2026届山东济南第一中学二模物理试题 (解析版)

高级名校物理试卷PAGEPAGE12026届山东济南第一中学二模物理试题1.核电池是各种深空探测器中最理想的能量源，它不受极冷极热的温度影响，也不被宇宙射线干扰。 94238Pu同位素温差电池的原理是其发生衰变时将释放的能量转化为电能。我国的火星探测车用放射性材料PuO2作为燃料，PuO2中的Pu元素是 94238Pu，已知 94238Pu的半衰期为88年，其衰变方程为 94238PuA. 94238PuB.衰变放出的射线是氦核流，它的贯穿能力很强C.该反应释放的能量为E=D.100个 94238Pu原子核经过88【答案】A【解析】衰变反应后存在质量亏损，则 94238Pu的平均核子质量比 92234U的平均核子质量大，A正确；根据质量数、电荷数守恒可知X质量数为4，电荷数为2，即衰变放出的射线是氦核流，它的贯穿能力很弱，电离能力很强，B错误；该反应释放的能量为E=E2.在军事科技日新月异的今天，隐身技术作为战场上的“隐形斗篷”，一度让敌方雷达束手无策。然而，反隐形雷达的崛起，正逐步揭开这层神秘面纱，成为未来战场上的“透视眼”。反隐形雷达一般采用毫米波段雷达及米波段雷达联合工作，毫米波段雷达工作在30GHz-300GHz频段，波长较短，分辨率高；米波段雷达工作在30MHz-300MHz频段，波长较长，可以与机体某些部位发生共振，增大雷达反射面。下列说法正确的是()A.这两种雷达波在空中相遇能发生干涉现象B.这两种雷达波在真空中的传播速度相等C.米波雷达的波长(1m-10m)较长衍射能力强，可绕过隐身飞机的吸波涂层，在飞机金属表面发生反射D.米波雷达的电磁波波长与隐身飞机表面涂层的厚度匹配，引发薄膜干涉相消现象，降低回波强度【答案】B【解析】这两种雷达波在真空中的传播速度均相等，为3×108m/s，根据v=λf可知这两种雷达波频率不同，在空中相遇时不能发生干涉现象，A错误；B正确；米波雷达的波长(1m-10m)较长，衍射能力强，可绕过隐身飞机的吸波涂层，不能在飞机金属表面发生反射，C错误；若米波雷达的电磁波波长与隐身飞机表面涂层的厚度匹配，薄膜干涉使得反射增强，即增强了回波强度，D错误。故选B。3.恒温水池底部一个气泡由池底缓缓上浮，在气泡上浮的过程中(  )A.气泡内气体压强增大B.气泡表面张力让气泡扩张C.气泡内气体对外界做功D.单位时间内撞击气泡表面单位面积分子数增加【答案】C【解析】由题意可知，大气压强p0恒定，气泡缓慢上升过程中h减小，根据p=p0+ρ水gh可知气泡内气体的压强p减小，A错误；液体表面张力的作用是使液体表面积收缩，因此表面张力会让气泡有收缩趋势，不会使气泡扩张，B错误；恒温水池内气泡温度不变，根据玻意耳定律pV=C4.在光学仪器中，“道威棱镜”被广泛用来进行图形翻转。如图所示，其棱镜的横截面ABCD是底角为45°的等腰梯形，与BC平行的三条光线经AB面射入棱镜，经BC面反射后，反射光线直接射到CD面上。已知棱镜材料的折射率n=2，则A.光线1在AB面上的折射角为60B.三条光线在BC面上都发生全反射C.只有光线3在BC面上发生全反射D.从DC射出的光线跟入射光线平行，且距离C点最近的为光线3【答案】B【解析】由图可知，光线1在AB面上的入射角为45°，根据折射定律可得n=sin45°sinα=2，解得α=30°，即光线1在由几何关系可知，光线在BC面上的入射角θ=[90由于三条光线平行，三条光线在BC面上的入射相同，则三条光线在BC面上都发生全反射，B正确；C错误；由三条光线平行，三条光线在棱镜中的传播如图所示，由图可知，光线射到DC面的入射角为30°，折射角为45°，即光线与入射光线平行，但距离C点最近的为光线1，D错误。故选5.探测器“夸父A”在距地球约150万公里的拉格朗日L1点，与地球一起以相同的公转周期绕太阳做匀速圆周运动，用以监测太阳活动的发生及其伴生现象，则(  )A.“夸父A”处于平衡状态B.在相同时间内，“夸父A”的位移相同C.“夸父A”、地球绕太阳公转的向心加速度相同D.“夸父A”绕太阳公转的加速度小于地球公转的加速度【答案】D【解析】“夸父A”绕太阳做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，处于非平衡状态，A错误；在相同时间内，“夸父A”走过的弧长相等，对应的位移大小相同，方向可能不同，B错误；根据向心加速度表达式a=4π2T2r，其中T地球=T夸父6.急行跳远作为一项需要体力和技巧的运动，要求运动员具备出色的跳跃能力和掌握正确的动作要领。如图所示，若将运动员简化为质点，其起跳速度与水平面的夹角为θ，大小为v，忽略空气阻力，则下列说法正确的是(  )A.当v保持不变时，θ越大跳远成绩越好B.当v保持不变时，θ越小跳远成绩越好C.当θ保持不变时，v越大跳远成绩越好D.当θ保持不变时，v越小跳远成绩越好【答案】C【解析】由题意可知，运动员起跳后做斜抛运动，竖直方向做竖直上抛运动，有y=v0sinθt+12gt2，y=0，水平方向做匀速直线运动，有x=v0cosθt，联立，解得x=v2sin2θ7.如图甲所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图像(直线与横轴的交点的横坐标为4.29，与纵轴的交点的纵坐标为0.5)，如图乙所示是氢原子的能级图，下列说法正确的是(  )A.根据该图像能求出普朗克常量B.该金属的逸出功为0.5C.该金属的极限频率为5.50×D.用n=4能级的氢原子跃迁到n=3能级时所辐射的光照射该金属能使该金属发生光电效应【答案】A【解析】根据爱因斯坦光电效应方程Ekm=hν-W，结合Ekm-ν图像可知该图线的斜率表示普朗克常量h，图线的横轴的截距大小等于该金属的截止频率为4.29×1014Hz，逸出功为W=hν0=6.63×10-34×4.29×1014J8.如图甲所示，一可视为质点的物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v-t图像如图乙所示，已知斜面AB段粗糙，BC段光滑，物块在AB段的加速度大小是在BC段加速度大小的2倍，运动到C点时物块速度为0。重力加速度g=10msA.斜面的倾角为30°B.物块的质量为5kgC.斜面上段的长度为16mD.物块与斜面AB段间的动摩擦因数为0.75【答案】D【解析】根据v-t图像中图线的斜率表示加速度，结合题图可知vB-v0t1=2×0-vBt2，解得vB=6ms，所以BC段物块的加速度为a2=0-vBt2=-6ms2，因BC段光滑，对物块受力分析，由牛顿第二定律有a9.一列简谐横波在t=0.2s时的波形图如图甲所示，P、Q为介质中的两个质点，它们的平衡位置分别为x=1m和x=3.5m，质点P的振动图象如图乙所示，则(  )A.该简谐波的波速为10m/sB.t＝0.28s时，质点P、Q的速度方向相同C.该简谐波沿x轴正方向传播D.t＝0.4s到t＝1.1s内，质点Q的路程为7cm【答案】AB【解析】由波形图可知该波波长为λ=4m，由振动图像可知该波的周期为T=0.4s，则该简谐波的波速为v=λT=40.4ms=10ms，A正确；由题图乙可知，当t=0.2s时，质点P正从平衡位置向y轴负方向运动，根据“上下坡法”可知，该波一定沿x轴负方向传播，C错误；t=0.28s时，质点P、Q各振动了0.08s，由平移法可知，质点P经过0.08s向下振动；质点Q经过0.08s也向下振动，B正确；t=0.4s到t=1.1s内，由于Δt=1.1s-0.4s=0.7s=T+10.如图，水平线上的O点放置一点电荷，图中画出电荷周围对称分布的几条电场线．以水平线上的某点O′为圆心画一个圆，与电场线分别相交于a、b、c、d、e，下列说法正确的是(  )A.b、e两点的电场强度不相同B.a点电势低于c点电势C.b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差D.电子沿圆周由d到b，电场力做正功【答案】ABC【解析】根据电场线分布的疏密程度可知，b、e两点电场强度的大小相等，但方向不同，所以b、e两点的电场强度不同，A正确；根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知，离点电荷O越远，电势越低，故a点电势低于c点电势，B正确；根据电场对称性可知，b、c两点间电势差与e、d两点间电势差相等，C正确；同理可知，d点的电势高于b点的电势，由Ep=qφ可知电子在d点的电势能小于在b点的电势能，根据电场力做功与电势能变化关系W电=-ΔEp可知，电子沿圆周由d到11.如图所示，水平面内有两根足够长的平行光滑金属导轨，间距为L，两端分别接有电容为C的电容器和阻值为R的电阻，导轨间有垂直导轨平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。现有一长为2L的金属棒垂直放在导轨上，在金属棒以O点为轴沿顺时针方向以角速度ω转过90°的过程中(金属棒电阻不计，脱离导轨前始终与导轨接触良好)(  )A.刚开始时通过定值电阻的电流方向由a到bB.金属棒刚开始转动时，产生的感应电动势最大C.通过定值电阻的电荷量为3D.通过定值电阻的电荷量为3【答案】AC【解析】根据右手定则可知，刚开始时通过定值电阻的电流方向由a到b，A正确；根据法拉第电磁感应定律可知金属棒产生的电动势为E=Bdv，其中，d为金属棒切割磁感线的长度，平均速度v=0+ωd2，解得E=Bd2ω2，由题意可知，金属棒转动过程中，金属棒切割磁感线的长度增大，所以电动势增大，B错误；由几何关系可知，当金属棒转过60°后，金属棒与上导轨脱离，在此之前，根据法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律可知通过定值电阻的电荷量为q1=It=ERt=ΔΦ12.如图所示，倾角为θ、间距为d的光滑导轨的上端连接一自感系数为L的线圈，空间存在垂直于导轨平面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场，现将一根质量为m的导体棒从导轨上某处由静止释放，由于电路中的总电阻极小，此后导体棒在导轨上做简谐运动，导体棒的最大速度与周期和振幅的关系为vm=2πTA.导体棒简谐运动的振幅为2mgLB.导体棒的最大速度为mC.回路中的最大电流为2mgD.导体棒简谐运动的周期为π【答案】BC【解析】导体棒运动时，感应电动势E=Bdv自感电动势E电路总电阻极小，故Bdv=L即Bd⋅积分得Bdx=LI，即I=BdLx导体棒受力：mg代入I=BdLx，平衡位置处即平衡位置位移x以平衡位置为新原点，位移为x'，则x=x即简谐运动回复力F=-角频率ω=A．导体棒从静止释放，初始位置为最大位移处，振幅A=x0=B．简谐运动最大速度v代入ω=BdmL得vm=BdC．根据前面分析，可知最大电流I代入A=mgLsinθB2D．简谐运动周期T=2πω=2π故选BC。13.某实验小组在“用双缝干涉测量光的波长”的实验中，用如图甲所示装置测量某种单色光的波长。(1)下列说法正确的是                  (填正确答案标号)。A.若观察到条纹比较模糊，可能是单双缝不平行B.若观察到条纹比较模糊，可以将毛玻璃屏换成透明玻璃屏C.减小单双缝的间距可以增大条纹间距D.单缝的作用是方便获取相位差恒定的相干光源(2)移动测量头上的手轮，使分划线对准第1条明条纹中心，图乙为此时50分度游标卡尺的读数x1=                  mm，继续转动手轮，使条纹向左边移动，直到对准第5条明条纹中心，此时游标卡尺的读数为x5=16.62mm。已知双缝间距离为d=0.2mm，双缝到毛玻璃屏间距离为(3)某同学突发奇想，将一透明薄片贴住双缝中的S2(如图丙所示)，他将观察到中央亮纹                  (填正确答案标号)A.不移动B.向P点上侧移动C.向P点下侧移动【答案】(1)AD；(2)10.30，632；(3)C【解析】(1)条纹比较模糊可能是单双缝不平行导致的，毛玻璃屏是用来承接干涉条纹的，不能换成透明玻璃屏，B错误；A正确；根据双缝干涉条纹间距公式Δx=Ldλ，可知减小单双缝间距并不能改变条纹间距，C错误；光源各部分的相位差是不稳定的，不能形成干涉条纹，单缝的作用就是选定光源中的相位差恒定的部分，从而形成干涉条纹，(2)图乙中50分度游标卡尺精确度为0.02mm，可知x1=10mm+15×0.02(3)透明薄片贴住双缝中的S2，相当于增大了光程，光程差为0的点将向下移，故中央亮条纹向P点下侧移动。故选C14.(1)某同学用多用电表粗侧时，首先用多用表的“×100”欧姆挡，发现欧姆表的指针偏转很大，为了减小误差，多用表的选择开关应该换用                  欧姆挡(填“×1k”或“×10”)，换挡后按正确的操作步骤测此图柱体的电阻，表盘示数如图所示，则该电阻的阻值约为                  Ω。(2)某探究小组准备用图所示的电路测量某电源的电动势和内阻，实验器材如下：待测电源(电动势约2V)；电阻箱R(最大阻值为99.99Ω)；定值电阻R0(阻值为2.0Ω)定值电阻R1(阻值为4.5kΩ)电流表G(量程为400μA，内阻Rg=500开关S，导线若干。①将定值电阻R1和电流表G串联，相当于把电流表G改装成了一个量程为                  V②闭合开关，多次调节电阻箱，并记下电阻箱的阻值R和电流表G的示数I；③现要用图像法求出电源的电动势E和内阻r，可作出1I-1R图像，则1I④该实验测得的电动势E测与真实值E真相比，理论上E测                  E真。(【答案】(1)×；10，120；(2)①2；③1I=R【解析】(1)欧姆挡“×100”测电阻的指针偏转角度很大，说明此倍率下的电阻较小，为了减小误差，需要使指针指示的数字变大，则倍率要降低，故选“×10”的倍率挡；待测电阻为12.0×10(2)①定值电阻R1和电流表G串联，根据电压表改装原理可知电压表量程为③由电路图可知，R1与G串联后与电阻箱并联，然后再与R0串联，电流表与R1串联充当电压表使用测量为路端电压；干路电流为I总=I+R1+④由题意可知，电流表内阻已知，电路中电流值为准确值，故本实验无系统误差，理论上电动势和内阻测量准确，故理论上E测=E真。15.如图，内径均匀的弯曲玻璃管ABCDE两端开口，AB、CD段竖直，BC、DE段水平，AB＝90cm，BC＝CD＝DE＝30cm。在水平段DE内有一长10cm的水银柱，其左端距D点10cm。在环境温度为320K时，保持BC段水平，已知大气压为75cmHg且保持不变。(忽略液体表面张力及玻璃管内径的影响)(1)若将玻璃管A端缓慢竖直向下插入大水银槽中，使A端刚刚没入水银面，再将环境温度缓慢升高，求温度升高到多少K时，水银柱刚好全部溢出；(2)若将玻璃管A端缓慢竖直向下插入大水银槽中，使A端刚刚没入水银面下5cm处。再将环境温度缓慢降低，求温度降低到多少K时，水银柱恰好有一半进入CD部分。【答案】(1)360K；(2)252K【解析】(1)由题意可知，玻璃管内水银柱位于水平段玻璃管内，封闭气体压强保持不变，初状态V1=(AB+BC+CD+10)S=160S，T1=320K根据盖⋅吕萨克定律V解得T2=360K(2)A端插入水银面下5cm后，封闭气体压强p1=75cmHg，体积V降温后水银柱有一半进入CD部分，A管内有水银面也上升5cm，封闭气体压强p3=70cmHg，体积V根据理想气体状态方程p解得T3=252K16.撑杆跳高是一项技术性很强的体育运动，完整的过程可以简化成如图所示的三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落．在第二十九届北京奥运会比赛中，身高1.74m的俄罗斯女运动员伊辛巴耶娃以5.05m的成绩打破世界纪录．设伊辛巴耶娃从静止匀加速助跑距离s=32m，速度达到v=8.0m/s时，撑杆起跳，使重心升高h1=4.20m后越过横杆，重心下降h2=4.05m时身体接触软垫，从最高点到落地过程中水平位移x=0.9m，已知伊辛巴耶娃的质量m=65kg，重力加速度g取10m/s2，不计撑杆的质量和空气的阻力，求：(1)伊辛巴耶娃匀加速助跑的加速度大小；(2)如果伊辛巴耶娃只是通过借助撑杆把助跑提供的动能转化为上升过程中的重力势能，她最多能使自身重心升高多少?(3)伊辛巴耶娃在撑杆起跳上升阶段至少要做多少功？【答案】(1)1m/s2；(2)3.2m；(3)682.5J【解析】(1)设助跑距离为s，根据匀变速直线运动规律v2=2as解得a=1(2)运动员上升过程，只有重力做功，根据机械能守恒1解得h=3.2m(3)设运动员在最高点水平速度为vx，运动员在下落阶段做平抛运动，根据平抛运动规律可得h2=12gt解得vx=1.0m/s设起跳撑杆上升阶段所做的功为W，由功能关系W+解得W=682.5J17.如图所示，在桌面上有质量分别为2kg和1kg的A、B两不带电小物块，A、B相距L=1m，A与桌面动摩擦因数为0.45，B在桌面的右边缘。桌子右边缘在地面投影为P点，桌面到地面高度为H=1.25m，在桌子右边有竖直固定的光滑圆弧轨道，半径R=0.3m，轨道边缘Q点和圆心O连线与竖直方向成53°，轨道上边缘F在圆心O正上方，在过Q点的竖直虚线MN右侧有水平向右的匀强电场E=4mg3q，在Q点固定一电荷量为-q、质量为m的小物块C。现给A一个初动量10kg⋅m/s，A、B碰撞后A落地点距离P点x=1(1)A、B碰撞损失的能量；(2)C的质量为多少时，C恰能到达圆弧轨道最高点；(3)在(2)问的条件下，求C从离开轨道到