(含答案解析)黑龙江省哈三中2015届高三第一次高考模拟考试理综物理试卷

1、2015年黑龙江省哈尔滨三中高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1（6分）（2015哈尔滨校级一模）下列说法正确的是（） A 楞次首先发现电流周围存在磁场 B 法拉第首先发现了电磁感应现象 C 亚里士多德认为力是改变物体运动状态的原因 D 经典力学对宏观物体和微观物体的研究都适用【考点】： 物理学史【专题】： 常规题型【分析】： 根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解析】： 解：A、奥斯特首先发现电流周围存在磁场，故A错误；B

2、、法拉第首先发现了电磁感应现象，故B正确；C、牛顿认为力是改变物体运动状态的原因，故C错误；D、经典力学在微观，高速情况下不再适用，经典力学的适用条件为，宏观世界，低速运动，故D错误；故选：B【点评】： 本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2（6分）（2015哈尔滨校级一模）如图，斜面与水平面之间的夹角为45，在斜面底端A点正上方高度为10m处的O点，以5m/s的速度水平抛出一个小球，飞行一段时间后撞在斜面上，这段飞行所用的时间为（g=10m/s2）（） A 2 s B s C 1 s D 0.5 s【考点】： 平抛运动【专题】：

3、平抛运动专题【分析】： 研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同【解析】： 解：设飞行的时间为t，则：x=V0th=因为斜面与水平面之间的夹角为45，如图所示，由三角形的边角关系可知，AQ=PQ所以在竖直方向上有，OQ+AQ=10m所以有：v0t+=10m，解得：t=1s故选：C【点评】： 利用平抛运动的规律，在水平和竖直方向列方程，同时要充分的利用三角形的边角关系，找出内在的联系3（6分）（2015哈尔滨校级一模）在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动

4、时，电流表和电压表的示数分别为1.0A和1.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和15.0V则当这台电动机正常运转时（） A 电动机的内阻为7.5 B 电动机的内阻为2.0 C 电动机的输出功率为30.0W D 电动机的输出功率为26.0W【考点】： 电功、电功率【专题】： 恒定电流专题【分析】： 从电路图中可以看出，电动机和滑动变阻器串联，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量电路电流，根据公式R=可求电动机停转时的电阻；利用公式P=UI可求电动机的总功率，根据公式P=I2R可求电动机克服本身阻力的功率，总功率与电动机克服自身电阻功率之差就是电动机的输

5、出功率【解析】： 解：A、电动机停止转动时，可得电动机的电阻：R=1；故AB错误；C、电动机正常运转时，电动机的总功率：P=U1I1=15V2A=30W；电动机自身电阻的热功率：PR=I12R=（2A）21=4；电动机正常运转时的输出功率是：P出=PPR=30W4W=26.0W故C错误，D正确；故选：D【点评】： 本题要明确非纯电阻电路的功率的计算方法，知道电动机不转动时可视为纯电阻和能量间的关系4（6分）（2015哈尔滨校级一模）水平方向的传送带顺时针转动，传送带速度保持2m/s不变，两端A、B间距离为3m，一物块从B端以初速度v0=4m/s滑上传送带，物块与传送带间动摩擦因数=0.4，g=

6、10m/s2物块从滑上传送带到离开传送带过程中的速度时间图象是（） A B C D 【考点】： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系【专题】： 牛顿运动定律综合专题【分析】： 物体的运动分为三个过程：向左的匀减速直线运动，向右的匀加速直线运动，和向右的匀速运动【解析】： 解：物体先向左做减速运动，加速度大小a=g=4m/s2，经过1s速度减小到零，此时向左运动了，而没到达左端，因此接下来向右加速运动，加速度不变，经0.5s速度达到2m/s，与皮带的速度相等，这时向右仅运动了=0.5m，接下来向右匀速运动，因此C图象正确故选：C【点评】： 在速度图象中，物体在任意时刻的加速度就是速度图

7、象上所对应的点的切线的斜率图线与横轴交叉，表示物体运动的速度反向5（6分）（2015哈尔滨校级一模）空间某区域竖直平面内存在电场，电场线分布如图所示一个质量为m、电量为q，电性未知的小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为v1，方向水平向右，运动至B点时的速度大小为v2若A、B两点之间的高度差为h，则以下判断中正确的是（） A A、B两点的电场强度和电势大小关系为EAEB、AB B 若v2v1，则电场力一定做正功 C A、B两点间的电势差为（v22v122gh） D 小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为mv22mv12【考点】： 电势差与电场强度的关系；电势【专题】： 电场力与电势的

8、性质专题【分析】： 根据电场线的疏密判断场强的大小，由电场线的方向分析电势的高低小球运动过程中，重力做正功，电场力做功可正可负根据动能定理求解A、B两点间的电势差和电场力做功【解析】： 解：A、由电场线的疏密可判断出EAEB由电场线的方向可判断出AB所以EAEB、AB，故A错误B、在运动的过程中，由动能定理得，若v2v1，qU可正可负，故B错误C、由B得，A、B两点间的电势差U=（v22v122gh），故C正确D、由上式得，电场力做功W=qU=mv22mv12mgh故D错误故选：C【点评】： 本题首先要掌握电场线两个意义可判断场强和电势的大小；其次根据动能定理研究曲线运动中功的问题6（6分）（

9、2015哈尔滨校级一模）如图所示，一木箱放在水平面上，木箱重G1，人重G2，人站在木箱里用力F向上推木箱，则（） A 人对木箱底的压力大小为G2+F B 木箱对人的作用力大小为G2 C 木箱对地面的压力大小为G1+G2F D 地面对木箱的支持力大小为G1+G2【考点】： 共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【专题】： 共点力作用下物体平衡专题【分析】： 分别对人和整体分析，根据共点力平衡求出人对木箱的压力和木箱对地面的压力【解析】： 解：A、对人分析，人受到重力、箱子对人的支持力，箱顶对人的压力，根据平衡有：N=G2+F故A正确；B、对人分析，人受到重力和木箱的作用力（箱底对人的支持力和

10、箱顶对人的压力的合力），根据平衡条件，故木箱的作用力大小为G2故B正确；C、D、对整体分析，受总重力和支持力，有：N=G1+G2则压力与支持力的大小相等，为G1+G2故C错误，D正确故选：ABD【点评】： 解决本题的关键能够正确地受力分析，通过共点力平衡进行求解，注意整体法和隔离法的运用7（6分）（2015哈尔滨校级一模）一圆形闭合线圈，放在随时间均匀变化的磁场中，线圈平面和磁场方向垂直，下述哪些情况线圈中的电流将变为原来的一半（） A 使线圈匝数减少一半 B 使线圈面积减少一半（仍为圆形） C 使线圈半径减少一半 D 使磁感应强度的变化率减小一半【考点】： 法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆

11、定律【专题】： 电磁感应与电路结合【分析】： 根据法拉第电磁感应定律E=，电阻定律R=以及欧姆定律推导出电流I的表达式，看I与什么因素有关，从而判断出哪一种方法使感应电流增加一倍【解析】： 解：设导线的电阻率为，横截面积为S，线圈的半径为r，则感应电流为：I=A、根据式，I与线圈匝数无关，故A错误；B、根据式，若将线圈的面积增加一倍，半径r增加为倍，电流增加为倍；故B错误；C、根据式，将r减小一半，I减小一半；故C正确；D、根据式，若磁感应强度的变化率减小一半，则电流I减小一半，故D正确；故选：CD【点评】： 本题综合考查了电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、电阻定律关键能运用这些定律推导出电流的

12、表达式，同时注意式中S不是线圈的面积，而是导线横截面积8（6分）（2015哈尔滨校级一模）如图所示，一质量为m的滑块以初速度v0从固定于地面的斜面底端A开始冲上斜面，到达某一高度后返回A，斜面与滑块之间有摩擦EK代表动能，E代表机械能，EP代表势能，a代表加速度，x代表路程下图中能正确反映物理量之间关系的图象是（） A B C D 【考点】： 功能关系；牛顿第二定律【分析】： 滑块在斜面上运动过程中，由于存在摩擦力，上滑与下滑过程不再具有对称性，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，上滑运动的时间较短根据牛顿第二定律分析上滑与下滑过程的加速度大小关系根据运动学公式和重力势能公式得出重力势能与时

13、间的关系式【解析】： 解：A、滑块在斜面上运动过程中，由于存在摩擦力，机械能不断减小，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，根据速度图象的“面积”等于位移，两个过程的位移大小相等，可知，下滑时间大于上滑时间所以A错误B、由于不知道斜面的夹角，所以不能确定下滑的时间是向上滑动的时间的2倍故B错误C、物体向上运动的过程中，克服重力和摩擦力做功，动能减小，W=（mg+f）x；物体下滑的过程中重力做正功，摩擦力做负功，动能增大，W=（mgf）x；所以向上运动的过程中动能随x的快故C正确D、由于物体克服摩擦力做功，其机械能不断减小故D正确故选：CD【点评】： 本题采用定性分析与定量计算相结合的方法分析功

14、能关系、运动与力关系，根据解析式选择物理图象三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答第33题第40题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9（6分）（2015哈尔滨校级一模）为了较精确测量阻值约为6的金属丝的电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下：A电压表V1（量程3V，内阻约为15k）B电压表V2（量程15V，内阻约为75k）C电流表A1（量程3A，内阻约为0.2）D电流表A2 （量程600mA，内阻约为1）E滑动变阻器R（05，0.6A）F输出电压为3V的直流稳压电源G开关S，导线若干为了减小实验误差，需进一步采用伏安法

15、测其电阻，则上述器材中电压表应选用A （填仪器序号），电流表应选用D（填仪器序号），图中最合理的电路图应选择d【考点】： 伏安法测电阻【专题】： 实验题【分析】： ）根据电源的电动势选择电压表，根据电流的最大值选择电流表，滑动变阻器变化范围要小点，便于调节，同时运用伏安法电流表外接法，变阻器分压式来测量金属丝的电阻，误差较小，根据欧姆定律及电阻定律求出电阻率的表达式【解析】： 解：电源电动势为3V，所以电压表选择电压表V1（量程3V，内阻约为15），即选A，Imax=0.5A，所以电流表选择电流表A2（量程600mA，内阻约为1）即选D；由于金属丝的电阻较小，则选择电流表外接法并为了减少实验误

16、差，且在实验中获得较大的电压调节范围，所以变阻器要选择分压式接法故选：d 故答案为：A，D，d【点评】： 测量电阻最基本的原理是伏安法，电路可分为测量电路和控制电路两部分设计测量电路要求精确，误差小，可根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表内、外接法控制电路关键是变阻器的分压式接法或限流式接法，难度适中10（9分）（2015哈尔滨校级一模）某同学用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，将两物块A和B 用轻质细绳连接跨过轻质定滑轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器，开始时保持A、B静止，然后释放物块B，B可以带动A拖着纸带运动，该同学对纸带上打出的点进行测量和计算，即可验证机

17、械能守恒定律用天平测出A、B两物体的质量，mA=150g，mB=50g（1）在实验中获取如图乙的一条纸带：0是打下的第一个点，测得x1=38.89cm，x2=3.91cm，x3=4.09cm，则根据以上数据计算，从0运动到5的过程中，物块A和B组成的系统重力势能减少量为0.42J，动能增加量为0.40J（取g=9.8m/s2，计算结果保留2位有效数字）（2）某同学由于疏忽没有测量纸带上开始一段距离，但是利用该纸带做出与A下落高度h的关系图象，如图丙则当地的实际重力加速度g=（用a、b和c表示）【考点】： 验证机械能守恒定律【专题】： 实验题；机械能守恒定律应用专题【分析】： （1）根据某段时间

18、内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点5的瞬时速度根据点5的瞬时速度求出系统动能的增加量，根据下落的高度求出系统重力势能的减小量（2）根据机械能守恒定律得出v2h的关系式，根据图线的斜率得出重力加速度的值【解析】： 解：（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则有：v5=m/s=2.0m/s在05过程中系统动能的增量为：EK=（m1+m2）v52=0.40J系统重力势能的减小量为：Ep=（m1m2）gx05=（0.15+0.05）9.8（0.3889+0.0391）=0.42J； （2）根据系统机械能守恒有：（m1m2）gh=（m1+m2）v2；而图象v2=kh=知图线的斜率k

19、=g解得：g=故答案为：0.42，0.40，【点评】： 本题全面的考查了验证机械能守恒定律中的数据处理问题，要熟练掌握匀变速直线运动的规律以及功能关系，增强数据处理能力11（14分）（2015哈尔滨校级一模）宇航员乘坐航天飞船，在距月球表面高度为H的圆轨道绕月运行经过多次变轨最后登上月球宇航员在月球表面做了一个实验：将一片羽毛和一个铅球从高度为h处释放，二者经时间t同时落到月球表面已知引力常量为G，月球半径为R，求：（1）月球的质量（不考虑月球自转的影响）；（2）航天飞船在靠近月球表面圆轨道运行的速度与高度为H圆轨道运行速度之比【考点】： 万有引力定律及其应用；向心力【专题】： 万有引力定律的

20、应用专题【分析】： 根据自由下落的运动规律求解月球表面的重力加速度忽略月球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式研究卫星绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式【解析】： 解：（1）将某物体由距月球表面高h处释放，经时间t后落到月球表面根据自由下落的运动规律得：h=gt2g=忽略月球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式：G=mg 得月球的质量为：M=（2）根据万有引力充当向心力知：F=G=m航天飞船在靠近月球表面圆轨道运行的速度为：v1=高度为H圆轨道运行速度为：v2=答：（1）月球的质量为；（2）航天飞船在靠近月球表面圆轨道运行的速度与高度为H圆轨道运行速度之比【点评】：

21、 把星球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题重力加速度g是天体运动研究和天体表面宏观物体运动研究联系的物理量12（18分）（2015哈尔滨校级一模）如图所示，边界PQ以上和MN以下空间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度均为4B，PQ、MN间距离为2d，绝缘板EF、GH厚度不计，间距为d，板长略小于PQ、MN间距离，EF、GH之间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B有一个质量为m的带正电的粒子，电量为q，从EF的中点S射出，速度与水平方向成30角，直接到达PQ边界并垂直于边界射入上部场区，轨迹如图所示，以后的运动过程中与绝缘板相碰时无能量损失且遵循反射定律，经过一段时间后该

22、粒子能再回到S点（粒子重力不计）求：粒子从S点出发的初速度v；粒子从S点出发第一次再回到S点的时间；若其他条件均不变，EF板不动，将GH板从原位置起向右平移，且保证EFGH区域内始终存在垂直纸面向里的匀强磁场B，若仍需让粒子回到S点（回到S点的运动过程中与板只碰撞一次），则GH到EF的垂直距离x应满足什么关系？（用d来表示x）【考点】： 带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】： 带电粒子在磁场中的运动专题【分析】： （1）根据几何关系求出粒子在EF和GH间做圆周运动的轨道半径，结合半径公式求出粒子从S点出发的初速度（2）作出粒子运动的轨迹图，根据粒子在磁场中运动的周期公

23、式，结合圆心角的大小求出粒子从S点出发第一次再回到S点的时间（3）作出粒子的轨迹图，结合粒子在磁场中运动的周期性，结合数学知识求出GH到EF的垂直距离x应满足通项表达式【解析】： 解：（1）PQ、MN间距离，且s为中点，根据几何关系有：，R1=2d，则粒子从S点出发的初速度（2）如图，粒子应从G点进入PQ的场在4B场内，做半圆，并垂直PQ再由E点回到B场区由对称性，粒子将打到GH中点并反弹，再次回到S点的轨迹如图粒子在B场中时间=粒子在4B场中时间（3）如图所示，由粒子运行的周期性以及与板碰撞遵循反射定律，有如下结果：x=（3n+1）d，（n=0，1，2，3） 或 x=3nd，（n=0，1，2

24、，3） 答：（1）粒子从S点出发的初速度为；（2）粒子从S点出发第一次再回到S点的时间为（3）GH到EF的垂直距离x应满足x=（3n+1）d，（n=0，1，2，3） 或 x=3nd，（n=0，1，2，3）【点评】： 本题考查了带电粒子在磁场中的运动，关键作出轨迹图，结合半径公式、周期公式进行求解，在第三问中，要注意粒子运动的周期性本题难度较大（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框图黑注意所做题目都题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选大区域指定位置答题如果不涂、多涂均按所答第一题评分；多答则每学科按所答的第一题评分【物理一选修

25、3-3】（15分）13（6分）（2015哈尔滨校级一模）下列关于分子运动和热现象的说法正确的是（） A 气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故 B 一定量100的水变成100的水蒸汽，其分子之间的势能增加 C 对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热 D 如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，因此压强必然增大 E 一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和【考点】： 理想气体的状态方程；热力学第一定律【专题】： 热力学定理专题【分析】： 本题可根据分子间作用力分析气体会散开的原因根据热传递情况分析物态

26、变化时，分析内能的变化，判断分子势能的变化对于一定量的理想气体，内能只跟温度有关温度是分子平均动能的标志，气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和【解析】： 解：A、气体如果失去了容器的约束就会散开，是因为分子间距较大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做无规则运动，所以气体分子可以自由扩散故A错误B、一定量100的水变成100的水蒸汽，分子动能之和不变，由于吸热，内能增大，则其分子之间的势能增大故B正确C、对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，根据气态方程知，温度升高，则内能增大故C正确D、如果气体分子总数不变，气体温度升高，若同时体积增大，由可知，压强不一定增大故D错

27、误E、一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和故E正确故选：BCE【点评】： 本题关键要掌握分子动理论的基本内容和气态方程，知道温度是分子平均动能的标志，就能进行分析14（9分）（2015哈尔滨校级一模）如图所示，圆柱形容器内用活塞封闭一定质量的理想气体，已知容器横截面积为S，活塞重为G，大气压强为p0若活塞固定，封闭气体温度升高1，需吸收的热量为Q1；若活塞不固定，仍使封闭气体温度升高1，需吸收的热量为Q2不计一切摩擦，在活塞可自由移动时，封闭气体温度升高1，活塞上升的高度h应为多少？【考点】： 热力学第一定律；理想气体的状态方程【分析】： 由热力学第一定律可以判断吸收热

28、量的多少，根据热力学第一定律和功的公式可以求得活塞上升的高度【解析】： 解：活塞固定时，由热力学第一定律，气体增加的内能U=Q1活塞不固定时，外界对气体做功为W，则有：Q2+W=Q2（p0Sh+Gh）对活塞由能量守恒定律得：Gh=W内p0Sh得：W=W内=（p0Sh+Gh） 解得活塞上升的高度为：答：活塞上升的高度h应为【点评】： 本题考查了热力学第一定律的应用，知道公式中各量的正负及其物理意义【物理-选修3-4】（15分）15（2015哈尔滨校级一模）一简谐振子沿x轴振动，平衡位置在坐标原点，t=0时刻振子的位移x=0.1m；t=s时刻x=0.1m；t=4s时刻x=0.1m该振子的振幅和周期

29、可能为（） A 0.1m，s B 0.1m，8 s C 0.2m，s D 0.2m，8 s E 0.3m，10 s 【考点】： 简谐运动的回复力和能量【分析】： t=0时刻振子的位移x=0.1m，t=s时刻x=0.1m，关于平衡位置对称；如果振幅为0.1m，则s为半周期的奇数倍；如果振幅为0.2m，分靠近平衡位置和远离平衡位置分析【解析】： 解：A、B、t=0时刻振子的位移x=0.1m，t=4s时刻x=0.1m，如果振幅为0.1m，则：（n+）T=t解得：T=当n=0时，T=s；当n=1时，t=4s，T=；故A正确，B错误；C、D、t=0时刻振子的位移x=0.1m，t=s时刻x=0.1m，如果

30、振幅为0.2m，结合位移时间关系图象，有：4=T+nT 或者=T+nT 或者=+nT 对于式，当n=0时，T=s；对于式，当n=1时，T=s；故C正确，D错误；E、如果振幅为0.3m，则，t=0时刻振子的位移x=0.1m；t=s时刻x=0.1m；设t=4s时刻是振子第二次x=0.1m，由振动的特点可知，s，所以振子振动的最大周期为：T=8s10s故E错误故选：AC【点评】： 本题中，0时刻和4s时刻的速度有两种方向，考虑4种情况，还要考虑多解性，不难16（2015哈尔滨校级一模）一列横波在x轴上传播，在t1=0时刻波形如图实线所示，t2=0.05s时刻波形如下图虚线所示若周期大于（t1t2），

31、则最小波速和最大波速分别是多少？方向如何？【考点】： 波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】： 由y的最大值读出振幅，由相邻两个波峰或波谷间的距离读出波长根据波形的平移法，结合波的周期性，得出波传播的距离与波长的关系，求出最小间距和最大间距，得到对应的波速【解析】： 解：当波沿x轴正方向传播时，可能的周期为：t=nT+，且n=0或1；当波沿x轴负方向传播时，可能的周期为：t=nT+，且n=0或1，由波速公式v=可知，当速度v最小时，周期T最大分析上面两类情况可知当周期最大时，波沿x轴正方向传，且在t=nT+中取n=0，即t=，则T大=0.2 s最小速度v小=40 m/s，方向沿x轴正向；当v最大时，周期T最小，由上面分析可知周期最小时，波沿x轴负方向传，且在t=nT+中取n=1，即=T+，则T小=s 最大速度v大=280 m/s，方向为沿x轴负方向；答：则最小波速大小40 m/s，方向沿x轴正向，而最大波速是280 m/s，方向为沿x轴负方向【点评】： 本题关键明确“波形一个周期波形平移一倍波长”的结论，结合波形图得到最大、最小传播距离，然后确定最大、最小波速【物理-选修3-5】（15分）17（2015哈尔滨校级一模）两个小球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，B