量守恒和机械能守恒，有2m•2v+mv=2mvP+mvQ，。

取弹簧恢复原长、两滑块正在相互远离的解，即vQ＞vP，解得，。故滑块Q的最大速度为，方向水平向右【小题3】设这段过程中两滑块的对地位移分别为xP、xQ。弹簧由原长压缩到最短，两滑块之间的距离减小L，故xP-xQ=L。

系统的质心做匀速直线运动，其速度等于系统总动量与总质量之比，即，解得。

根据质心位移与两滑块位移的关系，有。联立xP-xQ=L，解得滑块P的对地位移为，方向水平向右

15.【答案】【小题1】释放弹簧瞬间两杆几乎平行，球A绕球C做圆周运动，由牛顿第二定律有；代入数据，解得。

由对称性可知球B的速度大小也为v0，弹簧释放的弹性势能转化为两球动能，根据机械能守恒定律有；代入数据解得【小题2】释放弹簧后球C沿对称轴向前运动，设其运动方向为正方向；系统在沿对称轴方向动量守恒且初动量为零，当两杆间夹角首次达到θ=180°时，球C的速度达到最大值v。

此时球A、B沿对称轴方向的分速度大小相等，设为vy，由动量守恒定律有m2v-2m1vy=0；代入数据0.4kg×v-2×0.2kg×vy=0，解得vy=v。

整个过程系统机械能守恒，根据机械能守恒定律有；代入数据有，解得球C的最大速度为v=5m/s【小题3】当两杆间夹角为θ=120°时，两杆与对称轴夹角均为α=60°；设球C速度为vC，球A沿对称轴方向分速度为vAy，垂直对称轴方向分速度为vAx