2010届高考数学多面体与球.ppt

1、要点疑点考点 课 前 热 身 能力思维方法 延伸拓展 误 解 分 析,第11课时 多面体与球,要点疑点考点,一、多面体,(1)若干个平面多边形围成的几何体，叫多面体.,(2)把多面体的任何一面伸展为平面，如果所有其他各面都在这个平面的同侧，这样的多面体叫凸多面体.,(3)每个面都是有相同边数的正多边形，且以每个顶点为其一端都有相同数目的棱的凸多面 体，叫正多面体.,1. 概念,(1)设简单多面体的顶点数为V，面数为F，棱数为E，则它们的关系为V+F-E=2,2. 欧拉公式,(2)设正多面体每个面是正n边形，每个顶点有m 条棱，顶点数为V，面数为F，则棱数 或,二、球,(1)半圆以它的直径为旋转

2、轴，旋转所成的曲面叫球面，球面围成的几何体叫球体.,(2)球面也可看成是与定点(球心)距离等于定长(半径)的所有点的集合.,1. 概念,(1)球心和截面圆心的连线垂直于截面；,2.性质,(2)球心到截面的距离d与球的半径R及截面半径r 有如下关系：,3.球面距离,4.表面积与体积,返回,A,1.一个四面体的所有棱长都为2，四个顶点在同一球面上，则此球的表面积为( ) (A) (B) (C) (D),A,2.已知一个简单多面体的各个顶点处都有三条棱，则顶点数V与面数F满足的关系式是( ) (A)2F+V=4 (B)2F-V=4 (C)2F+V=2 (D)2F-V=2,课前热身,A,3.一个凸多面

3、体的顶点数为20，棱数为30.则它的各面多边形的内角总和为( ) (A)2160 (B)5400 (C)6480 (D)7200,A,4.将棱长为3的正四面体的各棱长三等分，经过靠近顶点的各分点，将原正四面体各顶点均截去一个棱长为1的小正四面体，剩下的多面体的棱数为( ) (A)16 (B)17 (C)18 (D)19,A,返回,5.地球表面上从A地(北纬45，东经120)到B地(北纬 45，东经30)的最短距离为(地球半径为R)( ) (A)R (B) (C) (D),能力思维方法,1. 已知凸多面体每个面都是五边形，每个顶点都有三条棱，试求该多面体的面数、顶点数和棱数.,2.在北纬60圈上

4、，有甲、乙两地，它们的纬度圆上的弧长等于 (R为地球半径)，求甲、乙两地间的距离.,【解题回顾】求球面上两点的距离，就是求过这两点的大圆的劣弧长，而不是纬线上的劣弧长，求解的关键在于求两点的球心角的大小，利用弧长公式来求出：L=R即为所求球面距离.,3. 设一个凸多面体有V个顶点，求证它的各面多边形的内角总和为(V-2)360.,【解题回顾】此题要大胆设各面为E1、E2EF边形，另外要知道E1+E2+EF=2E才行.,4. 三棱锥A-BCD的两条棱AB=CD=6,其余各棱长均为5，求三棱锥的内切球半径.,【解题回顾】正如三角形的内切圆经常与面积发生关系一样，多面体的内切球的半径也常与体积发生联系.,返回,延伸拓展,5. 过半径为R的球面上一点作三条两两垂直的弦MA、MB、MC. (1)求证：MA2+MB2+MC2为定值； (2)求三棱锥M-ABC的体积的最大值.,【解题回顾】(1)MA、MB、MC两两垂直.根据球的对称性，采用补形的方法，可以把它补成一个球的内接长方体.长方体的对角线的平方就是球的直径的平方，即MA2+MB2+MC2=4R2.在做选择题、填充题时就可直接用这个结论. (2)在球中的线段计算问题，常转化为小圆半径，大圆半径及球心到截面距离来解决.,返回,误解分析,返回,1.在涉及球内接正方体或长方体的题目中，作出的截面一般过多面体的对角线，且对