2019年浙江省台州市选考物理试卷(3月份)解析版

1、20192019 年浙江省台州市选考物理试卷（年浙江省台州市选考物理试卷（3 3 月份）月份） 一、单选题（本大题共 1313小题，共 39.039.0分） 1.发现行星运动定律的科学家是（） A.伽利略B.开普勒C.牛顿D.卡文迪许 2.用国际单位制的基本单位表示电动势的单位正确的是（） A.VB.C.D. 3.如图所示，小朱同学用与水平方向成 角的轻绳拉质最为m 的木箱，水箱沿水 平面做匀速直线运动，绳的拉力恒为F则木箱所受合力大小为（） A.0B.FC.D. 4.利用传感器与计算器结合，可以绘制出物体运动的v-t图象，某同学在一 次实验中得到小车的 v-t图象如图所示，由此图象可知（）

2、A.13s 末小车距离出发点最远 B.小车先正向运动，后负向运动 C.18s时的加速度大小大于 12s时的加速度大小 D.小车前 10s内的平均速度与后 10s内的平均速度相等 5.冰上表演刚开始时，甲、乙两人都静止不动，如图（甲）所示，随着优美的音乐响起，他们在相互猛 推一下对方后分别向相反方向运动如图（乙）所示。假定两人的冰鞋与冰面的动摩擦因数相同，甲的 质量小于乙的质量，则下列说法中正确的是（） A.运动时间相等 C.着地时的速度方向相同 B.着地时的速度大小相等 D.在竖直方向的分运动都是自由落体运动 8.如图，弹性轻绳的一端套在手指上，另一端与弹力球连接，用手将弹力球以某一 竖直向下

3、的初速度抛出，抛出后手保持不动。从球抛出瞬间至球第一次到达最低 点的过程中（弹性轻绳始终在弹性限度内，不计空气阻力），下列说法正确的是 （） A.绳刚伸直时，球的动能最大 B.该过程中，球的机械能守恒 C.该过程中，重力对球做的功等于球克服绳的拉力做的功 D.该过程中，轻绳的弹性势能和小球的动能之和一直增大 9.如图（甲）所示为一阴极射线管， 接通电源后， 电子射线由阴极向右射出， 在荧光屏上会到一条亮线。 要使荧光屏上的亮线向上偏转，如图（乙）所示。在下列措施中可采用的（） A.加一电场，电场方向竖直向上 C.加一磁场，磁场方向垂直荧光屏向外 B.加一磁场，磁场方向竖直向上 D.加一磁场，磁

4、场方向垂直荧光屏向里 10. 如图所示，在水平绝缘杆上用两条等长的平行绝缘丝线悬挂一质量为m的 通电导体棒。将导体棒放置在蹄形碰铁的磁场中，由于安培力的作用，当 两条丝线与竖直方向均成30角时，导体棒处于平衡状态，若重力加速度为 g。则关于导体棒在平衡状态时的说法正确的是（） A.导线所在处的磁感应强度处处相等 A.两人刚分开时，甲的速度比乙的速度大 B.两人分开后，甲的加速度比乙的加速度大 C.在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力 D.在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间 6.如图所示，A、B为某小区门口自动升降杆上的两点，A在杆的顶端，B在杆的中点处。杆从水平位置 匀速转至竖直位置

5、的过程中，下列判断正确的是（） B.导体棒受到的安培力大小一定是 C.每条丝线对导体棒的拉力大小一定是 D.导体棒受到的安培力与拉力的合力大小一定是mg 11. 移动电源是能直接给移动设备充电的储能装置，如图为某款移动电源，其转化率（是指电源放电总量 与电源容量的比值）为 70%其他参数见下表，则下列说法正确的是（） A.A、B 两点角速度大小之比 2：1 C.A、B两点向心加速度大小之比4：1 B.A、B两点线速度大小之比 2：1 D.A、B 两点向心加速度大小之比1：4 7.在离地面某高处，第一次将小球以初速度v0水平抛出，第二次沿着小球在空中的运动轨迹设置一条光 滑轨道，改为将小球在此轨

6、道上与第一次同一高度静止释放。已知小球运动过程始终不脱离轨道，不 计空气阻力。比较两次小球的运动，以下说法正确的是（） A.该移动电源最多能储存能量为 B.移动电源充电时将电能全部转化为化学能 C.正常情况下该移动电源电量从零到完全充满电的时间约为10h D.该移动电源给电量为零、容量为5000mAh的手机充电，则理论上能充满4次 第 1 页，共 12 页 12. 2018年 12月 8日，“嫦娥四号”探测器成功发射， 并于 2019年 1 月 3 日实现人类首次在月球背面软着陆。 已知月球半径为 R， 月球表面重力 加速度为 g，万有引力常量为 G，当嫦娥四号在绕月球做匀速圆周运动 时的轨道

7、半径为 r。下列说法正确的是（） 三、实验题探究题（本大题共3 3 小题，共 14.014.0 分） 17. 如图（甲）所示，是“探究功与速度变化的关系”部分实验装置图。则： A.月球的密度为 B.嫦娥四号绕月做匀速圆周运动的线速度为 C.嫦娥四号绕月做匀速圆周运动的周期为 D.若嫦娥四号要进入低轨道绕月做圆周运动，需要点火加速 13. 通常情况下， 空气是不导电的， 若空气中存在很强的电场， 电场力使得气体分子电离， 空气变成了导体，出现放电现象。如图所示，在加有高电压的两金属板间的中点处， 有一速度为零的气体分子电离后成为带正、负电的两个粒子，分别用A、B表示，两 粒子在到达两极板的过程中

8、，不考虑A、B 两粒子与其他粒子的相互作用。下列说法 正确的是（） A.两粒子到达极板时的速率相同 B.极板间电场力对微粒 A做正功 C.板 M接电源正极，板 N接电源负极 D.电离过程中，A、B 间的库仑力对 B 做正功 二、多选题（本大题共3 3 小题，共 6.06.0分） 14. 居室装修中常用的大理石等天然石材，若含有铀、钍等元素就会释放出放射性气体氡。氡会经呼吸进 入人体并停留于在体内发生衰变，放射出、射线。这些射线会导致细胞发生变异，引起疾病。 下列相关说法正确的是（） A.放射性元素发生衰变时放出的 射线具有波粒二象性 B.铀衰变为氧 要经过 4 次 衰变和 2次 衰变 C.放射

9、性元素发生 衰变时所释放的电子是原子核内的质子转变为中子时产生的 若这束光通过玻璃砖折D.处于激发态的氧原子发出的某一单色光照射到某金属表面能发生光电效应， 射后，再射到此金属表面将不会再产生光电效应 15. 一列简谐横波沿 x轴正向传播，振幅为 4cm。周期为 T=6s。已知 在 t=0时刻，质点a 坐标为（5cm，-2cm），沿y 轴正向运动，质 点 b坐标为（15cm，2cm），沿 y轴负向运动，如图所示。下列 说法正确的是（） A.a、b两质点可以同时在波峰 B.在 时刻质点 a的位移为 0 C.该列简谐横波波长可能为10cm D.当质点 b 在波谷时，质点 a一定在波峰 16. 图中

10、所示，ox轴沿水平方向，oy轴沿竖直向上方向。在x0，y0的矩形区域 内存在某种分布范围足够广的介质。 其折射率只随着 y的变化而变化。 有两束 b 入射到介质表面，细光来 a、沿如图所示的路径传播。 下列判断正确的是 （） A.此介质的折射率随着 y的增大而增大 B.介质对光 a 的折射率比对光 b 的折射率大 （1）先使小车不连接橡皮筋，发现小车在木板上加速下滑，那么，应把垫块 _（“左移“或“右 移“）； （2）图（乙）是正确平衡摩擦力后在实验中得到的一条纸带，那么，在A、B、C 三个计数点中应测 量_点的速度才符合实验要求： （3）关于该实验的注意事项，下列说法正确的是_； A每根橡皮

11、筋的规格必须相同 B打点计时器接通电源的同时必须释放小车 C每次实验，小车必须从同一位置由静止释放 D改变橡皮筋的条数后，必须重新平衡摩擦力 2 （4）以橡皮筋对小车做的功W为纵坐标，小车获得速度的平方v 为横坐标，得到如图（丙）所示的 关系图。根据你所学的知识，图象斜率的物理意义是_。 18. 在“描绘小灯泡的伏安特性曲线“的实验中，小灯泡额定电压为2.5V额定电流为 0.2A实验室提供 了电流表和滑动变阳器各两种规格： C.产生海市蜃楼现象与上述现象的光学原理类似 D.细光束 a 在继续传播的过程中可能会发生全反射 第 2 页，共 12 页 电流表 A1（0250mA内阳约为 5） 电流表

12、 A2（00.6A内阻约为 0.2） 滑动变阻器 R1（05额定电流 1.0A） 滑动变阻器 R2（0100，额定电流 0.2A） （1） 为减小测量误差便于操作， 电流表应选用_， 滑动变阻器应选用_ （选填器材前的序号） ； （2）某实验小组连接的电路图如图（甲）所示，开关闭合前滑动变阻器应移到_（填“A 端”、“B 端”）； （3）某次实验中电压表的指针如图（乙）所示，则电压为_V； （4）将小灯泡接入如图（丙）所示的电路中，其中A 是电流传感器。当开关S 闭合前后，通过小灯泡 的电流随时间变化的图象如图（丁）所示，正确的是_。 ABC为固定在竖直平面内的截面21. 如图所示是某游戏装理

13、的示意图， 为圆形的光滑轨道，直轨道AB与水平成 =37放置，且与圆弧轨 道 BC相切连接，AB长为 L1=0.4m，圆弧轨道半径 r=0.25m，C端 水平，右端连接粗糙水平面CD和足够长的光滑曲面轨道DE，D 19. 在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，已有下列图中器材及开关和导线若干。 （1）上述仪器中不需要的是_（填字母），还需要的是_（填名称）； （2）用匝数 na=100匝和 nb=200匝的变压器，当副线圈处于空载状态（没有接负载）时测量原、副线 圈的电压，实验测量数据如下表： U1/V U2/V 1.80 4.00 2.80 6.01 3.80 8.02 4.90

14、 9.98 根据测量数据可判断原线圈是_（填“na”或“nb”）； （3）保持原线圈匝数和交流电压均不变，给副线圈接上小灯泡，实验发现，随着副线圈的匝数增加， 小灯泡得到的电压反而减小，亮度减弱，可能的原因是_。 四、计算题（本大题共4 4 小题，共 41.041.0分） 20. 2019年 1 月 3日，中国的“嫦娥四号”成为了人类历史上第一个在月球背面成功实施软着陆的人类探 测器。“嫦娥四号“探测器在距离月面100m高度的 A 点时，利用发动机的反推力作用悬停，用自身 的三维成像敏感器对着陆区进行障碍检测，选出月面C 点为最安全的着陆点。此时，探测器调整发动 机的反推力，沿水平方向从静止匀

15、加速直线运动，然后再以相同加速度大小匀减速直线运动，刚好在 C点正上方的 B 点减速为零。 已知 AB长 10m， 从 A到 B 的运动时间为 20s， 探测器总质量为 300kg （忽 略喷气对探测器质量的影响），探测器在月球表面的重力为地球表面的 ，求探测器： （1）从 A 运动到 B过程中的最大速率； （2）匀加速运动时的加速度大小： （3）匀减速运动时发动机的反推力大小。 是轨道的切点，CD段长为 L2=0.5m。一个质量为 m=1kg的可视为 质点的小物块压缩弹簧后被锁定在A点， 解除锁定后小物块被弹出， 第一次经过D点的速度为vD=1m/s， 小物块每次发射前均被锁定在A位置，通过

16、调整弹簧 O1端的位置就可以改变弹簧的弹性势能， 已知弹 簧的弹性势能最大值为Epm=13J，小物块与水平面 CD间的摩擦因数 =0.3求： （1）小物块第一次运动到BC轨道的 C 端时对轨道的压力大小； （2）小物块第一次发射前弹簧的弹性势能大小： （3）若小物块被弹出后，最后恰好停在CD 中点处，不计小球与弹簧碰撞时的能量损失，则小物块被 锁定时的弹性势能可能多大。 22. 某同学设计了一套电磁弹射装置，如图所示，在水平面上固定两根足够长的平行金属导轨，导轨间距 为 L=1m，导轨的电阻不计，导轨处于竖直方向、磁感应强度大小为B=2T 的匀强磁场（图中虚线之间 区域，未画出），连接导轨的电

17、源电动势为E=40V，电容器的电容为C=1F小车底部固定一个与其前 端平齐、边长为L 的正方形单匝导体线框，线框前后两边的电阻均为R=0.2，两侧边电阻不计且与导 轨接触良好。小车与线框的总质量为m=lkg开始小车处于静止状态。现将开关S接 1，使电容器完全 充电，再将S接至 2，小车向前加速运动，在小车开始匀速运动时，将开关S拔回 1，随后小车滑出磁 场。不计小车在运动过程中的摩擦。求： （1）磁场的方向和小车开始运动时的加速度大小a； （2）小车在轨道上达到匀速时的速度大小v1； （3）小车出磁场过程中线框中产生的焦耳热Q。 第 3 页，共 12 页 23. 如图所示，直角坐标系 xOy中

18、，矩形 MNOA区域分布有沿 x轴正方向 的匀强电场，场强大小为E，三角形 AOC区域分布有垂直纸面向外的 匀强磁场， N、 A分别为x、 y轴上的两点， ON， AC长均为L， AOC=30 在 边界 MN上 0y L 范围内均匀分布着大量相同的带正电粒子， 质量为 m，电荷量为q。它们持续不断地飘入电场并从静止开始加速运动，然 后进入磁场。从 y轴上 P点（图中未画出）进入磁场的粒子刚好垂直 OC 边界离开磁场，已知OP 长度是 OA的 ，不计带电粒子的重力，不 考虑带电粒子之间的相互作用和碰撞，求：（ 1）磁场的磁感应强度大 小； （2）带电粒子在电场和磁场中运动的最长时间； （3）x

19、轴上有带电粒子通过的区域范围。 第 4 页，共 12 页 答案和解析 1.【答案】B 【解析】 解答本题时一定要注意木箱的运动状态，明确匀速直线运动加速度为零，合外力为零。要注意 物体的合力是所有外力的合力。 4.【答案】C 【解析】 解：开普勒在第谷观测了天文数据的基础上，经过研究，发现了行星的三大运动定律，故B正确， ACD 错误。 解：A、0-20s内小车一直沿正向运动，所以 20s 末小车小车距离出发点最远。故 A错误。 B、小车的速度一直为正，说明小车一直沿正向运动，故 B错误。 故选：B。 C、根据v-t图象的斜率等于加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，可知18s时的加速度大小大

20、根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。知道开普勒通过分析第谷的数 据提出了开普勒三定律。 解决本题关键要知道开普勒物理学的成就，知道开普勒行星的三大运动定律。 2.【答案】C 【解析】 于 12s 时的加速度大小，故 C 正确。 D、根据图线与坐标轴所围的面积在数值上表示位移的大小，知小车前10s内的位移小于后10s 内的位移，则小车前 10s 内的平均速度小于后 10s 内的平均速度，故 D错误。 故选：C。 在v-t图象中，速度的正负表示速度方向，图象切线的斜率表示加速度的大小，图线与坐标轴所 围的面积在数值上表示位移的大小，平均速度等于位移与时间之比。结合相关知识分析。

21、 本题考查读图能力，关键从数学意义来理解图象的物理意义：图象的斜率表示加速度，图象与 时间轴所围成的面积表示位移。 5.【答案】A 【解析】 解：电动势的单位是伏特（V），与电压的单位相同；根据电压：U=Ed 电场强度的单位：E= 由于电场强度的单位是 N/C， 而 1N/C=1=1kgA-1ms-3， 2-1 -3 所以：电动势的单位：1V=1kgm （A s ） 故 C 正确，ABD错误。 故选：C。 物理公式不仅确定了各个物理量之间的关系，同时也确定了物理量的单位之间的关系，根据物 理公式来分析物理量的单位即可。 物理公式在确定物理量间的关系的时候同时也确定了单位之间的关系，根据不同的公

22、式来确 定单位之间的关系，注意 D选项不是用国际单位制的基本单位表示，不能选。 3.【答案】A 【解析】 解：A、两人分开过程系统动量守恒，以甲的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m 甲 v 甲-m 乙 v 乙=0，m甲 v 甲=m乙 v 乙，由于甲的质量小于乙的质量，则甲的速度大于乙的速度，故A正确； =g，由于动摩擦因数 相同，则加速度 a 相等，故 B错误；B、由牛顿第二定律得：a= C、在推的过程中，两人间的作用力为作用力与反作用力，它们大小相等，故 C 错误； D、在推的过程中，两人间的作用力为作用力与反作用力，它们的作用时间相等，故 D错误； 故选：A。 两人推开过程系统动量守恒

23、，应用动量守恒定律比较速度大小；应用牛顿第二定律求出加速度， 然后比较加速度大小关系；推开过程两人间的作用力为作用力与反作用力，据此分析答题。 解：根据题意可知，木箱沿水平面做匀速直线运动，受力平衡，合外力为 0，故 BCD错误，A 正 确。 故选：A。 木箱沿水平面做匀速直线运动，处于平衡状态，合外力为零。根据平衡条件分析。 第 5 页，共 12 页 本题考查了动量守恒定律与牛顿第三定律的应用，分析清楚两人的运动过程是解题的前提，应 用动量守恒定律与牛顿第三定律即可解题。 6.【答案】B 【解析】 故选：C。 对两次的运动进行分析，结合受力的情况判断运动的特点，然后结合机械能电火花以及运动的

24、 合成与分解解答。 该题中，虽然两次运动的轨迹是相同的，但注意到第二次时，小球始终受到轨道对小球的支持 力是解答的关键。 解：A、因为 AB 两点是同轴转动，所以 A、B 两点的角速度是相等的。故 A错误； B、由 v=r，可知速度之比等于半径之比，故 A、B 两点线速度大小之比为 2：1，故 B正确； CD、由 a=r2可知，加速度之比等于半径之比，故 A、B 两点向心加速度大小之比 2：1，故 CD 错误 的速度增大，故球的动能增大，当重力与拉力相等时球的速度最大，动能最大，故 A错误； 故选：B。 B、由于绳的拉力对球做功，所以球的机械能不守恒，故 B错误； 理解角速度与线速度、周期、向

25、心加速度的关系，即可求出 AB两点之间的关系。 C、该过程中，由于球的动能减小，根据动能定理知重力对球做的功与绳的拉力做的功之和为 解答此类题目的关键是要灵活应用角速度与线速度、周期、向心加速度之间的关系公式！ 7.【答案】C 【解析】 8.【答案】D 【解析】 解：A、绳伸直前，球在做加速运动。绳伸直以后，开始阶段，重力大于绳的拉力，合力向下，球 负值，所以重力对球做的功小于球克服绳的拉力做的功，故 C 错误； D、由于只有重力和弹性绳的弹力做功，所以球、绳和地球组成的系统机械能守恒，则轻绳的弹 性势能、小球的动能和重力势能之和保持不变，重力势能一直在减小，则轻绳的弹性势能和小 解：AB、第

26、一次小球做平抛运动，第二次小球沿轨道运动，初速度为 0，由机械能守恒可知，在 轨道的任意位置，第一次时的机械能都大于第二次时的机械能，所以在任意高度第一次小球的 球的动能之和一直增大，故 D正确； 速度都大于第二次小球的速度，着地时的速度第一次大； 故选：D。 第二次时，小球在任意高度第一次小球的速度都大于第二次小球的速度，所以第二次小球在运 当绳刚伸直时重力大于弹力，球做加速度减小的加速运动，当拉力等于重力时，加速度为零， 动的过程中沿水平方向的分速度始终小于第一次时对应位置的分速度，所以第二次时，小球运 速度达到最大，此后绳继续伸长，拉力大于重力，此时做减速运动，减速到零。由于绳对球做功，

27、 动过程中始终受到轨道对小球的作用力。 则球的机械能不守恒。利用动能定理分析重力对球做的功与球克服绳的拉力做的功的关系。利 由于第一次小球在竖直方向做自由落体运动，而第二次时小球受到轨道的作用力沿竖直向上 用系统的机械能守恒分析轻绳的弹性势能和小球的动能之和如何变化。 方向的分力，所以第二次运动的时间增加。即第二次的时间长。故 A 错误，B错误； 本题与小球掉在竖直放置的弹簧相似，要注意小球在下落过程中的受力情况，来判断其运动情 C、结合前面的分析可知，由于第二次时，小球运动过程中始终受到轨道对小球的作用力，即小 况。不能简单地认为绳一伸直，球立即减速。 球不脱离轨道，则小球运动的方向始终沿轨

28、道的切线方向，所以着地时，两次速度的方向是相 同的。故 C 正确； D、第二次时小球受到轨道的作用力沿竖直向上方向的分力，竖直方向不是自由落体运动。故 D错误 9.【答案】C 【解析】 解：A、若加一电场，电场方向竖直向上，电子受到的电场力方向向下，电子束向下偏转，故 A 错误； 第 6 页，共 12 页 B、若加一方向向上的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向向里，则电子束不会向上偏转，故 B 错误。 C、若加一方向向外的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向向上，亮线向上偏转，故 C 正确。 D、若加一方向向里的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向向下，亮线向下偏转，故 D错误。 故选：C。 电子射线由

29、阴极沿 x 轴方向射出，形成的亮线向上偏转，说明电子受到的电场力或洛伦兹力方 向向上，将四个选项逐一代入，根据左手定则判断分析，选择可行的磁场方向。 本题考查带电粒子在电场中或磁场中的偏转，知道电子受到的电场力方向与电场线方向相反； 掌握左手定则的应用方法，由左手定则判断处洛伦兹力的方向是正确解题的关键。 10.【答案】D 【解析】 分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建 立平衡方程进行解答；本题关键是能清楚受力情况。 11.【答案】D 【解析】 10-33600=1.08105C解：A、该充电宝的容量为：q=30000mAh=30000 该电池的电

30、动势为 5V，所以充电宝储存的能量：E=E 电动势 q=51.08105=5.4105J；故 A错误； B、充电宝充电时将电能转化为化学能，同时也产生一部分内能内能；故 B错误； C、以 2.1A的电流为用电器供电则供电时间 t=；故 C 错误； D、由于充电宝的转化率是 0.7，所以可以释放的电能为：30000mAh0.7=21000mAh，给容量为 5000mAh 的手机充电的次数：n= 故选：D。 根据铭牌读出充电宝的容量和电动势。充电宝的容量是指电池能释放的总电量，根据电流的定 义式求出该充电宝工作可用的时间。 本题考查读取电池铭牌信息的能力。解答的关键是要知道电池的容量是指电池所能释

31、放的总 电量。 12.【答案】B 【解析】 次，可知理论上能充满 4次；故 D正确； 解：A、U形磁铁靠近两极处的两个磁极之间才近似可以看作匀强磁场，其余部分不是匀强磁场， 所以可知导线所在处的磁感应强度不会处处相等。故 A 错误； B、以导体棒为研究对象进行受力分析，结合两条丝线与竖直方向均成 30角，当安培力的方向 =mg，所以导体棒与细线垂直时，安培力最小。根据几何关系可得最小的安培力 F=mgsin30 受到的安培力大小不一定是 0.5mg，故 B错误； C、安培力等于 0.5mg 时，两根丝线的拉力的和等于 ，故错误； ，每条丝线对导体棒的拉力大小都是 解：A、根据在月球表面附近万有

32、引力等于重力得 =mg， M=， =，故 A错误； D、导体棒受到重力、安培力与拉力，由共点力平衡的特点可知，导体棒受到的安培力与拉力的 合力大小一定与重力大小相等，方向相反，是 mg，故 D 正确。 故选：D。 以导体棒为研究对象进行受力分析，根据矢量三角形法则得到最小的安培力，再根据几何关系 嫦娥四号绕月做匀速圆周运动的线速度为 v= 进行解答。 本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力 T=2 第 7 页，共 12 页 月球的密度为 = B、根据万有引力提供向心力得 =m =R，故 B正确； C、根据万有引力提供向心力得 =mr， ，故 C 错误

33、； D、若嫦娥四号要进入低轨道绕月做圆周运动，需要点火减速，故 D 错误； 故选：B。 故 B正确； C、 衰变时所释放的电子是原子核内的中子衰变为质子时产生的，故 C 错误； D、发出的某一单色光照射到某金属表面能发生光电效应，若这束光通过玻璃砖折射后，虽光 根据万有引力提供向心力，万有引力等于重力，联立求出嫦娥四号绕月运行的线速度和周期。 速变化了，但其频率不变，再射到此金属表面，仍将会再产生光电效应，故 D错误。 根据万有引力提供向心力得出月球的质量，结合月球的体积求出月球的平均密度。 故选：AB。 解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和月球表面的物体受到的重力等于万有引力两个公 A、光

34、子、微观粒子都具有波粒二象性； 式的综合应用，注意轨道半径与星体半径的关系。 13.【答案】B 【解析】 B、核反应方程遵循质量数守恒和电荷数守恒，即可求解； C、 衰变时所释放的电子是原子核内的中子衰变为质子时产生的； =，解得v=，正负粒子的电荷量相同， D、根据折射后光的频率不变，再结合光电效应发生条件，即可求解。 解：A、设MN间的电压为U，根据动能定理q 但质量不一定相同，故速度不一定相同，故 A 错误； 本题主要考查了 3-5中的理论知识，只要在平时学习中多积累记忆不难做出解答，注意光电效 B、微粒只受电场力作用，故电场力对微粒做正功，故 B正确； 应发生条件，理解 衰变的本质，及

35、核反应方程书写规律。 C、由于带正电的粒子 A由静止向左运动，故场强方向向左，故 N是正极，M是负极板，故 C错 误； D、电离过程中，匀强电场的电场力对 A、B均做正功，A、B间的库仑力对 A、B均做负功，故 D 波谷，故 A错误，D正确； 错误； B、根据质点 a的振动和周期可得：质点 a的振动方程为 y=4sin（T-），故在 t=0.5s时刻质 故选：B。 点 a的位移为 0，故 B 正确； 气体分子本来电中性，电离后正离子 A和负离子 B电荷量大小相同，但质量关系不确定，故不 能判定到达极板的速度关系； 由于 A带正电向左运动，故场强方向向左，可判定极板的电性； 电离过程中，匀强电场

36、的电场力对 A、B均做正功，A、B间的库仑力对 A、B均做负功； 电离过程是匀强电场的电场力把原本不显示电性的气体分子“撕裂”的过程，匀强电场的电场 力做正功。 14.【答案】AB 【解析】 15.【答案】BD 【解析】 解：A、质点a，b振动刚好相反，故两质点振动总是相反，那么，两质点一在波峰，另一质点必在 C、根据两质点振动总是相反可得：两质点平衡位置间的距离 10cm=（n+），nN，故波长 = cm，nN，那么波长不可能为 10cm，故 C 错误； 故选：BD。 根据题干得到两质点振动相反，从而得到振动关系及平衡位置间距离与波长的关系，从而求得 波长；根据质点 a的振动及周期得到振动方

37、程，从而得到质点位移。 机械振动问题中，一般根据振动图或质点振动得到周期、质点振动方向；再根据波形图得到波 长和波的传播方向，从而得到波速及质点振动，进而根据周期得到路程。 解：A、放射性元素发生衰变时放出的 射线，属于实物粒子，也具有波粒二象性，故 A正确； B、铀U衰变为氡 Rn，质量数减小16，而质子数减小6，经过一次次衰变，质量数减小4， 16.【答案】CD 【解析】 质子数减小2，而-次衰变质量数不变，则质子数增大1，因此要经过4次衰变和2次衰变， 第 8 页，共 12 页 解：A、介质的折射率随着 y的变化而变化，由图知，y一定时，入射角小于折射角，则知此介质 的折射率随着 y的增

38、大而减小，故 A错误。 B、由光线的偏折程度知介质对光 a的折射率比对光 b 的折射率小，故 B错误； C、海洋蜃楼发生时空气折射率随高度的增大而减小，与此介质折射率的变化相似，故 C正确。 D、光从光密介质进入光疏介质，可能发生全反射，故 D 正确。 故选：CD。 根据入射角与折射角的大小关系分析折射率的变化；由个光线的偏折程度判断介质对光的折 射率的大小；再与海市蜃楼进行类比，根据入射角和折射角的关系分析能否发生全反射。 解决本题的关键是要知道光从光密介质进入光疏介质折射时入射角小于折射角，发生全反射 的必要条件是：光从光密介质进入光疏介质。 17.【答案】左移CAC 小车质量的一半 【解

39、析】 （3）实验前要平衡摩擦力，实验时要先接通电源然后再释放纸带，根据实验注意事项分析答题。 （4）应用动能定理求出图线的函数表达式，然后分析答题。 本题考查了橡皮筋对小车做功问题，知道实验原理即可正确解题，对实验要掌握其原理、实验 器材、实验步骤、实验注意事项与实验误差分析、实验数据处理等。 18.【答案】A1R1A1.50B 【解析】 解：（1）灯泡额定电流为 0.2A，电流表应选用 A1；为方便实验操作，滑动变阻器应选用 R1。 （2）滑动变阻器采用分压接法，为保护电路闭合开关前滑片应置于 A端。 （3）电压表量程为 3V，由图示表盘可知，其分度值为 0.1V，示数为 2.50V； （4

40、）随通电时间增加，灯丝温度升高，灯泡电阻增大，电路总电阻增大，电路电流减小，流过灯 泡的电流减小，达到平衡后电流保持不变，故 B正确，ACD错误； 故选：B； 故答案为：（1）A1；R1；（2）A；（3）1.50；（4）B。 （1）根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器。 （2）滑动变阻器采用分压接法，为保护电路闭合开关前滑片要置于分压电路分压为零的位置。 （3）根据电压表量程由图示表盘确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数。 （4）灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，分析图示图象答题。 本题考查了实验器材的选择、电压表读数与实验数据处理；要掌握实验器材的

41、选择原则：安全 性原则、精确性原则、方便实验操作原则；滑动变阻器采用分压接法时，为保护电路，闭合开关 前滑片要置于分压电路分压为零的位置。 19.【答案】BC 低压交流电源nb副线圈匝数越多，线圈电阻越大，线圈内电压越大，输出电压降低 【解析】 2 ，W-v 图象的斜率：k=m，斜率为小车质量的一半； 解：（1）实验前要平衡摩擦力，使小车在木板上做匀速直线运动，小车在木板上加速下滑，说明 木板倾角太大，应把垫块左移； （2）橡皮筋做功完毕，小车做匀速直线运动，小车在相等时间内的位移相等，由图示纸带可知， 应测出点 C 的速度； （3）A、通过改变橡皮筋的条数改变对小车做的功，因此每根橡皮筋的规

42、格必须相同，故 A正确； B、实验时应先接通电源然后释放小车，故 B 错误； C、为保证每根橡皮筋做功相等，每次实验，小车必须从同一位置由静止释放，故 C 正确； D、改变橡皮筋的条数后，不需要重新平衡摩擦力，故 D 错误； 故选：AC； （4）由动能定理得：W= 解：（1）“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，需耍器材是学生电源，提供低压交 流电，同时还需要交流电压表来测量电压及可拆变压器和导线，结合题目给定的器材，图 A 是 变压器，D是多用表用来测量是否有电流产生，B是直流电源，C 是条形磁铁，结合器材需求和 题干，故选 BC，还需要打压交流电源； 第 9 页，共 12 页 故

43、答案为：（1）左移；（2）C；（3）AC；（4）小车质量的一半。 （1）实验前要平衡摩擦力，根据题意分析答题。 （2）实验需要求出橡皮筋做功完毕时小车的速度，根据图示纸带答题。 （2）表格中每组数据都可以看出匝数之比近似等于电压之比，na=100 匝和 nb=00匝，定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和 运动学的桥梁。 21.【答案】解：（1）C到 D 的过程中摩擦力做功，由动能定理可得： 代入数据可得：vc=2m/s 设小球在 C点时轨道对小球的作用力为FN，方向竖直向下。根据牛顿第二定律得： mg+FN=m 该变压器为非理想变压器，考虑到变压器

44、由漏磁、铁芯发热、导线发热等影响判断出U2为原线 圈上电压大小，则判断出原线圈是 nb； （3）根据电磁感应基本原理可知，当匝数增多时，线圈内阻增加，线圈上损耗的电压增多，输出 电压会变小，所以灯泡会变暗； 故答案为：（1）BC；低压交流电源；（2）nb；（3）副线圈匝数越多，线圈电阻越大，线圈内电压越大， 输出电压降低； 变压器只能改变交变电压，所以需要的器材有：交流电压表，开关，导线若干、低压交流电源； 再根据变压比近似等于匝数比进行分析，应该是受变压器有漏磁、铁芯发热等影响，故U2为原 线圈电压，nb为原线圈； 考查“探究变压器的电压与匝数的关系”的实验原理，掌握原、副线圈电压与匝数成正

45、比的成立 条件，理解理想变压器的含义，及变压器的作用。 20.【答案】解：（1）探测器从 A 运动到 B的平均速度为： = =m/s=0.5m/s 最大速度：vm=2 =1.0m/s （2）加速时间 t1= =10s 2 加速度大小 a=0.1m/s ， 代入数据解得：FN=6N 由牛顿第三定律得小球对轨道的压力大小为： FN=FN=6N （2）A到 C 的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律，有： Epo=mg（r+rcos+L1sin）+ 代入数据解得：Epo=8.9J （3）要使小球能停在 CD的中点，需要在 CD段滑过对整个过程，由能量守恒定律得： Ep=mg（r+rcos+L1sin

46、）+mg（kL+ ），k=1，2，3，4 得：Ep=6.9+0.75（2k-1）（J） 因为弹性势能最大值为：Epm=13J，所以 k取 1，2，3，4时，Ep=7.65J，9.15J，10.65J 和 12.15J。 答：（1）小球运动到 C 点时对轨道的压力的大小是6N； （2）解除锁定前弹簧的弹性势能Epo是 8.9J； （3）锁定时弹簧弹性势能Ep的可能值是 7.65J，9.15J，10.65J 和 12.15J。 【解析】 （1）C到 D的过程中摩擦力做功，由动能定理即可求出 C点的速度；小球运动到 C点时，由轨道 的作用力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律求得轨道的作用力，再得到小球对轨道的 压力大小。 （2）小球从释放到运动到 C 点的过程，根据弹簧和小球组成的系统机械能守恒，求解解除锁定 前弹簧的弹性势能 Epo。 （3）对整个过程，运用能量守恒定律列式，即可求解。 解决本题的关键是明确能量是如何转化的，要知道摩擦产生的内能与路程有关。 （3）x 轴方向的合力：Fx=ma=30N 根据力的平行四边形法则可得： F=10N500N。 答：（1）从 A 运动到 B过程中的最大速率 1.0m/s； 2 （2）匀加速运动时的加速度大小为0.1m