2019年山东省莱芜市中考物理模拟考试试卷（三）（解析版）

2019年山东省莱芜市中考物理模拟试卷（三）

一、单选题

1.以下事例中，不能说明声波传递能量的有（）

A.利用超声波使液体产生激烈的振动，用来清洗钟表、眼镜等

B.外科医生利用超声波击碎人体内的结石

C.利用超声波将药物击碎后与空气混合形成“药雾”

D.根据隆隆的雷声，我们可以判断出大雨将至

2.下列现象中属于光的色散现象的是（）

A.透过树从的光束

D.透过三棱镜的太阳光

3.为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统，当乘客坐在座椅上时，座椅F的开关

S1闭合，若未系安全带（安全带控制开关S2断开）仪表盘上的指示灯将亮起，当系上安全带时,

安全带控制开关S2闭合，指示灯熄灭，下列电路图设计最合理的是（）

指示灯指示灯

0

4.小明自学“生活用电”的知识后，归纳了几点，正确的是（）

A.在电路电流过大时保险丝会自动熔断

B.安全用电原则是：不接触高压带电体、不靠近低压带电体

C.电灯的开关必须接在零线（中性线）与电灯之间

D.使用测电笔时必须用手接触笔尖金属体

5.把两个同规格的灯泡L串联在电源为3伏的电路中，L上标有“3V”的字样，它的电阻随它两端

电压的变化关系如图所示，下列说法中正确的是（）

A.灯泡L的额定电流是0.2A

B.灯泡L此时的电阻是8Q

C.灯泡L此时能正常发光

D.灯丝的电阻随电压的增大而减小

6.在图中，a、b电表表示（）

A.a是安培表，b是伏特表B.a是伏特表，b是安培表

C.a、b都是安培表D.a、b都是伏特表

7.波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”，如图所示，在船的两侧装有可触及水面的

“工作臂”，“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时，工

作臂就前后移动，完成能量的采集，并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能

量采集船”能量采集原理的是（）

D.

8.如图所示，歼-15舰载机在辽宁舰上进行起降飞行训练，下列说法中正确的是（)

A.舰载机升空前后航空母舰受到的浮力不变

B.舰载机飞回航空母舰后航空母舰上浮一些

C.舰载机上升高度增加，机舱外大气压增大

D.舰载机上升时机翼上方空气流速大于下方流速

9.甲、乙两只灯泡，其I-U关系图象如图所示。现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电

10.为了将放置在水平地面上重为100N的物体提升一定高度，设置了图甲所示的滑轮组装置。当

用图乙所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时，物体的速度v和物体上升的高度h随时间变

化的关系分别如图丙和丁所示。（不计绳重和绳与轮之间的摩擦）下列计算结果正确的是（）

A.Os~ls内,地面对物体的支持力是10N

B.1s〜2s内，拉力F做的功是187.5J

C.2s〜3s内，拉力F的功率是100W

D.2s~3s内,滑轮组的机械效率是62.5%

二、多选题

11.瓶瓶罐罐都可以做物理实验，以下四幅图片都牵扯到水柱的问题，下列有关四幅图的描述正确

的有：（）

*

屋

C:冏力检冬内：升。的■子XT:上方有文、.

*寻看.方*一。中闷看不小立•从水

膏”干.膏中的聚河公司彳氽山顶.

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A.中图现象说明液体对侧面有压强，且液体越深压强越大

B.乙图液柱上升反映了瓶子的微小形变

C.丙图所示现象说明气体流速越大的位置压强越小

D.丁图是一自制气压计的示意图，管内液柱越高所测压强越大

12.在如图所示电路中，电源电压保持不变。当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，下

列判断正确的是（）

A.心电流变大，Ri电压变大

B.R2电流变小，R2电压变大

C.电流表示数变小，电压表示数变小

D.电流表示数不变，电压表示数不变

13.关于下列物质的性质及其应用，说法正确的是（）

A.LED是灯是新型节能灯，它的核心元件发光二极管是由半导体材料制成的

B.如果能把超导材料应用于实际，它可以用来制作电子元件

C.氢的热值很大，所以可以作为火箭的燃料

D.冷却汽车发动机用水是由于水的沸点高

14.如图所示，小车从斜面某一高度由静止释放，自由下滑・，然后在水平面上运动（忽略空气阻力）

下列说法正确的是（）

A.小车从斜面上由静止释放后，小车的动能先变大后变小

B.小车从斜面下滑到水平面后还能继续运动，是因为小车具有惯性

C.小车在水平面上运动时，小车对水平面的压力和水平面对小车的支持力是一对平衡力

D.若水平面光滑且足够长，则小车在水平面上运动时的机械能将保持不变

15.有两个小灯泡L|和L2上都标有“6V”字样，考虑温度对灯丝电阻的影响，加在小灯泡两端的

电压随电流变化关系如图。若把L和L2接在电源电压为6V的电路中工作，则下列说法正确的

00102W^4,?A

A.小灯泡Li的电阻在某一时刻可能是20。

B.小灯泡L2在某一时刻的实际功率可能是0.4W

C.两灯串联时电路的总功率是0.6W

D.两灯并联时电路的总功率是3.6W

三、填空题

16.清晨，逐渐变强的闹铃声吵醒了正在熟睡的小明，他把闹铃关掉，这是在（填“人耳处”、

“传播过程中”或“声源处”）控制噪声的。这里所说的逐渐变强，指的是声音特性中的改

变了。一般情况下，声音在15℃空气中传播速度为m/s,当闹铃声逐渐变强的过程中，声

音的传播速度（填“变大”、“变小”或“不变”）

17.如图是电脑用风扇,长宽都是12cm,厚度为2.5cm,相邻孔距约为10.5cm,使用12v,0.25A

电流。风扇转速通常是800〜1500RPM,风量足转速低，能有不错的降温静音效果。风扇主要把

电能转化为能，风扇本身也会产生热量，如果线圈电阻是0.5C,那么电风扇工作2h产生

的热量是。

18.小明用20N的水平推力推重150N的购物车,在水平路面上前进了15m,所用的时间是0.5min.在

此过程中，小明做了J的功，小明做功的功率是W,购物车的重力所做的功是

19.如图甲所示电路中，电源电压不变，闭合开关S,将滑片P移到某一位置时，电压表示数为6V,

两块电流表指针的位置均如图乙所示，则Ri电阻是Q,此时R2接入电路的阻值是

C；若将滑片P向右移动，A|表的示数将,V表的示数将,A2表的示数将

（填“变大”、“变小”或“不变”）。

四、简答题

20.如图所示的实验器材，现用电流表、电压表分别测出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压，电路

中电流约为0.5A,并用变阻器改变小灯泡的电流，要求滑片向右滑动时灯泡变亮。

(1)按要求连接实物图

(2)画出相应的电路图

(3)连接电路时开关应处于状态，变阻器的滑片应处于端(A或B)。

(4)滑片P向左移动时，电流表示数变，灯泡亮度(填“变亮”、“变暗”或

“不变”)

(5)若闭合开关灯不亮，但电压表示数约等电源电压，此时故障可能是；如发现电流表、

电压表的指针均反偏，最简单的解决方法是；如移动滑片P发现两表示数均比较小且不

变，则原因为0

五、作图题

21.如图是一条从玻璃斜射入空气的光线，请在图中画出对应的反射光线和大致的折射光线，并标

出反射角的大小。

玻璃空气

Nillill

ill

illill

22.手机自拍已成一种时尚。如图所示是使用自拍杆辅助手机进行自拍时的示意图，将自拍杆看作

一个杠杆，请在图中画出力Fi和F2的力臂h和12。

六、实验题

23.如图所示，是“探究平面镜成像特点”的情景：竖立的透明玻璃板下方放一把直尺，直尺与玻

璃板垂直：两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧的直尺上，以A蜡烛为成像物体。

（1）为便于观察，该实验最好在（选填“较明亮”或“较黑暗”）环境中进行；止匕外，

采用透明玻璃板代替平面镜，虽然成像不如平面镜清晰，但却能在观察到A蜡烛像的同时，也能

观察到,巧妙地解决了确定像的位置和大小的问题。

（2）点燃A蜡烛，小心地移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像重合为止，这时发现像与物的大小；

他把蜡烛A放在距玻璃板20cm处，蜡烛A在玻璃板中所成的像到蜡烛A的距离是cm,

当蜡烛逐渐远离玻璃板时，它的像（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

（3）如果在像B的位置放一个光屏，在光屏上（选填“能”或“不能”）承接到蜡烛的

像，说明平面镜成的像是（选填“实”或“虚”）像。

24.在如图甲所示“观察水的沸腾”实验中，根据部分实验数据绘制如图丙所示的温度随时间变化

的图象。

（1）图乙中温度计的示数是℃.实验中水的沸点低于100℃的原因是外界大气压

（选填“大于”“等于”或“小于”）1个标准大气压。

（2）水沸腾后，根据图丙可以推断出，在其它条件不变的情况下继续对水加热2min,则水的温

度（选填“升高”“降低”或“不变”）。

乙丙

25.如图1所示，A是木块，B是长木板，C是弹簧测力计，另有祛码、棉布、毛巾等物。若匀速

拉动弹簧测力计，可测出木块受到的摩擦力。

（1）此实验的目的是：研究。

（2）在操作过程中，一定要保持弹簧测力计匀速拉动木块，此时，弹簧测力计对木块的拉力与

木块受到的摩擦力是一对力。

（3）在图2中，D是一个电动装置，可带动木板匀速运动。该装置相对图1所示装置更具优势,

请指出其中一点。

图1图2

26.小明在测定“小灯泡电功率的实验中，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10。。

甲乙丙

（1连接电路时开关应,电流表的量程应选。〜A,如果用干电池做电源，他至少

用

节干电池。

（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。

（3）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于（选填"A"或"B”）端。

（4）小明闭合开关后，小明发现电压表电流表均有示数，但小灯泡不亮，经检查，电路连接正

确，且各元件完好，那么可能的原因是。故障排除后，移动滑片P到某一点时，电压表

示数（如图乙所示）为V,若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向（选

填"A“或"B”）端移动，使电压表的示数为2.5V。

（5）小明同学移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I-U

图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是Wo

七、计算题

27.2018珠海航展上我国自主研制的某型号战斗机大放异彩，它具备超音速巡航、电磁隐身、超机

动性、超视距攻击等优异性能，该飞机最大起飞质量为373最大飞行高度达20000m,最大航行

速度达2.5倍声速（合3060km/h）,最大载油量为10t,飞机航行时所受阻力的大小与速度的关

系见表：

速度v(m/s)100200300400500600

阻力f/N0.3X1041.2X1042.7X1044.8X1047.5X10410.8X104

已知飞机发动机燃油完全燃烧的能量转化为机械能的效率是40%,飞机使用的航空燃油的热值为

5X107J/kgo求:

（1）飞机发动机完全燃烧10t燃油获得的能量是多少焦？

（2）当飞机以600m/s的速度巡航行时，飞机发动机的输出功率是多少千瓦？

（3）若在飞机油箱中加满燃油，并且以500m/s的速度巡航时，飞机的最大航程约是多少千米？

28.如图所示，将底面积为lOOcn?的圆柱体容器放在水平桌面的中央，容器壁的厚度忽略不计，容

器中装有lOOOcn?的水，将一个重6N,高为10cm的实心长方体A挂在弹簧测力计上，然后竖

直浸入水中，当物体A刚好浸没在水中时（水未溢出），弹簧测力计的读数为4N。

求：（1）物体A的密度；

（2）当物体A刚好浸没在水中时，水对容器的压强；

（3）把刚好浸没在水中的物体A竖直往上缓慢提升4cm后，使物体保持静止，则此时弹簧测力

计的读数为多少？

2019年山东省莱芜市中考物理模拟试卷（三）

参考答案与试题解析

一、单选题

i.以下事例中，不能说明声波传递能量的有（）

A.利用超声波使液体产生激烈的振动，用来清洗钟表、眼镜等

B.外科医生利用超声波击碎人体内的结石

C.利用超声波将药物击碎后与空气混合形成“药雾”

D.根据隆隆的雷声，我们可以判断出大雨将至

【分析】声波可以传递信息，是指告诉我们什么，也就是传递了信息，如教师讲课，告诉我们知

识；声波可以传递能量是指可以改变什么，也就是传递了能量，如超声波洁牙、超声波碎石等。

【解答】解：A、利用超声波使液体产生激烈的振动，用来清洗钟表、眼镜等，说明声波传递能

量；

B、外科医生利用超声波击碎人体内的结石，说明声波传递能量；

C、利用超声波将药物击碎后与空气混合形成“药雾”，说明声波传递能量；

D、根据隆隆的雷声，我们可以判断出大雨将至，说明声波能传递信息。

故选：D。

【点评】此题考查声音可以传递信息和能量的区别，重在与实际应用相联系。

2.下列现象中属于光的色散现象的是（）

A.透过树丛的光束

平面镜中蜡烛的像

C.用鱼叉叉水中的鱼

【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、

影子的形成、日食和月食等；

（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、

平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象,

例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。

【解答】解：A、透过树丛的光束说明光是沿直线传播的，故与题意不符；

B、平面镜中蜡烛的像，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故与题意不符。

C、从水中鱼上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射

光线的方向看时，看到的是鱼的虚像，比实际位置偏高，所以用鱼叉叉水中的鱼时应向下查，故

与题意不符；

D、当太阳光经过三棱镜后，会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散

现象，符合题意。

故选：D。

【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习

中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。

3.为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统，当乘客坐在座椅上时，座椅F的开关

S1闭合，若未系安全带（安全带控制开关S2断开）仪表盘上的指示灯将亮起，当系上安全带时，

安全带控制开关S2闭合，指示灯熄灭，下列电路图设计最合理的是（）

【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又

不亮了，说明指示灯被短路了。

【解答】解：由题意知，指示灯与S1串联，与S2并联，且没有出现短路情况。

故选：B»

【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情

况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路。

4.小明自学“生活用电”的知识后，归纳了几点，正确的是（）

A.在电路电流过大时保险丝会自动熔断

B.安全用电原则是：不接触高压带电体、不靠近低压带电体

C.电灯的开关必须接在零线（中性线）与电灯之间

D.使用测电笔时必须用手接触笔尖金属体

【分析】短路和电路中总功率过大都会使电路中电流过大，电流过大会使保险丝熔断。

安全用电原则：不靠近高压带电体，不接触低压带电体。靠近高压带电体可能会出现高压电弧放

电，使人触电。

控制灯泡的开关一定接在灯泡和火线之间，这样开关能控制灯泡，并且在灯泡损坏时，断开开关,

切断火线，操作更安全。

使用测电笔手接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体，接触笔尖金属体会发生单相触电。

【解答】解：A、在电路电流过大时保险丝会自动熔断。符合题意。

B、安全用电原则：不靠近高压带电体，不接触低压带电体。不符合题意。

C、控制灯泡的开关一定接在灯泡和火线之间。不符合题意。

D、使用测电笔手接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体。不符合题意。

故选：Ao

【点评】掌握安全用电常识，不但方便的用电，更要保证使用的安全。

5.把两个同规格的灯泡L串联在电源为3伏的电路中，L上标有“3V”的字样，它的电阻随它两端

电压的变化关系如图所示，下列说法中正确的是（）

A.灯泡L的额定电流是0.2A

B.灯泡L此时的电阻是8。

C.灯泡L此时能正常发光

D.灯丝的电阻随电压的增大而减小

【分析】（1）灯泡正常发光，此时灯泡两端的电压和额定电压相等，由图读出灯泡在额定电压

下的电阻，根据欧姆定律求出此时通过灯泡的电流；

（2）根据串联电路分压的特点，得出灯泡两端的电压，由图读出灯泡在实际电压下的电阻；

（3）用电器只有在额定电压下才能正常工作，据此进行分析；

（4）通过曲线图可知小灯泡的电阻随电压的增大而增大。

【解答】解：

A、当灯泡L恰好正常发光，则灯泡两端的电压U=3V,由图可知，此时灯泡的电阻R=11Q左

右，灯泡L的额定电流：1=3=伊；-七0.27人，故A错误；

R11Q

B、两个同规格的灯泡L串联在电源为3伏的电路中，每个灯泡两端的电压为L5V,由图可知，

此时灯泡的电阻为8C,故B正确；

C、灯泡的额定电压为3V,此时灯泡两端的电压为1.5V,灯泡L此时不能正常发光，故C错误;

D、由曲线图可知，小灯泡的电阻随电压的增大而增大，故D错误。

故选：B.

【点评】本题考查串联电路电压的关系、欧姆定律计算公式的应用，关键是能利用曲线图获取有

用的信息。

6.在图中，a、b电表表示（）

A.a是安培表，b是伏特表B.a是伏特表，b是安培表

C.a、b都是安培表D.a、b都是伏特表

【分析】安培表相当于导线，与用电器串联测量电路电流；

伏特表相当于断路，与用电器并联测量用电器两端电压。

【解答】解：

根据电路图可知，a与电阻并联，因此a为伏特表；b串联在电路中，因此b为安培表。

故选：Bo

【点评】此题考查的是安培表和伏特表的连接，在初中物理电学实验中，安培表和伏特表是最常

用的仪表，我们要熟练掌握规则，正确使用和读数。

7.波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”，如图所示，在船的两侧装有可触及水面的

“工作臂”，“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时，工

作臂就前后移动，完成能量的采集，并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能

【分析】通过题意明确这种“波浪能量采集船”是采集的波流的机械能，而获得的是电能，从而

再对照选项中的原理，看哪一个是将机械能转化为电能的装置。

【解答】解：A、是电磁感应的装置，将机械能转化为电能，与“波浪能量采集船”的能量转化

相同，符合题意：

B、通电导体在磁场中受力，将电能转化为机械能，与“波浪能量采集船”的能量转化不同，不

符合题意；

C、是奥斯特实验，是电流的磁效应，与“波浪能量采集船”的能量转化不同，不符合题意；

D、是研究电磁铁的装置，与“波浪能量采集船”的能量转化不同，不符合题意。

故选：Ao

【点评】通过分析题意，明确这种“波浪能量采集船”是如何采集能量，发生了怎样的能量转化,

是解答的关键。

8.如图所示，歼-15舰载机在辽宁舰上进行起降飞行训练，下列说法中正确的是（）

A.舰载机升空前后航空母舰受到的浮力不变

B.舰载机飞回航空母舰后航空母舰上浮一些

C.舰载机上升高度增加，机舱外大气压增大

D.舰载机上升时机翼上方空气流速大于下方流速

【分析】A、漂浮物体的浮和始终等于自身重力，判断出重力的变化情况，即可得知浮力如何变

化；

B、一艘航母的舰载机飞回航母后，航母自重增加，因航母仍漂浮，受到的浮力增大，根据阿基

米德原理判断上浮还是下沉；

C、大气压随高度的增加在减小；

D、从等质量的空气在相同的时间内，通过机翼的上表面和下表面，根据机翼的形状分析流体流

速情况。

【解答】解：A、航载飞机飞离航母后，航母的总重力减小，航母始终漂浮，浮力等于重力，所

以浮力会减小，A说法错误；

B、舰载机飞回航母后，航母仍漂浮，受到的浮力等于自重，航母的自重增加，航母所受浮力增

大；由F；?=pgV措可得，排开水的体积要增大，故航母将下沉一些，故B说法错误；

C、舰载机上升高度增加，由于大气压随高度的增加在减小，所以机舱外大气压减小，故C说法

错误；

D、舰载机上升时，等质量的空气在相同的时间内、同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表

面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，故D说法正确。

故选：D。

【点评】本题考查了漂浮条件、流体压强与流速的关系、流体压强与流速的关系、大气压与高度

的关系等多个知识点，有一定的综合性，但总体难度不大。

9.甲、乙两只灯泡，其I-U关系图象如图所示。现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电

压为2V时，乙灯消耗的功率是（）

A.1.2WB.0.8WC.2WD.3W

【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过甲的电流，然后根据串联电路电流规律并结

合图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据P=UI求出乙消耗的功率。

【解答】解：根据图象可知，当甲灯泡两端电压为2V时，通过甲灯泡的电流为0.4A；

因为串联电路处处电流相等，因此通过乙灯泡的电流也为0.4A；根据图象可知，此时乙灯泡两端

电压为3V；

乙灯泡消耗的功率：P=UI=3VX0.4A=1.2W。

故选：Ao

【点评】本题考查串联电路电流的规律以及电功率计算公式的应用，关键能从图象中读出有用的

信息。

10.为了将放置在水平地面上重为I00N的物体提升一定高度，设置了图甲所示的滑轮组装置。当

用图乙所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时，物体的速度v和物体上升的高度h随时间变

化的关系分别如图丙和丁所示。（不计绳重和绳与轮之间的摩擦）下列计算结果正确的是（）

A.0s〜1s内，地面对物体的支持力是10N

B.Is〜2s内，拉力F做的功是187.5J

C.2s〜3s内，拉力F的功率是100W

D.2s〜3s内，滑轮组的机械效率是62.5%

【分析】由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=3,则拉力F移动的距离s=3h。

（1）已知滑轮组绳子的段数n和拉力F拼物体静止，设滑轮组对物体的拉力F,,其关系为F

拉=之（P+G动）；

地面对物体的支持力等于物体对地面的压力，等于物体的重力G减去整个滑轮组对物体的拉力

F

（2）由F-t图象得出在2〜3s内的拉力F,由v-t图象得出重物上升的速度，求出拉力F的作

用点下降的速度，利用P=Fv求拉力做功功率，知道拉力F和物重G大小，以及S与h的关系，

利用效率求滑轮组的机械效率。

(3)由F-t图象得出在1〜2s内的拉力F,由h-t图象得出重物上升的高度，求出拉力F的作

用点下降的距离，利用W=Fs求此时拉力做功。

【解答】解：

(1)由图乙可知，在0〜1s内，拉力F=30N.取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G

和G动，向上的支持力F支，及三根绳子向上的拉力F，作用，处于静止状态；

地面对重物的支持力F支=G-F'=G-3F拉+G动=100N-3X30N+G动=6动+10?4；故A错误；

(2)由图可知在2〜3s内，重物做匀速运动，v3=2.50m/s,拉力F3=40N,

因为从动滑轮上直接引出的绳子股数(承担物重的绳子股数)n=3,

所以拉力F的作用点下降的速度V3'=3v3=3X2.50m/s=7.5m/s,

拉力做功功率(总功率)：

P.&=F3V3’=40NX7.5m/s=300W,故C错误；

滑轮组的机械效率：

W有用Ghq1f|f|M

T]=X100%=--^-x100%=X100%p83.33%,故D错误；

WaFoho40NX3

J-j

(3)在1〜2s内，拉力F2=50N,重物上升高度h2=L25m

拉力F的作用点下降的距离S2=3h2=3X1.25m=3.75m,

拉力做的功：

W=F2s2=50NX3.75m=187.5J；故B正确。

故选:Bo

【点评】本题是一道力学综合题，涉及到功、功率、机械效率、压强的计算，能从题目提供的图

中得出每秒内的相关信息是本题的关键。

二、多选题

11.瓶瓶罐罐都可以做物理实验，以下四幅图片都牵扯到水柱的问题，下列有关四幅图的描述正确

的有：()

白

G-.用力法含*.A:r：a*t.上方有空、.

中网&导■»*>•从泮

r：*侬从*a»iKat*.*4*.纣**。・1•»

T<+.*f0*f&•上河公园干财孑*

M上舟舟

A.甲图现象说明液体对侧面有压强，且液体越深压强越大

B.乙图液柱上升反映了瓶子的微小形变

C.丙图所示现象说明气体流速越大的位置压强越小

D.丁图是一自制气压计的示意图，管内液柱越高所测压强越大

【分析】（1）液体内部向各个方向都有压强，液体深度越深，液体内部的压强越大；

（2）力可以改变物体的形状；

（3）流速越快压强越小；

（4）气压的大小与高度有关，高度越高，气压越小。

【解答】解：A、液体从侧壁的小孔中喷出，说明液体对容器侧壁有压强，下方的液柱的流速大,

喷射距离远，说明深度越深，液体产生的压强越大，故A正确；

B、用力按压瓶子时，瓶子的形状发生了变化，使得液柱上升，故B正确；

C、在管的上方吹起，管上方空气流动加快，水面在管中上升，说明管上方压强减小，故C正确;

D、气压的大小与高度有关，高度越高，气压越小：当大气压发生改变时，瓶内压强与外部压强

不同，则细管内液柱将发生改变；液柱越高，说明外界的气压越小，故D错误。

故选：ABC=

【点评】本题考查了液体内部压强的特点、力的作用效果、流体压强与流速的关系、大气压与高

度的关系等知识点，是一道基础题。

12.在如图所示电路中，电源电压保持不变。当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，下

列判断正确的是（）

A.R］电流变大，R,电压变大

B.R2电流变小，R2电压变大

C.电流表示数变小，电压表示数变小

D.电流表示数不变，电压表示数不变

【分析】由电路图可知，R］与R2串联，电压表测Ri两端的电压，电流表测电路中的电流，根据

滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变

化。

【解答】解：由电路图可知，R|与R2串联，电压表测RI两端的电压，电流表测电路中的电流，

当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大,

由1=£可知，电路中的电流变小，即通过R|、R2电流变小，电流表的示数变小，故AD错误；

由U=IR可知，R］两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B错误、C正确。

故选：C»

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，是一道较为简单的

应用题。

13.关于下列物质的性质及其应用，说法正确的是（）

A.LED是灯是新型节能灯，它的核心元件发光二极管是由半导体材料制成的

B.如果能把超导材料应用于实际，它可以用来制作电子元件

C.氢的热值很大，所以可以作为火箭的燃料

D.冷却汽车发动机用水是由于水的沸点高

【分析】二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。

超导是超导电性的简称，它是指金属、合金或其它材料在低温条件下电阻变为零，电流通过时不

会有任何损失的性质。氢气在常温下是一种气体，体积比较大，通过压缩体积的方法把它液化成

液态，方便储存和运输；

热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃

料时首先应该考虑燃料热值的大小。

【解答】解：A、LED,即是发光二极管，制作发光二极管的核心材料就是半导体材料。符合题

忌、O

B、如果能把超导材料应用于实际，用来制作电子元件，不必考虑散热。符合题意。

C、运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的

氢时，可以释放出更多的热量。符合题意。

D、冷却汽车发动机用水是由于水的比热容大。不合题意

故选：ABC。

【点评】此题考查了半导体和超导体的特点、燃料的热值和水的比热容大等知识，内容较多，要

注意辨别。

14.如图所示，小车从斜面某一高度由静止释放，自由下滑，然后在水平面上运动（忽略空气阻力）

B.小车从斜面下滑到水平面后还能继续运动，是因为小车具有惯性

C.小车在水平面上运动时，小车对水平面的压力和水平面对小车的支持力是一对平衡力

D.若水平面光滑且足够长，则小车在水平面上运动时的机械能将保持不变

【分析】（1）影响动能的因素是质量和速度；

（2）一切物体都有保持运动状态不变的性质叫惯性；

（3）二力平衡的条件是：同体、共线、等值、反向；

（4）在不计空气阻力和摩擦的情况下，机械能是不变的，但若存在摩擦的情况下，机械能是减

小的。

【解答】解：A、小车从斜面上下滑的过程中，速度越来越大，动能变大，当小车下滑到水平面

上时，由于摩擦力的作用，小车的速度越来越小，动能将变小，因此小车的动能先变大后变小，

故A正确；

B、当小车下滑到水平面上时，由于惯性，将会继续运动一段距离，故B正确：

C、小车运动到水平面上时，小车对水平面的压力和水平面对小车的支持力作用在两个物体上，

大小相等，方向相反，是一对相互作用力，故C错误；

D、若水平面的表面光滑且足够长，木块在水平方向不受摩擦力，做匀速直线运动，动能不变，

高度不变，势能不变，因此机械能将保持不变，故D正确。

故选：ABD,

【点评】该题考查了动能大小影响因素、惯性、能量的转化以及平衡力的判断，掌握平衡力的概

念是解题的关键。

15.有两个小灯泡L］和L2上都标有“6V”字样，考虑温度对灯丝电阻的影响，加在小灯泡两端的

电压随电流变化关系如图.若把L|和L2接在电源电压为6V的电路中工作，则下列说法正确的

是（）

levZiz：

A.小灯泡Li的电阻在某一时刻可能是20ft

B.小灯泡L2在某一时刻的实际功率可能是0.4W

C.两灯串联时电路的总功率是0.6W

D.两灯并联时电路的总功率是3.6W

【分析】当两灯泡串联时，根据串联电路的电压特点结合图象可知此时电路中的电流，根据P=

UI求出电路的总功率和小灯泡L2的电功率，利用欧姆定律求出小灯泡Li的电阻；

当两灯并联时，根据并联电路的特点结合图象可知此时通过两灯泡的电流，根据P=UI求出电路

的总功率。

【解答】解：（1）两灯串联时，由图象可知当I=0.2A,Ui=4V,U2=2V；

此时电路的总功率为P=UI=6VX0.2A=1.2W；

此时小灯泡L2的电功率为P2=U2]=2VX0.2A=0.4W,故B正确；

小灯泡L）的电阻R|=U-,L-d^v-=20n,故A正确；

I0.2A

（2）当两灯并联时，两灯泡两端的电压为U'=6V,

由图象可知L=0.25A,I2=O-35A,

,

电路的总功率为P'=PJ+P2=U'（I]+I2）=6VX（0.25A+0.35A）=3.6W,故C错误，D

正确。

故选：ABD。

【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点，以及欧姆定律、电功率公式的计算，关键是规

律和公式的灵活运用；难点是从图象中找出符合题意的电流

三、填空题

16.清晨，逐渐变强的闹铃声吵醒了正在熟睡的小明，他把闹铃关掉，这是在声源处（填“人

耳处”、“传播过程中”或“声源处”）控制噪声的。这里所说的逐渐变强，指的是声音特性中

的响度改变了。一般情况下，声音在15月空气中传播速度为340m/s,当闹铃声逐渐变强

的过程中，声音的传播速度不变（填“变大”、“变小”或“不变”）

【分析】减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。响

度与振幅有关，振幅越大，响度越大。声音的传播条件是可以在气体、固体、液体中传播，一般

在固体中传播速度最快，在液体中次之，在气体中传播最慢，声音在空气中的传播速度是340m/s。

【解答】解：他把闹铃关掉，这是在声源处减弱噪声，响度与振幅有关，振幅越大，响度越大。

闹铃声逐渐变强，说明声音的振幅增大，则响度变大。

声音在15℃空气中传播的速度大约是340m/s.闹铃声逐渐变强的过程中，声音的传播速度不变。

故答案为：声源处；响度；340；不变。

【点评】本题考查学生对减弱噪声具体做法的理解能力，要结合防治噪声的途径方法进行分析解

答。

17.如图是电脑用风扇,长宽都是12cm,厚度为2.5cm,相邻孔距约为10.5cm,使用12v,0.25A

电流。风扇转速通常是800〜1500RPM,风量足转速低，能有不错的降温静音效果。风扇主要把

电能转化为机械能,风扇本身也会产生热量，如果线圈电阻是0.5。，那么电风扇工作2h产

生的热量是225J。

■【分析】(1)风扇主要工作元件是电动机，工作时将电能转化为机械能；

(2)知道风扇线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，根据Q=「Rt求出电风扇工作2h产生的

热量。

【解答】解：

(1)风扇工作时，主要把电能转化为机械能；

(2)电风扇工作2h产生的热量：

Q=I2Rt=(0.25A)2X0.5flX2X3600s=225J«

故答案为：机械;225J。

【点评】本题考查了风扇工作时的能量转化以及焦耳定律的应用，要注意电动机是非纯电阻用电

器，消耗的电能和产生的热量不相等。

18.小明用20N的水平推力推重150N的购物车，在水平路面上前进了15m,所用的时间是0.5min.在

此过程中，小明做了300J的功，小明做功的功率是10W,购物车的重力所做的功是

J。

【分析】(1)知道水平推力和水平方向上移动的距离，可利用功W=FS计算推力做的功;

(2)又知道做功的时间，可利用公式P=8•计算功率；

t

(3)购物车受到重力但在重力的方向上没移动距离，重力不做功；

【解答】解：

(1)VF=20N,S=15m,

.♦.推力做的功为：

W=Fs=20NX15m=300J,

(2)t=0.5min=30s,

p=W=300L=low;

t30s

(3)购物车，在水平面上匀速前进15m,虽然有力，也有距离，但距离不是在重力的方向上，

所以重力没做功，为OJ;

故答案为：300；10；0。

【点评】本题考查了学生对功的公式、功率的公式、做功的两个必要条件的了解与掌握，明确三

种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力

的方向与运动方向垂直。

19.如图甲所示电路中，电源电压不变，闭合开关S,将滑片P移到某一位置时，电压表示数为6V,

两块电流表指针的位置均如图乙所示，则Ri电阻是20Q,此时R,接入电路的阻值是5Q；

若将滑片P向右移动，Ai表的示数将变小，V表的示数将不变，A,表的示数将不变

(填“变大”、“变小”或“不变”)»

图甲图乙

【分析】(1)①分析电路：根据电压表在电路中相当于开路，电流表相当于导线，判断两个电

阻的连接方法。判断电压表和两个电流表各测谁的电压和电流。

②判断两个电流表选择的量程，确定两个电流表的读数。

③知道R1的电压和电流，根据区=苧•求出电阻。

③知道总电流和％的电流，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，求出R2的电流。根

据R=苧求出电阻•

（2）在并联电路中，其中一条支路电流和电阻的变化，不影响其它支路的电流、电阻。

【解答】解：（1）如图，电压表在电路中相当于开路，电流表相当于导线，所以滑动变阻器和

也是并联的，电压表测量并联电路的电压，电流表A］测量干路电流，电流表A2测量R|的电流。

两个电流表指针位置相同，所以电流表A\选择0〜3A量程，电流为1.5A.电流表A2选择0〜0.6A

量程，电流为0.3A。

由并联电路的干路电流等于各支路电流之和得：b=I-I1=1.5A-0.3A=1.2A；

由1=%Ri=V-=-^-=20fi,

R110.3A

（2）滑动变阻器和R,是并联的，电压表测量并联电路的电压，示数不变，若将滑片P向右移动,

不影响Ri的电流，所以A2的示数不变；滑片P向右移动，电阻变大，由1=2可知通过R2的电

流变小，则由并联电路的干路电流等于各支路电流之和可知干路电流变小。

故答案为：20；5；变小；不变；不变。

【点评】（1）电流表和电压表都有两个量程，当指针位置相同时，大量程读数是小量程读数的5

倍。

（2）在电学计算中，分析用电器的连接方式，判断电压表测谁的电压，电流表测谁的电流，这

是做题最基本的内容。

四、简答题

20.如图所示的实验器材，现用电流表、电压表分别测出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压，电路

中电流约为0.5A,并用变阻器改变小灯泡的电流，要求滑片向右滑动时灯泡变亮。

（1）按要求连接实物图

（2）画出相应的电路图

（3）连接电路时开关应处于断开状态,变阻器的滑片应处于A端（A或B）。

（4）滑片P向左移动时，电流表示数变小，灯泡亮度变暗（填“变亮”、“变暗”或

“不变”）

（5）若闭合开关灯不亮，但电压表示数约等电源电压，此时故障可能是灯泡断路；如发现

电流表、电压表的指针均反偏，最简单的解决方法是调换电源的正负极：如移动滑片P发现

两表示数均比较小且不变，则原因为滑动变阻器的下面两个接线柱同时接入电路。

【分析】（1）连接实物图时，要重点注意电压表要与小灯泡并联，电流表串联在电路中，滑动

变阻器要一下一上，并使滑动方向符合题目要求，同时注意电流表的接线柱要正进负出；

（2）画电路图时，要按实物连接图的顺序，依次用符号替代各元件即可；

（3）连接电路时，开关必须断开，滑动变阻器的滑片处于最大阻值处；

（4）根据图中的情况，判断滑片P向左移动时，滑动变阻器的有效部分是变长还是变短，即可

判断电流表、灯泡的变化情况。

（5）闭合开关前滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值；

a、灯泡不亮，可能是电路断路或灯泡短路或电路中的电流过小，电压表示数约等电源电压说明

电压表串联在电路中测电源的电压，即电压表并联的部分断路；

b、电流表、电压表的指针均反偏说明两电表的正负接线柱接反了，最简单的解决方法是把电源

的正负极进行调换；

c、根据题意可知，滑动变阻器不起调节作用，根据滑动变阻器的使用方法可以确定其连接的错

误所在。

【解答】解：Q）电路中电流约为0.5A,则电流表可选择0〜0.6A量程，电源为两节干电池，

则电压表可选择0〜3V量程，滑动变阻器选择一上一下，且必须连接右下端接线柱，才能符合“滑

片向右滑动时灯泡变亮”的要求，如下图所示：

（3）为了保护电路，要求在电路连接的过程中，开关必须是断开的。图中为了使滑动变阻器接

入电路的阻值最大，应先使滑片P处于变阻器的最左端，即A端；

（4）读图可知，当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路中的总电阻变大,

则电路中的电流变小，灯泡的亮度变暗。

（5）a、闭合开关灯不亮，但电压表示数约等电源电压说明电压表并联的部分断路，即电路故障

可能是灯泡断路；

b、流表、电压表的指针均反偏，最简单的解决方法是调换电源的正负极；

c、在使用滑动变阻器时，只有选用一上一下两个接线柱，滑动变阻器才具有调节作用；

当同时选用下面两个接线柱时或同时选用上面两个接线柱时滑动变阻器不起调节作用，两电表的

示数较小说明下面两个接线柱同时接入电路。

故答案为：（1）（2）如上图；（3）断开；A；（4）小；变暗；（5）灯泡断路；调换电源的正

负极；滑动变阻器的下面两个接线柱同时接入电路。

【点评】正确画出电路图、连接实物图和故障分析是本题解答的关键，在连接实物图时;要注意

电压表和电流表量程的选择、接线柱的正进负出、滑动变阻器接线柱的选择等，这些都是容易出

错的地方。

五、作图题

21.如图是一条从玻璃斜射入空气的光线，请在图中画出对应的反射光线和大致的折射光线，并标

出反射角的大小。

玻璃空气

林

illill

ill

illill

【分析】过入射点做出法线，求出入射角的大小，然后利用光的反射规律和光的折射规律做出对

应的反射光线和折射光线。

【解答】解：

首先过入射点垂直于界面作出法线，由图可知，入射光线与界面的夹角为40°,则入射角为90°

-40°=50°,故反射角也为50°,然后根据反射角等于入射角作出对应的反射光线；

光从玻璃中斜射入空气，所以折射角大于入射角，由此可以作出对应的折射光线。光路如图所示。

【点评】做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节，若告诉了入射角的大小，一定

要标出反射角的大小。

22.手机自拍已成一种时尚。如图所示是使用自拍杆辅助手机进行自拍时的示意图，将自拍杆看作

一个杠杆，请在图中画出力F1和F2的力臂11和12。

【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的

方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是