2018年上海市松江区高考物理二模试卷详解版

1、2018年上海市松江区高考物理二模试卷一、单项选择题（共40分第1-8小题，每小题3分，第9-12小题，每小题3分.每小题只有一个正确答案）1（3分）（2018松江区二模）下列单位中属于基本物理量单位的是（）A牛顿B库仑C安培D伏特2（3分）（2018松江区二模）电磁波与机械波具有的共同性质是（）A都能在真空中传播B都能传输能量C都有横波和纵波D都需要介质传播3（3分）（2018松江区二模）下列实验中，找到电荷间相互作用规律的实验是（）A库仑扭秤实验B卡文迪许实验C密立根油滴实验D奥斯特电流磁效应实验4（3分）（2018松江区二模）竖直放置的铁丝框中的肥皂膜，在太阳光的照射下会形成（）A彩色的

2、水平干涉条纹B彩色的竖直干涉条纹C黑白相间的水平干涉条纹D黑白相间的竖直干涉条纹5（3分）（2018松江区二模）一个小球在细绳的拉力作用下，绕某固定点在竖直平面内作圆周运动，空气阻力不计小球在运动过程中不发生改变的物理量是（）A速度B角速度C加速度D机械能6（3分）（2018松江区二模）如图所示的是点电荷与平板带电体电场的电场线图，A为平板带电体附近点，B为点电荷附近的点。下面说法中正确的是（）AB点电势必高于A点电势BA点电势必高于B点电势CA点电场强度必大于B点电场强度DB点电场强度必大于A点电场强度7（3分）（2018松江区二模）关于天然放射现象，下列说法中正确的是（）A衰变说明原子核里

3、有电子B放射性物质的温度升高，其半衰期将缩短C射线的电离作用很强，可用来消除有害静电D原子核经过一次衰变后，核内中子数减少1个8（3分）（2018松江区二模）关于分子力，下列说法中正确的是（）A气体总是很容易充满容器，这是分子间存在斥力的宏观表现B气体压缩过程中越来越困难，这是分子间存在斥力的宏观表现C用力拉铁棒的两端，铁棒没有断，这是分子间存在吸引力的宏观表现D布朗运动中的花粉微粒在不停地作无规则运动，这是分子间存在斥力的宏观表现9（4分）（2018松江区二模）小球从某一高度自由落下，落到水平桌面后反弹，如此数次落下和反弹。若规定竖直向下为正方向，不计碰撞时间和空气阻力，下列vt图象中能正确

4、描述小球运动的是（）ABCD10（4分）（2018松江区二模）物体与粗糙斜面一起沿水平面向左匀变速运动，物体和斜面相对静止，如图所示。则斜面对物体的总作用力方向（）A必沿a方向B必沿d方向Ca、c方向都有可能Da、c、d方向都有可能11（4分）（2013海淀区学业考试）如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=r，滑动变阻器的最大阻值是2r。当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是（）A电路中的电流变小B电源的输出功率先变大后变小C滑动变阻器消耗的功率变小D定值电阻R0上消耗的功率先变大后变小12（4分）（2018松江区二模）水平路面上行

5、驶的汽车所受到的阻力大小f与汽车行驶的速率成正比。若汽车从静止出发，先做匀加速直线运动，达到额定功率后保持额定功率行驶，则在整个行驶过程中，汽车受到的牵引力大小F与阻力大小f关系图象是（）ABCD二、填空题（共20分）13（4分）（2018松江区二模）1919年卢瑟福通过如图所示的实验装置，第一次完成了原子核的人工转变，并由此发现 图中A为放射源发出的射线，银箔的作用是吸收 14（4分）（2010上海）如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧。若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向 （填“左”或“右”）运动，并有 （填“收缩”或“扩张”）趋势。15（4分）（2018松江区二模）

6、如图简谐横波在t时刻的波形如实线所示，经过t=2s，其波形如虚线所示。则虚线时刻横坐标为x=3m的质点的速度是 （选填“最大，零”）。若2.5Tt4.5T，则可能的最小波速为 m/s。16（4分）（2018松江区二模）在“用单摆测定重力加速度”的实验中：甲同学用标准的实验器材和正确的实验方法测量出几组不同摆长L和周期T的数值，画出如图T2L图象中的实线OM，并算出图线的斜率为k，则当地的重力加速度g= ；乙同学也进行了与甲同学同样的实验，但乙同学测量摆长L时没加摆球半径，则乙同学做出的T2L图象为图中的图线 （选填图中编号）。17（4分）（2018松江区二模）如图所示，两根通电长直导线a、b平

7、行放置，a、b中的电流强度分别为I和2I，此时a受到的磁场力为F，当在a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电长直导线c后，b受到的磁场力恰好平衡，则直导线c中电流流向为 （选填“向上”或“向下”），此时a受到的磁场力大小为 。三、综合题（共40分）18（12分）（2018松江区二模）某同学在“用DIS测定电源的电动势和内阻”的实验中：（1）先将电源、滑动变阻器、电流传感器、电压传感器、定值电阻、电键及若干导线连接成电路如图1所示，则未接导线的A端应与图中 点相接；（2）闭合电键后，改变 ，用电压传感器和电流传感器测量不同工作状态的端电压和电流。若将实验测得的7组数据输入计算机，自动生成

8、如图2所示的UI图线，则电源电动势E= V，电源内阻r= ；（3）若只选用两组数据，用闭合电路欧姆定律算出E、r，有可能误差较大。则选用第 和第 组数据误差最大；（4）若实验时将导线A端误连到D点，则测出的电源电动势 （选填“变大”、“变小”或“不变”），测出电源内阻 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。19（12分）（2018松江区二模）如图，粗糙直轨道AB与水平方向的夹角=37；曲线轨道BC光滑且足够长，它们在B处光滑连接。一质量m=0.2kg的小环静止在A点，在平行于AB向上的恒定拉力F的作用下，经过t=0.8s运动到B点，立即撤去拉力F，小环沿BC轨道上升的最大高度h=0.8m。已知

9、小环与AB间动摩擦因数=0.75（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）小环上升到B点时的速度大小；（2）拉力F的大小；（3）简要分析说明小环从最高点返回A点过程的运动情况。20（16分）（2018松江区二模）如图，AB、CD两根足够长的平行光滑金属导轨，构成的斜面与水平面成=37，两导轨间距L=0.5m，导轨的电阻可忽略。A、C两点间接有阻值为R的电阻。一根质量m=0.5kg、电阻r=0.1的均匀直金属杆MN放在两导轨上，与导轨垂直且接触良好。整套装置处于磁感应强度B=1T，方向垂直斜面向下的匀强磁场中。自图示位置起，杆MN受到方向平行导轨沿斜面向下的拉力作用，

10、由静止开始运动，测得通过电阻R的电流随时间均匀增大。（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）（1）判断金属杆MN在匀强磁场中做何种运动，并请写出推理过程；（2）若杆MN受到的力F=0.5v+1（式中v为杆MN运动的速度，力F的单位为N），求电阻R的阻值；（3）在（2）条件下，金属杆MN自静止开始下滑x=1m的过程需要的时间t时间t内通过电阻R的电量。2018年上海市松江区高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共40分第1-8小题，每小题3分，第9-12小题，每小题3分.每小题只有一个正确答案）1（3分）（2018松江区二模）下列单位中属于基本物理量单位的是（）A

11、牛顿B库仑C安培D伏特【分析】国际单位制中，基本物理量的单位有：米、秒、千克、安培、开尔文、摩尔、坎德拉。【解答】解：根据规定，国际单位制中，基本物理量的单位有：米、秒、千克、安培、开尔文、摩尔、坎德拉。可知，四个选项中只有C选项符合题意，故C正确ABD错误。故选：C。2（3分）（2018松江区二模）电磁波与机械波具有的共同性质是（）A都能在真空中传播B都能传输能量C都有横波和纵波D都需要介质传播【分析】电磁波是横波，机械波有横波，也有纵波。电磁波的传播不需要介质，机械波的传播需要介质，衍射、干涉是波所特有的现象。【解答】解：A、电磁波能在真空中传播，而机械波不能在真空中传播。故A错误。B、两

12、种波都能传输能量。故B正确。C、电磁波是简谐波，但机械波的波源不一定都做简谐振动，故机械波不一定是简谐波。故C错误。D、电磁波的传播不需要介质，故D错误。故选：B。3（3分）（2018松江区二模）下列实验中，找到电荷间相互作用规律的实验是（）A库仑扭秤实验B卡文迪许实验C密立根油滴实验D奥斯特电流磁效应实验【分析】通过扭秤装置，研究出两个静止点电荷间的相互作用规律的物理学家是库仑【解答】解：A、库仑利用扭秤装置，研究出两个静止点电荷间的相互作用规律库仑定律。故A正确。B、卡文迪许实验测量出了万有引力常量。故B错误。C、密立根通过油滴实验，测出了电子电荷量的精确数值，任何物体带电量的数值都是元电

13、荷电量的整数倍。故C错误。D、奥斯特实验说明了通电导体周围存在磁场，即电流的磁效应。故D错误。故选：A。4（3分）（2018松江区二模）竖直放置的铁丝框中的肥皂膜，在太阳光的照射下会形成（）A彩色的水平干涉条纹B彩色的竖直干涉条纹C黑白相间的水平干涉条纹D黑白相间的竖直干涉条纹【分析】薄膜干涉为前后两个面反射回来的光发生干涉形成干涉条纹。【解答】解：太阳光照射肥皂膜，因为太阳光是复色光，在膜的前后表面反射光在前表面叠加发生干涉，形成彩色水平干涉条纹。故A正确，B、C、D错误。故选：A。5（3分）（2018松江区二模）一个小球在细绳的拉力作用下，绕某固定点在竖直平面内作圆周运动，空气阻力不计小球

14、在运动过程中不发生改变的物理量是（）A速度B角速度C加速度D机械能【分析】小球在竖直平面内做圆周运动，线速度的大小在变化，只有重力做功，机械能守恒【解答】解：A、小球在竖直面内做圆周运动，只有重力做功，机械能守恒，上升的过程，重力做负功，动能减小，下降的过程中，动能增加，可知线速度的大小在变化，根据知，角速度也在变化，加速度也变化。故D正确，A、B、C错误。故选：D。6（3分）（2018松江区二模）如图所示的是点电荷与平板带电体电场的电场线图，A为平板带电体附近点，B为点电荷附近的点。下面说法中正确的是（）AB点电势必高于A点电势BA点电势必高于B点电势CA点电场强度必大于B点电场强度DB点电

15、场强度必大于A点电场强度【分析】利用电场线的疏密可以描述电场的强弱，电场线越密集电场强度越大；沿着电场线的方向，电势逐渐降低，分析图示电场线，然后答题。【解答】解：AB、由于不知道电场线的方向，无法判断A、B两点电势高低，故AB错误；CD、由图示电场线可知，B处电场线密集，A处电场线稀疏，则B点的电场强度大于A点的电场强度，故C错误，D正确；故选：D。7（3分）（2018松江区二模）关于天然放射现象，下列说法中正确的是（）A衰变说明原子核里有电子B放射性物质的温度升高，其半衰期将缩短C射线的电离作用很强，可用来消除有害静电D原子核经过一次衰变后，核内中子数减少1个【分析】衰变中产生的电子是原子

16、核中的一个中子转化而来的；半衰期由原子核内部因素决定，与所处的物理环境和化学状态无关；射线的电离作用很弱，不能用来消除有害静电；衰变的本质是原子核里的一个中子转变为一个质子，同时放出释放一个粒子（电子）。【解答】解：A、衰变时，原子核中的一个中子转化为一个质子和一个电子，释放出来的电子就是粒子，原子核里没有电子。故A错误； B、半衰期是由原子核内部性质决定的，与所处的物理环境和化学状态无关，所以升高放射性物质的温度，不能缩短其半衰期。故B错误； C、射线的电离作用很弱，不能用来消除有害静电。故C错误； D、衰变的本质是原子核里的一个中子转变为一个质子，同时释放一个粒子（电子），因此原子核经过一

17、次衰变后，核内中子数减少1个。故D正确。故选：D。8（3分）（2018松江区二模）关于分子力，下列说法中正确的是（）A气体总是很容易充满容器，这是分子间存在斥力的宏观表现B气体压缩过程中越来越困难，这是分子间存在斥力的宏观表现C用力拉铁棒的两端，铁棒没有断，这是分子间存在吸引力的宏观表现D布朗运动中的花粉微粒在不停地作无规则运动，这是分子间存在斥力的宏观表现【分析】分子间同时存在着引力和斥力，二者都随距离的增加而减小，而引力减小的快。气体分子间距较大，分子间作用力视为零。【解答】解：A、气体总是很容易充满容器，这是分子热运动的宏观表现，故A错误；B、气体压缩过程中越来越困难，这是气体压强的原因

18、，故B错误；C、用力拉铁棒的两端，铁棒没有断，是分子间存在吸引力的宏观表现，故C正确。D、布朗运动中的花粉微粒在不停地作无规则运动说明液体分子是运动的，故D错误；故选：C。9（4分）（2018松江区二模）小球从某一高度自由落下，落到水平桌面后反弹，如此数次落下和反弹。若规定竖直向下为正方向，不计碰撞时间和空气阻力，下列vt图象中能正确描述小球运动的是（）ABCD【分析】小球下落时做自由落体运动，即匀加速直线运动，落向地面后又反向弹起做匀减速直线运动，根据小球的运动情况分析答题。【解答】解：小球下落过程只受到竖直向下的重力，做自由落体运动，加速度为g；接触地面反弹后速度立即变成反向，做竖直上抛运

19、动，加速度为g，小球在空中运动的加速度一直是g，则vt图象的斜率不发生变化，但由于碰撞中存在能量损失，所以小球弹起时的速度越来越小，故B正确，ACD错误；故选：B。10（4分）（2018松江区二模）物体与粗糙斜面一起沿水平面向左匀变速运动，物体和斜面相对静止，如图所示。则斜面对物体的总作用力方向（）A必沿a方向B必沿d方向Ca、c方向都有可能Da、c、d方向都有可能【分析】物体可能向左做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动，根据加速度方向判断合力的方向，再由牛顿第二定律分析即可。【解答】解：物体受到重力和斜面的作用力。当物体向左做匀加速运动时，加速度水平向左，由牛顿第二定律知物体的合力水平向左，

20、由力的合成法知，斜面对物体的总作用力方向可能沿c方向。当物体向左做匀减速运动，加速度水平向右，由牛顿第二定律知物体的合力水平向右，由力的合成法知，斜面对物体的总作用力方向可能沿a方向。故ABD错误，C正确。故选：C。11（4分）（2013海淀区学业考试）如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=r，滑动变阻器的最大阻值是2r。当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是（）A电路中的电流变小B电源的输出功率先变大后变小C滑动变阻器消耗的功率变小D定值电阻R0上消耗的功率先变大后变小【分析】滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，接入电路的电阻减

21、小，电路的电流增大，可以分析每个电阻的功率的变化。【解答】解：当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，接入电路的电阻减小，电路的电流变大，所以A错误；B、当内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大，由于R0=r，滑动变阻器的最大阻值是2r，所以外电阻一定比内电阻大，并且外电子在减小，所以电源的输出功率在增加，所以B错误；C、把定值电阻R0和电源看成一个整体，此时大电源的内电阻为2r，此时的滑动变阻器就相当于外电路，由于滑动变阻器的最大阻值是2r，所以此时外电阻在减小，电源的输出功率在减小，即滑动变阻器消耗的功率变小，所以C正确；D、电路的电流变大，所以定值电阻R0上消耗的功率变大，所以D错误。

22、故选：C。12（4分）（2018松江区二模）水平路面上行驶的汽车所受到的阻力大小f与汽车行驶的速率成正比。若汽车从静止出发，先做匀加速直线运动，达到额定功率后保持额定功率行驶，则在整个行驶过程中，汽车受到的牵引力大小F与阻力大小f关系图象是（）ABCD【分析】汽车先做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知牵引力与阻力的关系式，功率达到额定功率后，根据F=及f=kv求出牵引力与阻力的关系式，进而选择图象【解答】解：汽车先做匀加速直线运动，速度增大，f=kv增大，根据牛顿第二定律得：F=f+ma可知，牵引力随着f的增大而均匀增大，图象是一条倾斜的直线，功率达到额定功率后，F=，f=kv，则F=，则牵

23、引力与阻力成反比，故A正确。故选：A。二、填空题（共20分）13（4分）（2018松江区二模）1919年卢瑟福通过如图所示的实验装置，第一次完成了原子核的人工转变，并由此发现质子图中A为放射源发出的射线，银箔的作用是吸收粒子【分析】1919年卢瑟福通过如图所示的实验装置，将氮气充入密封的容器中，在荧光屏上观察到了亮点，用下列方程进行了解释42He+147N178O+11H，由于放射源放射出的粒子能被银箔吸收，故打在荧光屏上的粒子一定是新的粒子【解答】解：将氮气充入密封的容器中，由于放射源放射出的粒子能被银箔吸收，故打在荧光屏上的粒子一定是新的粒子使用核反应方程：42He+147N178O+11

24、H可以做出解释故答案为：质子，粒子14（4分）（2010上海）如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧。若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向左（填“左”或“右”）运动，并有收缩（填“收缩”或“扩张”）趋势。【分析】由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可知电路中电流的变化，即可得出磁场的变化及穿着线圈的磁通量的变化，则由楞次定律可得出线圈中磁场的方向，从而得出线圈的运动及形状的变化。【解答】解：变阻器滑片P向左移动，电阻变小，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，故相互排斥，则金属环A将向左运动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势。故答案为

25、：左；收缩。15（4分）（2018松江区二模）如图简谐横波在t时刻的波形如实线所示，经过t=2s，其波形如虚线所示。则虚线时刻横坐标为x=3m的质点的速度是零（选填“最大，零”）。若2.5Tt4.5T，则可能的最小波速为5.5m/s。【分析】由图得到质点处于波谷，即可得到速度为零；根据波的传播方向，由图得到时间间隔和周期的关系，然后根据周期范围求得周期最大值，再由图求得波长，即可求得最小波速。【解答】解：虚线时刻横坐标为x=3m的质点位于波谷，故速度为零；根据两波形图的相对位置，若波向右传播，则时间间隔若波向左传播，则时间间隔；又有2.5Tt4.5T，所以，；由图可得：波长=4m，故根据可得：

26、波速最小时周期最大；根据时间间隔可得：周期最大值；那么，波速最小值为；故答案为：零；5.5。16（4分）（2018松江区二模）在“用单摆测定重力加速度”的实验中：甲同学用标准的实验器材和正确的实验方法测量出几组不同摆长L和周期T的数值，画出如图T2L图象中的实线OM，并算出图线的斜率为k，则当地的重力加速度g=；乙同学也进行了与甲同学同样的实验，但乙同学测量摆长L时没加摆球半径，则乙同学做出的T2L图象为图中的图线（选填图中编号）。【分析】根据单摆的周期公式变形得出T2与L的关系式，再分析T2L图象中g与斜率的关系，得到g的表达式。根据重力加速度的表达式，分析图线与实线的之间的关系。【解答】解

27、：根据T=得，可知图线的斜率k=，解得当地的重力加速度g=。根据得，测量摆长时没加摆球的半径，图线的斜率不变，有纵轴截距，故正确。故答案为：，。17（4分）（2018松江区二模）如图所示，两根通电长直导线a、b平行放置，a、b中的电流强度分别为I和2I，此时a受到的磁场力为F，当在a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电长直导线c后，b受到的磁场力恰好平衡，则直导线c中电流流向为向下（选填“向上”或“向下”），此时a受到的磁场力大小为1.5F。【分析】根据两平行直导线间的相互作用可明确两导线棒受到的磁场力大小关系；再分别明确c对两导体的作用力大小与方向，由力的合成求解a受到的磁场力。【解

28、答】解：由于ab间的磁场力是两导体棒的相互作用，故b受到a的磁场力大小为F，方向向右；中间再加一通电导体棒时，由于C处于中间，其在ab两位置产生的磁场强度相同，故b受到的磁场力为a受磁场力的2倍；由于b受到的磁场力恰好平衡，则c对b的磁场力向左，大小为F，根据同向电流相吸，异向电流相斥，因此c的电流方向向下，那么c对a的磁场力向左，大小为0.5F，根据力的合成法则，则此时a受到的磁场力大小为1.5F；故答案为：向下，1.5F。三、综合题（共40分）18（12分）（2018松江区二模）某同学在“用DIS测定电源的电动势和内阻”的实验中：（1）先将电源、滑动变阻器、电流传感器、电压传感器、定值电阻

29、、电键及若干导线连接成电路如图1所示，则未接导线的A端应与图中C点相接；（2）闭合电键后，改变滑动器接入电路电阻值，用电压传感器和电流传感器测量不同工作状态的端电压和电流。若将实验测得的7组数据输入计算机，自动生成如图2所示的UI图线，则电源电动势E=1.50V，电源内阻r=0.50；（3）若只选用两组数据，用闭合电路欧姆定律算出E、r，有可能误差较大。则选用第5和第6组数据误差最大；（4）若实验时将导线A端误连到D点，则测出的电源电动势不变（选填“变大”、“变小”或“不变”），测出电源内阻变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【分析】（1）明确实验原理，从而得出实验的基本方法；（2）根据

30、闭合电路欧姆定律可得出电流电压的关系式，再根据图象即可分析电动势和内电阻，注意所求为一节干电池的电动势和内电阻；（3）根据图象可明确实验中误差较大的点；（4）将甲图中的A端连到D点时，相当于将定值电阻等效为电源内阻，从而求出电动势和内电阻。【解答】解：（1）开关应控制整个电路，并且为了减小误差，应采用相对电源的电流表外接法，因此A接线柱应接C点；（2）要想通过电压传感器和电流传感器测量不同工作状态的端电压和电流，应调节外电阻，即调节滑动变阻器接入电阻；根据U=EIr可知，图象与纵轴的交点表示电动势，故E=1.5V，图象的斜率表示内阻，故r=0.5；（3）由图象可知，5、6两点误差最大，故若用欧

31、姆定律算电动势和内电阻，则选用5、6两组数据误差最大；（4）若A接D点，此时电流表内阻等效为电源内阻，故测量内阻中包括电流表内阻，故测出的电源内阻变大；测出的电动势不变。故答案为：（1）C；（2）改变电路的外电阻；1.5，0.5；（3）5；6；（4）不变 变大19（12分）（2018松江区二模）如图，粗糙直轨道AB与水平方向的夹角=37；曲线轨道BC光滑且足够长，它们在B处光滑连接。一质量m=0.2kg的小环静止在A点，在平行于AB向上的恒定拉力F的作用下，经过t=0.8s运动到B点，立即撤去拉力F，小环沿BC轨道上升的最大高度h=0.8m。已知小环与AB间动摩擦因数=0.75（g取10m/s

32、2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）小环上升到B点时的速度大小；（2）拉力F的大小；（3）简要分析说明小环从最高点返回A点过程的运动情况。【分析】（1）因BC轨道光滑，小环在BC上运动时只有重力做功，其机械能守恒，根据机械能守恒定律求解小环在B点时的速度大小。（2）小环在AB段运动过程，由牛顿第二定律和运动学公式结合求解拉力F的大小。（3）小环返回B点的速度 与上升时速度大小相等，根据牛顿第二定律和运动学公式结合分析。【解答】解：（1）因BC轨道光滑，小环在BC上运动时只有重力做功，机械能守恒，即小环在B处与最高处的机械能相等，且在最高处时速度为零 以B点为零势能点，根据机械能守恒定律：mvB2=mgh代入数据得小环在B点速度为：vB=4m/s （2）小环在AB段受到恒力作用，做初速度为零的匀加速直线运动所以有：vB=at代入数据得：a=5m/s2小环受力如图根据小环受力，由牛顿第二定律有：F合=ma 即Fmgsinf=ma其中f=N=mgcos可得：F=mgsin+mgcos+ma代入数据得F=3.4N （3）小环从最高点返回B点过程中，只有重力做功，机械能守恒，小环做加速运动，回到B点时速度大小为4m/s。小环由B向A运动过程中，根据小环受力有F合=mgsinmgcos=0小环在BA段以4m/s平行BA向下匀速直线运动。答：（1）小