2027届安徽省寿县中考物理仿真试卷含解析

2027届安徽省寿县中考物理仿真试卷注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．如图所示的光学实验研究出的物理规律不能解释所对应的光学现象的是A．手影 B．透镜成像C．水中筷子变“弯” D．彩虹2．下列有关实验探究的说法中正确的是A．在探究“压力的作用效果与哪些因素有关”时，只运用了控制变量法B．在探究“滑动摩擦力与压力的关系”时，应保持受力面积不变，改变压力C．在探究“物体动能与速度的关系”时，要把质量不同的钢球放到斜面同一高度由静止滚下D．在探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”时，要保持通电时间、电流相同，改变电阻的大小3．很多动物为了适应自身生存的环境，进化出了符合一定物理规律的身体部位，对此，从物理学的角度给出的解释中不正确的是A．深海里的鱼，捕上岸时会死掉，主要原因是水面上的压强比深水处小得多B．啄木鸟的嘴很尖细，可以增大压强，从而凿开树杆，捉到躲在深处的虫子C．雄鹰有时不用抖动翅膀也能翱翔太空是应用了流体压强与流速关系的原理D．骆驼的脚很大，可以减小压力，从而使其在沙漠中自如行走4．下列图例能说明大气压强存在的是A．书包带较宽B．热气球升空C．水坝下部较宽D．纸片托水5．标有“6V1.5W”的小灯泡，通过它的电流随两端电压变化的关系如图所示，若把这样的三只灯泡串联起来，接在12V的电源两端，灯泡的电阻及实际功率约为:A．24Ω0.67W B．20Ω0.8W C．24Ω0.96W D．20Ω0.67W6．如图所示是利用磁悬浮原理浮在空中的盆栽，盆栽底部有磁体，底座内装有电磁铁．给盆栽浇水前后（）.A．盆栽受到的磁力大小不变B．底座对桌面的压强大小不变C．要使盆栽与底座之间距离不变，可改变电磁铁线圈内的电流方向D．要使盆栽与底座之间距离不变，可适当增大电磁铁线圈内的电流.7．有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1500W，乙的额定功率为1200W．下列说法中正确的是A．甲电热水壶电阻大B．正常工作时，电流通过甲电热水壶做功较快C．正常工作时，通过两个电热水壶的电流相等D．正常工作时，甲电热壶做功比乙电热壶做功多8．运动会上运动员用力把标枪掷出后，下列说法正确的是A．标枪能继续飞行是因为受到惯性的作用B．标枪的运动状态一直不变C．标枪继续飞行的过程中惯性大小一直不变D．标枪继续飞行的过程中受到重力推力和空气阻力的作用9．海水淡化可有效解决人类的用水问题．淡化海水的方法有很多种，其中一种是“蒸馏法”，即将海水中的水蒸发出来，再将水蒸气冷凝成液态淡水．以上过程涉及的物态变化有A．汽化和凝固 B．汽化和凝华 C．汽化和液化 D．升华和凝华10．如图所示，“蛟龙号”载人深潜器是我国首台自主设计、研制的作业型深海载人潜水器，设计最大下潜深度为7000米级，是目前世界上下潜最深的作业型载人潜水器．“蛟龙号”载人深潜器在海水中匀速竖直下潜过程中，下列说法正确的是A．“蛟龙号”所受海水的压强增大B．“蛟龙号”重力小于浮力C．“蛟龙号”不断下沉是由于它的惯性大于它受到的阻力D．“蛟龙号”所受的浮力逐渐较小二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11．如图为一段物理创新实验视频的截图：图甲为原图，图乙为隔着空茶杯看此图片，图丙为隔着装满水的茶杯看此图片，茶杯到图片的距离相同．产生图丙情形是因为光发生折射形成_________（选填“正立”或“倒立”）放大的像．若要使像缩小一些应将茶杯适当_________（选填“靠近”或“远离”）此图片．12．太阳是人类能源的宝库。太阳能电池板，将太阳能转化为电能，并能给蓄电池充电，将电能转化为__________能储存起来；太阳能集热器给水箱中的水加热，如果水箱中有100kg水，经过一段时间照射后，温度由20℃升高到56℃，水吸收的热量是__________J；如果改用燃烧天然气提供热量，且天然气完全燃烧放出热量的50%被水吸收，则需燃烧天然气__________m3(c水=4.2×103J/(kg·℃)，q天然气=7.2×107J/m3)。13．如图所示，一薄壁轻质圆柱形容器（重力不计），底部面积是8×103cm2，内放一重为5N、边长为0.1m的正方体木块（与容器底不密合），现向容器内缓慢注入一定量水后，当木块对容器底的压力恰好为0时，则容器内水的深度为_____cm；容器对水平面的压强为_____Pa．14．小明家记录了4月初电能表示数为度，5月初示数如图所示，则小明家4月初到5月初消耗的电能是_________kW·h。若单独将一盏灯接入电路工作25h，电能表表盘转过3000转，这盏灯的电功率是_______W。15．扬声器是利用通电导线_____进行工作的，发电机是利用_____的原理制成．16．在一块有机玻璃板上，安装一个用导线绕成的螺线管，在板面上均匀撒满铁屑，通电后铁屑的分布如图所示．如果小磁针黑色端是N极，则通电螺线管的右端是__________（N/S）极．实验中__________（能/不能）用铜屑代替铁屑显示磁场分布．17．茅岩莓茶是张家界市的土特产，有极高的药用价值，沏上一杯清香扑鼻，这是因为分子在做_________运动，清香扑鼻是_________现象，在沏茶过程中，茶叶的内能______.(选填“增大”“减小”或“不变”)三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18．如图乙所示，光源S发出一条光线射向水面，在水面处发生反射和折射，反射光线经过A点．请画出入射光线、反射光线和折射光线的大致方向．19．请在图中虚线框内标出电源左端的极性（“+”或“﹣”）和静止小磁针的N极；20．为探究“通过导体的电流与导体两端的电压关系”小明同学设计了如图甲所示的电路，电流表A的量程选用0-0.6A，电压表V1的量程选用0-3V，电压表V2的量程选用0-15V，滑动变阻器R标有“50Ω1A”字样．（1）请根据电路图甲，用笔画线代替导线连接实物图乙．（_______）（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应放在_______________端（填选“A”或“B”）．（3）闭合开关后，发现电流表A和电压表V1都没有示数，电压表V2有示数．则电路存在的故障是___（4）排除故障后，继续做实验，记录电流表A和电压表V1的示数，得到三组实验数据如下表；分析表中的数据可得结论：_____________．序号123电压表V1的示数/V1.02.03.0电流表A的示数/A0.10.20.3拓展：实验中，小明记录了三组电流表A和电压表V2的实验数据，并绘制了图丙所示的图像，则电源电压是_________V,在保证各实验器材安全的前提下，滑动变阻器连入电路的阻值不小于_____________Ω．小明对本次试验数据进行了综合分析，得出了串联电路电路电压的特点：__________________21．小宇用如图所示的装置探究“动能的大小与什么因素有关？”的实验步骤如下：（1）将质量为m的小球从光滑斜面上的A处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示；（2）将质量为m的小球从光滑斜面上的B处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示；（3）将质量为2m的小球从光滑斜面上的B处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图丙所示。根据上述三次实验，回答下列问题：①实验中小球动能的大小是通过观察比较_____反映出来的，这里用到了物理学研究问题的一种_____方法（选填“直接测量”、“放大”或“转换”）；②为了探究动能的大小与物体运动速度的关系，应选用_____两个图来分析，并由此得出的实验结论是_____；③分析乙、丙两图，得到的实验结论是_____；其中小球在光滑斜面上从B处滚到底端的过程中，小球的_____能转化为动能。22．为了测量某种饮料的密度，取适量这种饮料进行如下实验：将托盘天平放在水平台上，把_____（选填“平衡螺母”或“游码”）移至标尺左端零刻线处，发现指针静止时指在分度盘中线的左侧（如图1），则应将平衡螺母向_____（选填“左”或“右”）调节使横梁平衡。天平平衡时，可看成_____（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。把盛有适量饮料的烧杯放在天平左盘内，增减右盘的砝码，调节游码使横梁重新平衡，此时砝码质量和游码在标尺上的位置如图2所示，则烧杯和饮料的总质量为_____g。将烧杯中的一部分饮料倒入量筒中。如图3所示，量筒中饮料的体积为_____cm3；再用天平测出烧杯和剩余饮料的总质量为30g。根据上述实验数据计算可得，这种饮料的密度为_____kg/m3。四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23．已知铝的密度为2.7×101kg/m1，小明的父亲外出时买了一个用铝材料制造的艺术品球，用天平测得球的质量是594g，体积为100cm1．请你帮助完成下列问题：判断此球是否为实心的．若是空心的，则空心部分的体积为多少cm1？若在空心部分注满水，则注入水的质量为多少？24．如图为目前国内最大吨位薄膜太阳能动力豪华游船，排水量为43.9t，航速为最大18km/h。（海水密度约为1.0×103kg/m3）游船满载时受到海水的浮力是多少？以最大航速匀速航行时所受海水阻力为游船重力的0.1倍，那么该游船以最大航速匀速航行时，推力的功率为多少？

参考答案一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1、B【解析】

（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，例如影子、日食、月食、小孔成像等；

（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；

（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：水变浅了等．【详解】A、实验探究的是光在均匀介质中沿直线传播；手影是由光的直线传播形成的，故A正确，不符合题意；B、实验探究的是光的反射定律；凸透镜成像是由光的折射形成的，故B错误，符合题意；C、实验探究的是光的折射现象；筷子变“弯”是由光的折射形成的，故C正确，不符合题意；D、实验探究的是光通过三棱镜时的色散现象，彩虹属于光的色散，故D正确，不符合题意．故选B．2、D【解析】

探究“压力的作用效果与哪些因素有关”时，通过观察泡沫塑料凹陷深度比较压力的作用效果，采用的是转换法，故A错误；探究“滑动摩擦力与压力的关系”时，控制接触面的粗糙程度相同，改变压力，故B错误；物体动能的大小与物体的质量和速度有关，探究“物体动能与速度的关系”时，应控制钢球的质量相同，把钢球放在斜面的不同高度，以改变速度，故C错误；在探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”时，要保持通电时间、电流相同，改变电阻的大小，故D正确．3、D【解析】

A、液体压强随深度的增加而增大，水面上的压强比深水处小得多，所以深水里的海鱼，捕到岸上时会死掉。此选项正确，不符合题意；B、根据公式，啄木鸟的喙对树皮的压力一定，但嘴很尖细，可以增大压强，从而凿开树杆，捉到躲在深处的虫子。此选项正确，不符合题意；C、雄鹰的翅膀是弧线形的，飞行过程中，翅膀上方空气流动速度快，压强小，所以不用抖动翅膀也能翱翔太空，是应用了流体压强与流速关系的原理。此选项正确，不符合题意；D、根据公式，骆驼的重力不变，骆驼的脚掌很大，这样减小了对沙漠的压强，使其不至于沉入沙漠中。此选项错误，符合题意。4、D【解析】

A．书包带较宽是在压力一定时，增大受力面积，减小了压强，与大气压无关，故A不合题意；B．热气球升空是利用空气的浮力，不能说明大气压强的存在，故B不合题意；C．水坝下部较宽，是因为液体的压强随深度的增加而增大，下部较宽可承受更大的水的压强，与大气压无关，故C不合题意；D．纸片托水，是因为杯内水的压强小于外界大气压，在大气压的作用下，使纸片和水不会掉落，故D符合题意；故选D。5、B【解析】

分析图像可知：灯泡的电阻会随电压、电流的不同发生变化，因此解决此类问题只能从图像入手分析．三只完全相同的灯泡串联，灯泡的电阻相等，通过的电流相等，根据欧姆定律可知，三只灯泡两端的电压相等，把这种规格的三只灯泡串联接在１２V的电源两端，每只灯泡两端的电压都为４V，从图像上可以看出，当电压是４Ｖ时，通过灯泡的士电流为0.２A，所以每只灯泡的实际电阻：每只灯泡的实际功率：P=UI=４V×0.２A=0.8W．故选B．6、D【解析】

A．由图示可知，浇水后，盆栽的质量会变大，重力变大，根据漂浮条件可知，磁力会变大，故A错；B．根据物体间力的作用是相互的，底座对盆栽的作用力变大，盆栽对底座的压力也会变大，所以底座对桌面的压强会变大，故B错；CD．浇水后，盆栽与底座的间距要变小，要使盆栽与底座之间距离不变，可适当增大电磁铁线圈内的电流，只改变电流的方向会使底座吸引盆栽，使距离变小，故C错，D正确．7、B【解析】

A．根据P=UI，I=，得R=，两电热水壶的额定电压相同，甲的额定功率大于乙的额定功率，所以甲的电阻小于乙的电阻，故A错误；B．甲的额定功率大于乙的额定功率，且都正常工作，根据电功率的物理意义可知，电流通过甲电热水壶做功较快，故B正确；C．两个电热水壶都正常工作时，甲的额定功率大，根据P=UI可知，通过甲的电流大，故C错误；D．两个电热水壶都正常工作，根据W=Pt可知，由于甲、乙的通电时间不能确定，所以甲、乙的做功多少不确定，故D错误．8、C【解析】

标枪投掷出去后能继续飞行，是因为标枪具有惯性，要继续保持原来的运动状态的缘故，惯性不是力，不能说受到惯性，故A错误；标枪掷出后，在重力和阻力作用下，速度的大小和方向，即运动状态一直在改变，故B错误；一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，所以，标枪继续飞行的过程中惯性大小一直不变，故C正确；标枪继续飞行的过程中，只受到重力和空气阻力的作用，故D错误．9、C【解析】

将海水中的水蒸发是液态变成气态，属于汽化现象，再将水蒸气冷凝为液态的水是气态变成液态，属于液化现象．故选C．10、A【解析】

A．“蛟龙号”深潜器在海水中匀速竖直下潜，深度增加，所以“蛟龙号”所受海水的压强增大，故A正确；B．“蛟龙号”深潜器在海水中匀速竖直下潜，受平衡力的作用，所以重力与浮力的大小相等，故B错误；C．“蛟龙号”不断下沉，做的是匀速直线运动，受的是平衡力，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能和阻力比较大小，故C错误；D．“蛟龙号”在海水中下潜，其排开海水的体积不变，海水的密度不变，所以其所受浮力不变；故D错误．故选A．二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11、倒立远离【解析】

茶杯装水后，相当于凸透镜，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的．由图知，看到的是倒立放大的实像．要使此像缩小一些，根据凸透镜成像规律“物远像近像变小”可知，应将茶杯适当远离此图片．12、化学1.512×1070.42【解析】太阳是人类能源的宝库。太阳能电池板，将太阳能转化为电能，并能给蓄电池充电，充电时将电能转化为化学能储存起来；太阳能集热器给水箱中的水加热，如果水箱中有100kg水，经过一段时间照射后，温度由20℃升高到56℃，水吸收的热量是：Q吸天然气完全燃烧放出热量的50%被水吸收，天然气放出的热量为：Q放需要燃烧的天然气为：V=Q点睛：重点是吸热公式和热值公式的应用，注意公式应用时单位要统一，一般都使用主单位，特别是热值公式应用时，有时要用到体积，有进要用到质量，要统一单位后再计算。13、5500【解析】

当木块对容器底的压力恰好为0时，木块处于漂浮状态，则此时木块受到的浮力：F浮＝G＝5N，由F浮＝ρgV排可得，木块排开水的体积：V排＝＝＝5×10﹣4m3，木块的底面积：S木＝（0.1m）2＝0.01m2，由V＝Sh可得，容器内水的深度：h＝＝＝0.05m＝5cm；容器底面积S容＝8×103cm2＝0.8m2，容器中水的体积：V水＝（S容﹣S木）h＝（0.8m2﹣0.01m2）×0.05m＝3.95×10﹣2m3，容器内水的重力：G水＝m水＝ρ水V水g＝1.0×103kg/m3×3.95×10﹣2m3×10N/kg＝395N，容器对水平面的压力：F＝G+G水＝5N+395N＝400N，容器对水平面的压强：p＝＝＝500Pa．14、10048【解析】

由图可知电能表的示数为1536.2kW•h，4月初至5月初消耗的电能是W=1536.2kW•h-1436.2kW•h=100kW•h，电能表的转盘转3000转消耗的电能为：，这盏灯的电功率：P=0.048kW=48W。15、在磁场中受到力的作用电磁感应【解析】解答：①扬声器是把电信号转换成声信号的一种装置，它主要由固定的永久磁体、线圈和锥形纸盆构成．当线圈中通过随声音变化的电流时，据通电导线在磁场中受力的作用的原理知，通电线圈会在永久磁铁的磁场中受到变化的力的作用，即线圈所受力时而排斥，时而吸引，从而使得线圈振动，将电能转化为机械能，同时线圈的振动也会带动纸盆也来回振动，又将电信号转化成声信号，于是扬声器就发出了声音；②闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中就会产生电流，该现象就称为电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的．点睛：①扬声器是通电导体在磁场中受力原理．②发电机的工作原理：电磁感应现象．16、S不能【解析】

由图可以看出通电螺线管的磁场和条形磁体的磁场一样，小磁针黑色端是N极，所以可知通电螺线管外部磁场方向，即螺线管的左侧代表N极，右侧代表S极；磁体具有吸铁性，没有吸铜性，所以不能用铜屑代替铁屑。17、热(永不停息地无规则)扩散增大；【解析】

闻到茶水的清香，是茶叶的清香分子，扩散到空气当中的现象，这是因为分子在永不停息地做无规则运动；在沏茶过程中，茶叶的温度增大，内能增大；三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18、【解析】

根据平面镜成像规律，作出点光源S在水中的像“S'”，由于反射光线反向延长线要过像点S'，连结S'A与水面的交点即入射点O，过O点作垂直水面的法线，则SO为入射光线，OA为反射光线．根据光的折射定律，光由空气斜射入水中，折射光线靠近法线折射，折射角小于入射角，作出折射光线OC．19、如下所示【解析】试题分析：已知通电螺线管的左端为N极，右端为S极；根据右手螺旋定则，伸出右手，使右手大拇指指向通电螺线管的N极（左端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流向右端的，所以电源的左端为正极，右端为负极；由磁极间的相互作用可知，小磁针的左端为N极，右端为S极，如上图所示．【考点定位】通电螺线管的极性和电流方向的判断20、见解析B滑动变阻器断路电阻一定时，电流与电压成正比610总电压等于分电压之和（U=U1+U2）【解析】

（1）题目已明确了电流表、电压表的量程，只要将电阻、滑动变阻器、开关、电源串联，电压表V1与电阻并联、电压表V2与滑动变阻器并联即可．如图：；（2）为保护电路，闭合开关前，滑片应位于最大阻值处，也就是位于B端；（3）闭合开关，电流表A

与电压表V1的示数为零，说明与他们串联的电路是断路状态，但不可能是R1（如果R1断路，电压表V1有示数）；电压表V2有示数，说明与V2串联的电路是通路，所以电路故障为滑动变阻器断路；（4）由实验数据可以看出：电压成倍增大，电流也成倍增大，且两者增大的倍数相同，所以实验结论为：在电阻一定时，通过导体的电流与两端电压成正比；拓展：定值电阻的阻值为，由丙图知，滑动变阻器两端电压为5V时，滑动变阻器接入电路的电阻为，所以电源电压为U=IR=0.1A×（10Ω+50Ω）=6V；已知电源电压为6V，所以对电压表V2不会造成损害；已知电源电压和电阻R1的阻值，可得电路最大电流为0.6A，对电流表也不会造成损害；当电压表V1电压达到3V时，电路电流为，所以滑动变阻器接入电路电阻为；根据实验数据分析得出，串联电路的总电压等于各部分电压之和，即U=U1+U2．21、木块在水平面上移动的距离转换甲乙物体的质量一定时，速度越大，动能越大物体的速度一定时，质量越大，动能越大重力势【解析】

①小球动能大小不能直接测量，而是通过小球推动木块在水平面上移动的距离来反映的，采用了转换法。②甲乙两图中两球的质量相同，但高度不同，这样小球到达底端时的速度不同，高度越高，小球到达水平面时的速度越大，所以可以探究动能大小与速度的关系；速度越大的小球，撞击木块时，木块移动的距离越远，说明小球的动能越大，由此可以得出的结论是：物体的质量一定时，速度越大，动能越大。③乙丙图中两球的质量不同，高度相同，小球到达底端时的速度相同，所以可以探究动能大小与质量的关系；质量大的小球撞击木块时，木块移动的距离远，说明小球的动能越大；由此可以得出的结论是：在速度一定时，物体的质量越大，动能越大；小球在光滑斜面上从B处滚到底端的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变快，动能增加，重力势能转化为动能。22、游码右等臂61.8301.06×103【解析】（1）使用天平的时候，要将天平放在水平台面上，把游码移到横梁标尺的零刻度线处，移动平衡螺母，使天平横梁在水平位置平衡，指针左偏应将平衡螺母向右调节，天平平衡时可看成等臂杠杆；（2）由图2可知，烧杯和饮料的总质量m总＝50g10g1