广东省深圳市宝安区2020学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）

1、广东省深圳市宝安区2020学年高一物理上学期期末考试试题（含解析） 一、单项选择题：本题包括10个小题，每小题3分，共30分每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题意的要求，选对得3分，多选、错选均不得分1.汽车甲与汽车乙质量相同，汽车甲以120km/h的速度在高速公路上飞奔，汽车乙以5km/h的速度在小区道路上缓行。则关于汽车甲与汽车乙的惯性，正确的是（）A. 汽车甲惯性大B. 汽车乙惯性大C. 无法比较惯性大小D. 汽车甲与汽车乙惯性一样大【答案】D【解析】【分析】惯性是物质的基本属性，只取决于物体质量的大小，而与其他因素无关。【详解】惯性大小取决于物体的质量大小，而与速度大小无关。由

2、题可知，汽车甲与汽车乙质量相同，则二者惯性一样大。故D正确，ABC错误，故选D2.水平桌面上放着一本书，下列有关书与桌面之间的作用力的说法中，正确的是（）A. 书受的重力就是桌面受到的压力B. 书受到了支持力是因为桌面产生了形变C. 书发生了形变，因此书受到了支持力D. 桌面受到的压力和桌面给书的支持力不是桌面与书之间的相互作用【答案】B【解析】【分析】书受到的重力和桌面对书的支持力是一对平衡力，其大小相等，方向相反，作用在同一物体上；书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力，其大小相等，方向相反，作用在不同物体上；弹力产生的原因是施力物体发生形变要恢复原状而产生的。【详解】A重

3、力不是压力，二者性质不同，故A错误；B书受到支持力的作用，是因为桌面发生形变而产生的，故B正确；C书发生形变，要恢复原状产生向下的弹力，即对桌面的压力，故C错误；D桌面受到的压力和桌面给书的支持力是桌面与书之间的相互作用，故D错误。3.两个小球从两个不同高度处自由下落，结果同时到达地面，如图所示四幅图中，能正确表示它们的运动的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】本题考查由速度图象分析物体运动情况的能力。要抓住两球相等的量：加速度，说明速度图像平行，同时到，说明两球不是同时下落。结合图像的斜率代表加速度，面积代表位移去分析。【详解】由题意，两个小球从两个不同高度处自由下落，初

4、速度为0，同时到达地面，说明两球不是同时下落，且高度大的小球应先下落，则在图像中图线与横坐标所包围的面积应大一些；在下落过程，两者的加速度相同，都做匀加速直线运动，则图像斜率相同，故直线应平行，则AB错误；高度大的小球运动时间长，则末速度要大一些，而D中末速度相同，故D不正确，C正确。4.如图所示，物体A和B受到的重力分别为10N和8N，不计弹黄秤和细线的重力和一切摩擦，则弹簧秤的读数为（）A. 18N B. 8N C. 2N D. 10N【答案】B【解析】【分析】弹簧秤在一对拉力作用下保持静止，合力为零，弹簧秤的示数等于其中一个拉力的大小，根据二力平衡去分析即可。【详解】物体B处于静止状态，

5、对B受力分析，B受到绳子的拉力和重力作用，弹簧右端受到的力大小为8N，故绳子拉力为8N。又因为弹簧秤处于静止状态，所以弹簧秤受力是平衡的，弹簧右端受到的拉力是8N，则左端的拉力为8N，读数是8N，故B项正确。5.如图所示，在甲图中，小孩用80N的水平力推木箱，木箱不动；在乙图中，小孩用至少100N的水平力推木箱，木箱才能被推动；在丙图中，小孩用大小为90N水平力推动木箱匀速运动。则（）A. 甲图木箱没有受到摩擦力B. 乙图木箱没有受到摩擦力C. 丙图木箱受到摩擦力D. 上述木箱受到的滑动摩擦力为100N【答案】C【解析】【分析】根据力的平衡可知甲图受到静摩擦力及其大小，以及丙图受到滑动摩擦力及

6、其大小，至少推动木箱的水平推力等于最大静摩擦力。【详解】A甲图中，小孩用80N的水平力推木箱，木箱不动，说明推力与静摩擦力平衡，且静摩擦力大小为80N，故A错误；B乙图中，小孩用至少100N的水平力推木箱，木箱才能被推动，即最大静摩擦力为100N，故B错误；CD丙图中小孩用大小为90N水平力推动木箱匀速运动，说明木箱受到推力和滑动摩擦力作用处于平衡状态，滑动摩擦力是90N，故C正确，D错误。6. 从牛顿第二定律知道，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度。可是当我们用一个很小的水平力去推很重的桌子时，却推不动它，这是因为（ ）A. 牛顿第二定律不适用于静止物体B. 根据a=F/m和判断，加速度很

7、小，速度增量很小，眼睛不易觉察到C. 推力小于静摩擦力，加速度是负值D. 重力、地面支持力、推力和静摩擦力的合力等于零。根据牛顿第二定律加速度等于零，所以原来静止的桌子还是静止的【答案】D【解析】静止物体，加速度为零，合力为零，牛顿第二定律同样适用于静止物体，故A错误；根据，可知，物体合力为零，加速度为零，而不是加速度很小，眼睛不易觉察到，故B错误；推力不大于阻力，加速度为零，故C错误；由于水平推力不大于桌子的最大静摩擦力，推不动桌子，桌子的合力等于零，由牛顿第二定律可知，加速度等于零，故D正确。所以D正确，ABC错误。7. 如图所示，一根弹簧的自由端未挂重物时指针B正对刻度5，当挂上80N重

8、物时（未超出弹性限度）指针正对刻度45，若要指针正对刻度20，应挂重物的重力为（ ）A. 40NB. 30NC. 20ND. 不知弹簧的劲度系数k的值，无法计算【答案】B【解析】因为弹簧的形变量和其受到的作用力成正比，故，解得F=30N，故B正确8.物体自由下落6s落地，不计空气阻力。g取10m/s2则最后2s内通过的位移为（）A. 100m B. 180m C. 80m D. 20m【答案】A【解析】【分析】物体自由下落最后2s内的位移等于6s内的位移减去4s内的位移，根据求出6s内和4s内的位移，从而求出最后2s内的位移。【详解】物体在6s内的位移，物体在4s内的位移，所以最后2s内的位移

9、 ，故A正确，B、C、D错误。9.小明同学在水平面上用水平恒力推动木箱做与加速直线运动。小明在思考，怎么样才能使木前的加速度变为原来的2倍（）A. 将水平推力增大到原来的2倍B. 将阻力减少到原来的C. 将物体的质量增大到原来的2倍D. 将物体的推力和阻力都增大到原来2倍【答案】D【解析】【分析】如果使物体的加速度变为原来的2倍，可行的办法有两种，一种是把合力增大到原来的2倍，一种是使物体质量减小到原来的一半。【详解】AB根据牛顿第二定律：，当质量一定时，物体的加速度与合外力成正比；当物体所受合外力一定时，加速度与质量成反比。只将水平推力增大到原来的2倍，或将阻力减小为原来的倍，加速度不会变成

10、原来的两倍，故AB错误；C将物体的质量增大到原来的2倍，加速度会减小到原来的倍，故C错误；D将物体的推力和阻力都增大到原来的2倍，合外力增大到原来的2倍，则加速度增大到原来的2倍，故D正确。10.在第十一届全运会男子举重56公斤级比赛中，龙清泉以302公斤的总成绩获得冠军，并以169公斤超该级别挺举世界纪录如图所示，设龙清泉所举杠铃的总重为G，杠铃平衡时每只手臂与竖直线所成的夹角为30，则他每只手臂承受的张力为（）A. B. C. D. G【答案】B【解析】【分析】根据共点力平衡与平行四边形定则对杠铃进行受力分析，列出平衡方程即可求解。【详解】以杠铃为研究对象，分析受力情况，受力图如图所示，根

11、据平衡条件得，解得，则他每只手臂承受的张力为，故B项正确，ACD错误。二、多项选择题本题包括5个小题，每小题5分，共25分在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意的要求全部选对的得5分，部分选对得3分，有错、不选均不得分11. 图6是某质点运动的速度图像，由图像得到的正确结果是A. 01 s内的平均速度是2m/sB. 01s内的位移大小是3 mC. 01s内的加速度大于24s内的加速度D. 01s内的运动方向与24s内的运动方向相反【答案】BC【解析】由v-t图像的面积可求得01s的位移s=1m,时间t=1s，由平均速度定义得：，故A选项错误；由v-t图像的面积可求得02s的位移s=3m，

12、故B选项正确；利用图像斜率求出 0-1s的加速度：a1=2m/s2、2-4s的加速度a2=1m/s2、因而：a1 a2，故C选项正确；由图像可见0-1s、2-4s两个时间段内速度均为正，表明速度都为正向，运动方向相同，故D选项错误12.我国的高速铁路正式投入运营的里程数全球第一。当列车的牵引力大于阻力时，列车加速，当牵引力逐渐减小但始终大于等于阻力时，下列说法正确的是（）A. 列车的速度也减小B. 列车的速度仍在增大C. 列车的加速度在减小，减到零时列车静止D. 列车的加速度在减小，减到到零时列车的速度达到最大【答案】BD【解析】【分析】当加速度方向与速度方向相同，列车做加速运动，当加速度方向

13、与速度方向相反，列车做减速运动；本题中列车的加速度方向始终与速度方向一致，做加速运动；当加速度减为零时，速度最大，列车做匀速直线运动。【详解】根据牛顿第二定律可知，当牵引力逐渐减小但始终大于等于阻力时，牵引力仍大于阻力，故合外力的方向仍与速度方向相同，则加速度方向与速度方向一致，故列车做加速运动，速度不断增大，故A错误，B正确；当加速度减小为零时，列车速度达到最大并保持不变，故C错误，D正确。13.我们可以在密闭的升降机内判断其运动情况。当升降机内我们手提物体感觉物体变轻时，升降机可能的运动情况是（）A. 加速下降 B. 加速上升 C. 减速下降 D. 减速上升【答案】AD【解析】【分析】当升

14、降机运动时感觉物体变轻，说明物体对人的作用力即人对物体的拉力减小，由牛顿第二定律求的加速度，再结合超重与失重的特点进行判断即可。【详解】当升降机静止时，有；当升降机运动时我们手提物体感觉物体变轻，说明N减小，对物体受力分析可知，加速度，方向竖直向下，即升降机可能加速下降或减速上升，故CD正确。14.如图所示，在水平面上行驶的车厢中，车厢顶部悬挂一质量为m的球，悬绳与竖直方向成角，相对车厢处于静止状态，由此可以判定（）A. 车厢加速度一定是水平向左B. 车厢加速度一定是水平向右C. 车厢加速度大小为gtanD. 车厢加速度大小为gcot【答案】BC【解析】【分析】静止状态，加速度相同，以球为研究

15、对象，根据牛顿第二定律即可求解加速度大小和方向。【详解】球相对车厢处于静止状态，则球与车厢的加速度相同，对小球受力分析可知，拉力与重力的合力应水平向右，则车厢加速度一定是水平向右，故B正确；由平行四边形定则及牛顿第二定律可得：，解得加速度大小，故C正确。15.在无风的天气里，雨滴在高空登直下落，由于受到空气的阻力，最后以某一恒定的速率通常叫收尾速率，设空气阻力与雨滴的速度成正比，下列对雨滴运动的加速度和速度的定性分析中正确的是（）A. 雨滴质量越大，收尾速度越大B. 雨滴收尾速度大小与雨滴质量无关C. 雨滴收尾能做加速度减小的加速运动D. 雨滴收尾前加速度增大【答案】AC【解析】【分析】雨滴在

16、空中竖直下落过程中，受到重力和空气阻力，空气阻力与雨滴的速度成正比，根据牛顿第二定律分析雨滴的运动情况。【详解】AB设雨滴的质量为m，收尾速度大小为v，则有，解得，则雨滴质量越大，收尾速度越大，故A正确，B错误；CD雨滴在空中竖直下落过程中，受到重力和空气阻力，开始阶段，空气阻力小于重力，雨滴向下做加速运动，随着速度的增大，由可知，加速度逐渐减小，故雨滴向下做加速度减小的加速运动，当空气阻力与重力平衡时，雨滴做匀速直线运动，速度最大达到收尾速度，故C正确，D错误。三、实验题：本题包括2个小题，共15分16. 如图所示是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带。(1)已知打点计时器电频率为5

17、0 Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为 。(2)A、B、C、D是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，从图中读出A、B两点间距x= cm；C点对应的速度是 ms。加速度是 ms2(速度和加速度的计算结果保留两位有效数字)【答案】（1）0.02s （2分）（2）0.90（2分） 0.15（2分） 0.40（2分）【解析】【详解】试题分析：（1）周期与频率互为倒数，因此周期T=0.02 s。每一个周期，打点计时器打下一个点，则时间间隔为0.02s。（2）x=1.40cm-0.50cm=0.90cm；AD=3.90cm，则BD=3.00cm，C点对应的速vC=0.15m/s，CD=

18、1.70cm，加速度为a=10-2m/s2=0.40m/s2。考点：本题考查打点计时器的使用，以及速度与加速度的测量。17.张博同学用图甲、乙的实验装置探究加速度与合外力的关系，小车总质量用M表示，钩码总质量用m表示。该同学先按图甲将木板有定滑轮的端垫起，调整木板倾角，使小车恰好带着钩码和纸带一起沿木板向下匀速运动，再保持长木板的倾角不变，取下细绳和钩码，然后接通电源释放小车，使之由静止开始加速下滑并在纸带上打点，如图乙所示。不考虑细绳质量、滑轮及纸带的摩擦。重力加速度g已知，试回答下列问题（1）实验_（填“有”或“没有“）平衡小车和木板之间的摩擦力的步骤。（2）实验时_（填“必须有”或“不需

19、要有”）满足“Mm“的实验条件。（3）实验时作出的aF图线如图丙所示，则实验对应的图线是_（填“A”或“B“）。（4）实验时小车加速下滑受到的合力F_（用字母表示），在保持小车质量不变的情况下，通过调整改变小车所受合力，多次实验，由实验数据作出的aF图线如图丁所示则小车总质量M_kg（保留两位有效数字）。【答案】 (1). 有 (2). 不需要有 (3). A (4). mg (5). 2.0【解析】【分析】（1）根据平衡摩擦力的具体操作即可判断题目中已平衡了摩擦力；（2）只有用重物的重力代替绳子的拉力，才需要满足Mm；（3）根据牛顿第二定律列出公式，将公式变换成a-F函数式，结合斜率去分析即

20、可；（4）aF图线的斜率计算即可求解小车的总质量。【详解】（1）本实验探究当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力的关系，调整木板倾角，使小车恰好带着钩码和纸带一起沿木板向下匀速运动，就平衡了摩擦力；（2）合力就等于钩码的重力，所以不需要满足“Mm”；（3）绳的拉力等于钩码的重力，根据牛顿第二定律知：，图像是一条过原点的直线，则实验对应的图线是A；（4）由前面的分析知小车加速下滑受到的合力，aF图线的斜率表示小车的质量的倒数，即四、综合计算题：3小题，共30分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，必须明确写出数值和单位18.有时飞机需

21、要在航空母舰的甲板上起飞，将飞机起飞的运动简化为匀加速直线运动已知某型号的战斗机的发动机起飞时能产生的最大加速度为5m/s2，所需的起飞速度为50m/s，请分析：（1）若飞机仅依靠自身的发动机起飞，飞机需要的跑道至少应多长？（2）若航空母舰的跑道长160m，那么帮助飞机起飞的弹射系统应使飞机至少具有多大的初速度？【答案】（1）250m（2）30m/s【解析】【分析】（1）飞机起飞做初速度为0的匀加速直线运动，根据速度位移关系求出起飞时飞机的位移即可；（2）飞机有初速度后，同样根据位移速度关系求出起飞的初速度。【详解】（1）若飞机靠自身发动机起飞，飞机初速度为0，加速度，末速度为：则有：解得：（

22、2）弹射装置使飞机初速度为，位移，末速度为：则有：解得：19.某同学到广州塔“小蛮腰”参观，为了测量电梯运行的相关数据，该同学带了一个电子台秤，并站在台秤上观察台秤数据变化。电梯静止时他观察到台科的示数为50kg。在启动时示教变为52.5kg，这个示数持续了10s后又恢复到50kg，电梯匀速运动了80s，靠近观光层时台样的示数变为45kg直到电梯到达观光台，已知在台秤示数运算和加速度计算时g都取10m/s2求：（1）电梯匀速运动时的速度大小；（2）电梯减速的时间为多少；（3）在图坐标中画出电梯运动全过程的vt图象：（4）广州塔（小蛮腰）观光台的高度为多少？【答案】（1）5m/s（2）5s（3）（4）437.5m【解析】【分析】（1）根据电梯静止可知人的重力，结合启动时的台秤示数和牛顿第二定律可求得加速度大小，根据运动学公式即可求速度大小；（2）同理根据电梯停止时台秤的示数和牛顿第二定律可求加速度大小，结合运动学公式可求减速时间；（3）结合前两问画出v-t图像；（4）根据运动学公式分别求解加速阶段、匀速阶段以及减速阶段的位移，三者相加即为小蛮腰的高度或者根据v-t图像的面积表示位移，求解面积即可。【详解】（1）电梯静止时他观察到台秤的示数为50kg。在启动时示教变为52.5kg，说明此时合力根据牛顿第二定律知加速时间为，匀速直线运动速度为（2）靠近观光层时台秤