湖北省联考2019年中考物理模拟试卷.docx

2019年湖北省联考中考物理模拟试卷一、选择题（本题包括12小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共36分）1如图所示，对下列光学现象的描述或解释，正确的是（） A “小孔成像”是由光的反射形成的B女孩在平而镜中看到的是自己的实像C用放大镜看图案时物距小于焦距D在漫反射中，不是每条光线都遵循光的反射定律2关于声现象，下列说法正确的是（）A利用超声波可以测月亮和地球间距离B吹奏笛子时，演奏者用手指按住不同气孔，是为了改变发出声音的响度C声音在同种介质中的传播速度一定相同D“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的3关于能源与可持续发展，下列说法中正确的是（）A能量在转化或转移的过程中，总量会增加B核电站发电时所产生的电能是由核能转化来的C化石能源是不可再生能源，核能、风能、水能、太阳能是可再生能源D能量在转化过程中是守恒的，因此能源是“取之不尽，用之不竭”的，不用节约4如图所示，当用吹风机对着倒扣在水中的圆底烧瓶吹热风时，关于瓶内液面变化正确的说法是（）A下降B上升C不变D先上升后下降5一木块重10N，在2N的水平拉力作用下，恰能在水平桌面上做匀速直线运动；若使此木块在3N的水平拉力作用下，沿该水平桌面前进，则在此过程中，下列分析正确的是（）A木块所受的合力为7 NB木块的运动状态发生了改变C木块受到3 N的摩擦力D木块仍做匀速直线运动6下列关于惯性说法正确的是（）A锤头松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上，是因为锤柄具有惯性B高速公路汽车限速是为了安全，因为速度越大惯性越大C百米赛跑的运动员撞线后还要跑出去一段距离，是由于受到惯性的作用D歼击机投入战斗前要抛掉副油箱，这是为了减小惯性增强战斗机的灵活性7如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。下列说法正确的是（）A液体对容器底部的压强：p甲p乙B液体的密度：甲乙C容器对桌面的压力：F甲F乙D容器对桌面的压强：p甲p乙8图是甲、乙两种物质质量与体积关系的图象。分别用甲、乙两种物质制成实心球，将球放到盛有足量水的大容器中，则下列说法正确的是（）A甲球的密度小于乙球的密度B乙球的密度是2103kg/m3C甲球一定漂浮在水面D乙球一定漂浮在水面9为保障安全，微波炉设置了双重开关门控开关S1和启动控制开关S2当微波炉的门打开时，门控开关S1断开，此时即使S2闭合，微波炉也不会工作，则符合要求的电路是（）ABCD10根据你掌握的安全用电常识，请判断下列小朋友的做法正确的是（）A爱玩的小明喜欢在高压线下放风筝B爱清洁的小芳用湿毛巾擦台灯里的灯泡C爱科学的小强使用测电笔时手接触笔尾的金属体D爱劳动的小洁在电线上晾衣服11酒后驾车害人害已，严禁酒后驾车！如图是气体酒精浓度测试仪原理图，用于现场测试司机是否酒后驾车。其中电源电压保持不变，R为定值电阻，R为二氧化锡半导体型酒精气体传感器，其阻值随气体酒精浓度的增大而逐渐减小。若某次测试中电流表示数较大，则说明（）A气体酒精浓度较小，R阻值较小B气体酒精浓度较小，R阻值较大C气体酒精浓度较大，R阻值较小D气体酒精浓度较大，R阻值较大12图甲所示电路，定值电阻R0与滑动变阻器R1串联。图乙是该滑动变阻器的功率与电流关系的图象（不考虑温度对小灯泡电阻的影响）。下列判断错误的是（）AR1的最大阻值为50BR0阻值为10C电源电压为12VDR0的最大功率为2W二、非选择题（本题包括7小题，共34分）13如图所示，是一种小型千斤顶的示意图，当手往下压动摇臂时，能把重物抬高一段较小的距离。工人在2s时间里，用100N的力，竖直向下压动摇臂50cm，把重1000N的重物匀速抬高4cm，则重物上升的速度是 m/s，所做的有用功是 J，千斤顶的机械效率是 。14如图是用天平测量物体质量时的三种情况。甲图是天平中间指针位置，它表示 ，乙图中出现的错误是 ，丙图是正确测量得到的结果，其读数是 。15如图甲所示，是探究萘熔化过程中温度变化规律的实验。请回答下列问题：（1）将装有萘的试管放入水中加热，而不是用酒精灯直接对试管加热，在加热过程中还进行搅拌，这样做是为了使试管中的萘受热 ，而且萘的温度上升较 （选填“快”或“慢”），便于及时记录各个时刻的温度。（2）除图甲所示实验器材外，还需要的实验器材有火柴和 。（3）萘的温度随加热时间变化的图象如图乙所示，由图可知，给萘加热到8min末，试管中的萘所处的物态是 态。16在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：（1）在没有挂钩码时杠杆的平衡位置如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡，可只将杠杆左端螺母向 （选填“左”或“右”）边旋一些。（2）杠杆调好后，第一组同学按图乙进行实验，第二组同学按图丙进行实验。同学们讨论后一致认为第二组实验更合理，理由是 。（3）若每个钩码质量为50g，则丙图中杠杆平衡时弹簧测力计的示数为 N（g10N/Kg）。（4）杠杆在生活中应用十分广泛，下列属于省力杠杆的是 。A筷子 B镊子 C开瓶启子 D天平横梁17小明在探究“通电螺线管的外部磁场”实验中，设计了如图一所示电路。实验时：（1）可通过观察 判断通电螺线管的磁极。（2）小明猜想：通电螺线管的磁场强弱可能与线圈匝数和电流大小都有关。实验中，他将开关S从l换到2上时，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表示数及吸引大头针的数目，此时调节滑动变阻器是为了 ，来探究通电螺线管的磁场强弱与 的关系。（3）为了探究“通电螺线管的磁极性质”，小明对螺线管可能的电流方向和绕线方式进行了实验，得到了如图二所示的四种情况。分析情况可知，螺线管的磁极由 决定。18志刚同学在“测量小灯泡的额定功率”实验中，所用电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V。（1）请你用笔划线代替导线，将图1连接完整（导线不能交叉）。（2）连接完电路后，闭合开关发现电压表和电流表均无示数，灯泡不亮，移动滑片时电压表和电流表仍然没有示数，灯泡不亮。电路的故障可能是 ；A灯泡短路B滑动变阻器短路C灯泡断路D滑动变阻器断路（3）故障排除后重新闭合开关，移动滑片，发现电压表示数为2.0V，要测定小灯泡的额定功率，则志刚应将滑片适当地向 （选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为2.5V；若小灯泡正常发光时，电流表示数如图2所示，则小灯泡的额定功率为 W。（4）如果测得通过小灯泡的电流随电压变化的关系如图3所示，若把这样的两只灯泡串联接在4V的电源上，则此时每只灯泡的电阻为 ，每只灯泡的实际功率为 W19电水壶具有水沸腾后自动断电、防干烧断电的功能。电水壶工作电路如图甲所示，其中S是双金属片温控开关，双金属片是将两种热膨胀系数差异很大的金属压合在一起制成的，在不同温度下，两面金属的形变差异，导致双金属片会发生弯曲现象，利用这个形变来推动触片与触点A 还是B接触。R1是电热管，R2是限流电阻，工作时忽略两个电阻阻值的变化。当电水壶处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S 自动切换到另一处，处于保温状态。如表是这种电水壶的部分参数。最大容量1L额定电压220V频率50 Hz额定加热功率1210W（1）双金属片是利用物体具有 的性质制成的；（2）加热电阻R1的阻值是多少？（3）关闭家中的其他所有用电器，以最大容量装入25的水，6min 将水烧开（标准大气压下），在加热过程中家用电能表（ 如图乙）的转盘转了300转，此过程中电水壶的加热效率是多少？（4 ）在用电高峰期，将第（3）问中同样的水烧开，所花的时间会明显增加，请分析其原因。2019年湖北省联考中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共36分）1如图所示，对下列光学现象的描述或解释，正确的是（）A “小孔成像”是由光的反射形成的B女孩在平而镜中看到的是自己的实像C用放大镜看图案时物距小于焦距D在漫反射中，不是每条光线都遵循光的反射定律【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；平面镜成的像是虚像；（3）当物体处于1倍焦距以内时，成正立、放大的虚像，放大镜就是利用该原理工作的；（4）在光的反射中，漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。【解答】解：A、“小孔成像”是由光的直线传播形成的，故A错误；B、在平面镜中看到的是自己的虚像，故B错误；C、当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，放大镜就是利用该原理工作的，故C正确；D、在漫反射中，每条光线都遵循光的反射定律，故D错误。故选：C。【点评】本题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；能否区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射，是本题的解题关键。2关于声现象，下列说法正确的是（）A利用超声波可以测月亮和地球间距离B吹奏笛子时，演奏者用手指按住不同气孔，是为了改变发出声音的响度C声音在同种介质中的传播速度一定相同D“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的【分析】（1）声音的传播需要介质；（2）声音的特征有三个：响度、音调、音色。响度指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质与特色；（3）声音的传播需要介质，声音在不同介质中传播的速度是不同的，在固体中的传播速度最快，液体中的传播速度稍慢，气体最慢。【解答】解：A、月球上没有空气，是真空，声在真空中不能传播，所以超声波声呐不能月亮和地球间的距离，故A错误；B、吹奏笛子时，演奏者抬起压在不同出气空上的手指，是为了改变振动的空气柱的长度，即改变空气柱振动的快慢，故是为了改变音调，故B错误C、声音传播的速度与介质的种类和温度有关，同种介质中温度不同时，声音的传播速度不同，故C错误；D、不同人声音的音色不同，区别出熟悉的人谁在说话，是因为音色不同的原因，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了声音的传播条件、音调、响度与音色的区分，是一道声学综合题，属于基础知识的考查，比较简单。3关于能源与可持续发展，下列说法中正确的是（）A能量在转化或转移的过程中，总量会增加B核电站发电时所产生的电能是由核能转化来的C化石能源是不可再生能源，核能、风能、水能、太阳能是可再生能源D能量在转化过程中是守恒的，因此能源是“取之不尽，用之不竭”的，不用节约【分析】（1）能量守恒定律：能既不会消灭，也不会创生，它只会从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体上，在转移和转化过程中，能的总量保持不变；（2）能从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源；不能从自然界源源不断获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；（3）核电站都是利用核裂变释放的能量来发电；（4）能量在转移、转化过程中总是守恒的，但是能量的转化具有方向性，在能源的使用过程中，使能源从便于利用的变成不便于利用的，所以说能量虽守恒但还是要节约能源。【解答】解：A、在能的转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，这就是能量守恒定律，故A错误；B、核电站都是利用核裂变释放的能量来发电，故B正确；C、化石能源指的是亿万年前的大量生物经过地壳变化，被埋藏在地下，受地层压力和温度的影响，缓慢地形成的可以燃烧的矿物质，在短时间内不能再生，是不可再生能源，故C错误；D、能量在转移、转化过程中总是守恒的，但是能量的转化具有方向性，所以要节约能源，故D错误。故选：B。【点评】本题考查学生对可再生能源、能量守恒定律、核裂变知识的掌握情况，需要准确记忆。4如图所示，当用吹风机对着倒扣在水中的圆底烧瓶吹热风时，关于瓶内液面变化正确的说法是（）A下降B上升C不变D先上升后下降【分析】一定质量的气体，在受热时体积膨胀，遇冷时体积收缩，据此分析。【解答】解：倒扣在水中的圆底烧瓶内有密闭的空气，当用吹风机吹热风时，瓶内空气吸收热量，温度升高，体积增大，空气压强增大，所以烧瓶内水面会下降；故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题考查了物体热胀冷缩性质的应用，属于基础题。5一木块重10N，在2N的水平拉力作用下，恰能在水平桌面上做匀速直线运动；若使此木块在3N的水平拉力作用下，沿该水平桌面前进，则在此过程中，下列分析正确的是（）A木块所受的合力为7 NB木块的运动状态发生了改变C木块受到3 N的摩擦力D木块仍做匀速直线运动【分析】由物体的运动状态可知物体的处于平衡状态，则可知物体所爱到的外力情况；则可求得物体受3N的拉力作用下的合力，由力的运动的关系可得出物体的状态变化。【解答】解：（1）已知在2N的水平拉力作用下，恰能在水平桌面上做匀速直线运动，说明物体受力平衡；物体在水平方向上只受拉力和摩擦力，根据二力平衡条件可得，物体受到的滑动摩擦力fF2N；当木块在3N的水平拉力作用下时，因压力大小和接触面的粗糙程度均不变，则木块受到的滑动摩擦力保持不变，仍为2N，故C错误；（2）当木块在3N的水平拉力作用下，摩擦力仍为2N，合力应为3N2N1N；即合力不为零，则木块的运动状态会发生改变；因此木块将不再做匀速直线运动，故B正确；AD错误；故选：B。【点评】本题考查力的合成及功的公式的应用，应注意力是改变物体运动状态的原因，当物体受力不为零时物体的运动状态一定会发生改变。6下列关于惯性说法正确的是（）A锤头松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上，是因为锤柄具有惯性B高速公路汽车限速是为了安全，因为速度越大惯性越大C百米赛跑的运动员撞线后还要跑出去一段距离，是由于受到惯性的作用D歼击机投入战斗前要抛掉副油箱，这是为了减小惯性增强战斗机的灵活性【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。【解答】解：A、锤头松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上，是因为锤头具有惯性，故A错误；B、惯性的大小只与物体的质量有关，与速度无关，故B错误；C、赛跑的运动员撞线后还要跑出去一段距离，是由于惯性还要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；D、惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，因此歼击机投入战斗前要抛掉副油箱，这是为了减小惯性增强战斗机的灵活性；故D正确。故选：D。【点评】惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起。7如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。下列说法正确的是（）A液体对容器底部的压强：p甲p乙B液体的密度：甲乙C容器对桌面的压力：F甲F乙D容器对桌面的压强：p甲p乙【分析】（1）根据pgh判断液体对杯底压强的关系；（2）液体质量相同，根据图判断出两液体的体积，根据密度公式判断出两液体的密度；（3）容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和，根据公式p可求容器对桌面的压强。【解答】解：A、由图知，两容器中液体的深度相同，由C知甲乙，根据pgh知，液体对杯底的压强p甲p乙；故A正确；B、因为容器底面积相同，液体同高，乙中液体的体积大于甲中液体的体积，因为质量相同，根据知甲乙，故B错误；CD、水平桌面上，甲乙两个容器中两种液体质量相等，则重力相等，容器底面积和质量相同，故对桌面的压力F甲F乙，由p得，容器对桌面的压强：p甲p乙，故CD错误。故选：A。【点评】本题主要考查压强公式的应用，知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物体自身的重力是解题的关键。8图是甲、乙两种物质质量与体积关系的图象。分别用甲、乙两种物质制成实心球，将球放到盛有足量水的大容器中，则下列说法正确的是（）A甲球的密度小于乙球的密度B乙球的密度是2103kg/m3C甲球一定漂浮在水面D乙球一定漂浮在水面【分析】由图象中数据可求得两球的密度大小，比较球的密度与水的密度大小可知两球在水中的状态。【解答】解：由图可知，甲物体的密度：甲2g/cm3，乙物体的密度：乙0.5g/cm3，因为甲水，所以甲物体放入水中，会沉入水底；因为乙水，所以乙物体放入水中，会漂浮在水面上，故ABC错误，D正确。故选：D。【点评】本题综合考查了学生对密度公式、物体的浮沉条件的掌握和运用，本题关键：一是从mV图象得出相关信息，二是利用好浮沉条件。9为保障安全，微波炉设置了双重开关门控开关S1和启动控制开关S2当微波炉的门打开时，门控开关S1断开，此时即使S2闭合，微波炉也不会工作，则符合要求的电路是（）ABCD【分析】串联的各电路元件相互影响，不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定两开关与电机的连接方式，然后分析电路图答题。【解答】解：由题意可知，只有开关S1、S2都闭合后，电机才开始工作，说明两开关相互影响，一个开关不能单独控制电机，两开关是串联的，两开关、电机与电源组成串联电路，由图示电路图可知，B正确。故选：B。【点评】（1）根据电路元件是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并联；（2）根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关在干路上，单独控制某个用电器，开关在支路上。10根据你掌握的安全用电常识，请判断下列小朋友的做法正确的是（）A爱玩的小明喜欢在高压线下放风筝B爱清洁的小芳用湿毛巾擦台灯里的灯泡C爱科学的小强使用测电笔时手接触笔尾的金属体D爱劳动的小洁在电线上晾衣服【分析】（1）安全用电的原则是：不靠近高压带电体（室外高压线、变压器旁），不接触低压带电体；（2）水是导体；（3）使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故。【解答】解：A、因为高压输电线上是高压，在下面放风筝时可能会发生高压触电事故，故A错误；B、因为湿抹布是导体，当用湿毛巾接触带电体时，可能会使电源通过人体与大地形成通路，故B错误；C、使用测电笔辨别火线时，有一定要用手触及笔尾的金属部分，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故，故C正确；D、湿衣服是导体，当把湿衣服晾在电线上时，一旦漏电，人接触衣服时会发生触电事故，故D错误。故选：C。【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。11酒后驾车害人害已，严禁酒后驾车！如图是气体酒精浓度测试仪原理图，用于现场测试司机是否酒后驾车。其中电源电压保持不变，R为定值电阻，R为二氧化锡半导体型酒精气体传感器，其阻值随气体酒精浓度的增大而逐渐减小。若某次测试中电流表示数较大，则说明（）A气体酒精浓度较小，R阻值较小B气体酒精浓度较小，R阻值较大C气体酒精浓度较大，R阻值较小D气体酒精浓度较大，R阻值较大【分析】由欧姆定律可知，电路中电压不变则电流变化，可知电路中电阻变化；再根据阻值随气体酒精浓度的增大而逐渐减小得规律可知：传感器所测气体的酒精浓度大小的变化。【解答】解：因为电流表示数较大，则由欧姆定律I可知，此时电路中的电阻较小；因传感器特点为传感器阻值随气体酒精浓度的增大而逐渐减小，故说明此时所测气体的酒精浓度较大；故选：C。【点评】本题考查欧姆定律的应用和传感器的特点，要求能灵活应用欧姆定律分析解答问题。12图甲所示电路，定值电阻R0与滑动变阻器R1串联。图乙是该滑动变阻器的功率与电流关系的图象（不考虑温度对小灯泡电阻的影响）。下列判断错误的是（）AR1的最大阻值为50BR0阻值为10C电源电压为12VDR0的最大功率为2W【分析】由电路图可知，R0与R1串联，（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出滑动变阻器消耗的电功率，利用PI2R求出滑动变阻器的最大阻值；（2）由图象读出电路中的电流为0.4A时R1的电功率，根据PI2R求出R1接入电路的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，进一步根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，根据PI2R求出R0的最大功率。【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图象可知，电路中的最小电流I0.2A时，R1的电功率P12W，由PI2R可得，滑动变阻器的最大阻值：R150，故A正确；（2）由图象可知，当电路中的电流I0.4A时，R1的电功率P13.2W，此时R1接入电路的电阻：R120，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I可得，电源的电压：UI（R0+R1）0.4A（R0+20），当电路中的电流I0.2A时，电源的电压：UI（R0+R1）0.2A（R0+50），因电源的电压不变，所以，0.4A（R0+20）0.2A（R0+50），解得：R010，故B正确；则电源的电压：UI（R0+R1）0.2A（10+50）12V，故C正确；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为R0的简单电路，此时电路中的电流最大，则电路中的最大电流：I大1.2A，R0的最大功率为：PI大2R0（1.2A）21014.4W，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用好电源的电压不变和从图象中读出电流对应的功率。二、非选择题（本题包括7小题，共34分）13如图所示，是一种小型千斤顶的示意图，当手往下压动摇臂时，能把重物抬高一段较小的距离。工人在2s时间里，用100N的力，竖直向下压动摇臂50cm，把重1000N的重物匀速抬高4cm，则重物上升的速度是0.02m/s，所做的有用功是40J，千斤顶的机械效率是80%。【分析】已知重物上升的距离和时间，根据公式V可求重物上升的速度，所做的有用功根据公式WGh可求，根据公式WFS可求总功，有用功与总功的比值就是千斤顶的机械效率。【解答】解：重物上升的速度V0.02m/s，所做的有用功W有用Gh1000N0.04m40J，总功W总FS100N0.5m50J，所以千斤顶的机械效率是100%100%80%。故答案为：0.02；40；80%。【点评】本题考查速度、有用功、总功和机械效率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算。14如图是用天平测量物体质量时的三种情况。甲图是天平中间指针位置，它表示天平未平衡，乙图中出现的错误是用手拿砝码，丙图是正确测量得到的结果，其读数是68g。【分析】（1）天平在使用前应先在水平桌面上放好，再将游码归零，然后观察指针进行调节，当指针指在分度盘中央，表示天平平衡；（2）天平是精密的测量仪器，在使用时必须遵守固定的规则，如：要左物右码放置、用镊子夹取砝码、使用前先调节等。（3）使用天平测量物体的质量时，物体的质量等于右盘中砝码的质量加上游码在标尺上的示数。【解答】解：由甲图可知，指针偏右，说明天平未平衡；读图乙可知，操作中的错误是：用手拿砝码（应用镊子夹取）；读图丙可知，被测物体的质量是：50g+10g+5g+3g68g。故答案为：天平未平衡；用手拿砝码；68g；【点评】天平是最常用的物理仪器之一，它的使用要求我们必须熟练掌握。对于天平不平衡时的处理，在调节时和在称量中是完全不同的，一定切记。15如图甲所示，是探究萘熔化过程中温度变化规律的实验。请回答下列问题：（1）将装有萘的试管放入水中加热，而不是用酒精灯直接对试管加热，在加热过程中还进行搅拌，这样做是为了使试管中的萘受热均匀，而且萘的温度上升较慢（选填“快”或“慢”），便于及时记录各个时刻的温度。（2）除图甲所示实验器材外，还需要的实验器材有火柴和秒表。（3）萘的温度随加热时间变化的图象如图乙所示，由图可知，给萘加热到8min末，试管中的萘所处的物态是固液共存态。【分析】（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；（2）从图象中可以发现，记录的数据有温度和时间，从记录的数据找实验测量的工具；（3）从物质的熔化图象中，可以判断物质的种类，是晶体还是非晶体；若晶体还可判断其熔点；从图象中能判断物质在熔化时的特点；若是晶体还能判断出各个时间段的状态。【解答】解：（1）将装有萘的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，萘的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；（2）从图象知，记录的数据有温度和时间，测量温度需要温度计，测量时间需要秒表，所以实验器材还缺少秒表；（3）由图象知，该物质在熔化过程中温度保持80不变，该物质为晶体，其熔点为80；该物质从第5min开始熔化，到第8min时，还没有完全熔化完，此时物质处于液固共存状态。故答案为：（1）均匀；慢；（2）秒表；（3）固液共存；【点评】此题是探究萘熔化时温度的变化规律，考查了水浴法对加热固体的好处，同时考查了分析图象从中获取信息的能力。16在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：（1）在没有挂钩码时杠杆的平衡位置如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡，可只将杠杆左端螺母向右（选填“左”或“右”）边旋一些。（2）杠杆调好后，第一组同学按图乙进行实验，第二组同学按图丙进行实验。同学们讨论后一致认为第二组实验更合理，理由是便于测量力臂。（3）若每个钩码质量为50g，则丙图中杠杆平衡时弹簧测力计的示数为3N（g10N/Kg）。（4）杠杆在生活中应用十分广泛，下列属于省力杠杆的是C。A筷子 B镊子 C开瓶启子 D天平横梁【分析】（1）如果杠杆左端下沉，应向右调节平衡螺母，使杠杆在平衡位置平衡。（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；（3）根据杠杆的平衡条件，可计算出用弹簧测力计在C点竖直向上拉着杠杆使它水平平衡时的拉力；（4）对物理模型的抽象、分析能力。判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断。【解答】解：（1）发现杠杆左端下沉，此时，应把杠杆左端的平衡螺母向右调节，使杠杆在不挂钩码时，在水平位置平衡。（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，杠杆在水平位置平衡，当力的方向与杠杆垂直时，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此丙实验设计的好，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，便于测量力臂；（3）设OA4L，则L12L，A处3个钩码的重力GAmAg350103kg10N/kg1.5N，由杠杆的平衡条件可知：OAGAL1F，4L1.5NF2L，解得F3N；（4）我们在使用筷子、镊子时都是为了省距离，并且在使用的过程中都是动力臂小于阻力臂，所以它们都是费力杠杆，故AB不符合题意；天平是典型的等臂杠杆，它的动力臂等于阻力臂，故D不符合题意；我们在使用开瓶盖的起子时是为了省力，并且在使用的过程中动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆，故C符合题意。故选C。故答案为：（1）右；（2）便于测量力臂；（3）3；（4）C。【点评】本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实验操作能力。17小明在探究“通电螺线管的外部磁场”实验中，设计了如图一所示电路。实验时：（1）可通过观察小磁针静止时，N极的指向判断通电螺线管的磁极。（2）小明猜想：通电螺线管的磁场强弱可能与线圈匝数和电流大小都有关。实验中，他将开关S从l换到2上时，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表示数及吸引大头针的数目，此时调节滑动变阻器是为了控制两次实验的电流大小不变，来探究通电螺线管的磁场强弱与线圈匝数的关系。（3）为了探究“通电螺线管的磁极性质”，小明对螺线管可能的电流方向和绕线方式进行了实验，得到了如图二所示的四种情况。分析情况可知，螺线管的磁极由电流方向和绕线方式决定。【分析】（1）螺线管的极性可通过电磁针的指向来进行判断；（2）影响螺线管磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少，在实验中，应注意控制变量法的运用；（3）通电螺线管的磁极极性与电流方向和绕线方向有关，可以用安培定则来判断他们之间的关系。【解答】解：（1）由图甲可知，在螺线周围有两个小磁针，我们可以通过观察小磁针的指向来判断螺线管的极性；（2）实验中，他将开关S从l换到2上时，连入电路的线圈匝数发生了变化，为了保证电流不变，应调节变阻器的滑片P，控制两次实验的电流大小不变，再次观察电流表示数及吸引的回形针数目，这样才能探究出通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系。（3）四个图中的螺线管电路中甲和乙的绕线方式相同，电流方向不同，根据小磁针的指向情况知：甲的右端为S极，乙的右端为N极；同理丙丁也是如此，所以实验说明螺线管的绕线方式相同时，极性只与它的电流方向有关。故答案为：（1）小磁针静止时，N极的指向； （2）控制两次实验的电流大小不变；线圈匝数；（3）电流方向和绕线方式。【点评】本实验中，既有转换法的运用，也有控制变量法的研究，是物理学中较典型的实验之一，是我们应该掌握的。18志刚同学在“测量小灯泡的额定功率”实验中，所用电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V。（1）请你用笔划线代替导线，将图1连接完整（导线不能交叉）。（2）连接完电路后，闭合开关发现电压表和电流表均无示数，灯泡不亮，移动滑片时电压表和电流表仍然没有示数，灯泡不亮。电路的故障可能是D；A灯泡短路B滑动变阻器短路C灯泡断路D滑动变阻器断路（3）故障排除后重新闭合开关，移动滑片，发现电压表示数为2.0V，要测定小灯泡的额定功率，则志刚应将滑片适当地向左（选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为2.5V；若小灯泡正常发光时，电流表示数如图2所示，则小灯泡的额定功率为0.6W。（4）如果测得通过小灯泡的电流随电压变化的关系如图3所示，若把这样的两只灯泡串联接在4V的电源上，则此时每只灯泡的电阻为10，每只灯泡的实际功率为0.4W【分析】（1）根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；（2）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据电流表选用小量程确定分度读数，根据PUI求出小灯泡的额定功率；（4）把这样的两只灯泡串联接在4V的电源上，由分压原理和串联电路电压的规律得出灯的实际电压，根据小灯泡的电流随电压变化的关系可知灯的电流，由由欧姆定律求出则此时每只灯泡的电阻；根据PUI求出每只灯泡的实际功率。【解答】解：（1）灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：（2）A若灯泡短路，电压表没有示数，但电路为通路，电流表有示数，不符合题意；B若滑动变阻器短路，电路为通路，灯发光，两表都有示数，不符合题意；C若灯泡断路，电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压有示数，不符合题意；D滑动变阻器断路，整个电路断路，灯不发光，两表都没有示数，符合题意；故选D；（3）灯在额定电压下正常发光，示数为2.0V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中