2021届辽宁省大连市高考物理双基试卷附答案详解

2021届辽宁省大连市高考物理双基试卷

一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）

1.如图所示，圆心在。点、半径为R的光滑圆弧轨道4BC竖直固定在水平桌面上,

OC与04的夹角为60。，轨道最低点4与桌面相切.一足够长的轻绳两端分别系

着质量为和m2的两小球（均可视为质点），挂在圆弧轨道光滑边缘C的两边,

开始时Tn1位于C点，然后从静止释放，若mi恰好能沿圆弧下滑到4点.则（）

A.两球速度大小始终相等B.重力对做功的功率不断增加

C.m1=2m2D.m1=3m2

2.关于原子结构和原子核，下列说法正确的是（）

A.放射性元素发生£衰变时所放出的电子是原子核外的电子

B.用加温、加压或改变其化学状态的方法有可能改变原子核衰变的半衰期

C.重核裂变要发生质量亏损，比结合能增大，放出热量

D.根据玻尔氢原子理论，电子绕核运动过程中会辐射电磁波

3.如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球。给小

球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就

构成了个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为0。下列说法中正确的是

()

A.小球受重力、绳的拉力和向心力作用

B.。越大,小球运动的线速度越大

C.。越大,小球运动的角速度越小

D.e越大,小球运动的周期越大

4.如图所示,△力BP为等边三角形，在4、B两点分别放上一个点电荷，则P处

的合场强方向如图中箭头所示，与PB连线的夹角为30。，下列说法正确的是

()

A.4处点电荷为负电荷，B处点电荷正电荷

B.两点电荷的电荷量关系为Iq^l=|qB|

C.两点电荷在P点产生的场强大小＞EB

D.从P点沿着4B中垂线向上移动正试探电荷，电场力做负功

5.如图所示，物块4静止在斜面B上，下列说法正确的是（）金。

A.斜面B对物块A的弹力方向是竖直向上的B

B.物块4对斜面B的弹力方向是竖直向下的

C.物块4对斜面B的弹力方向跟物块力恢复形变的方向是相反的

D.斜面B对物块4的弹力方向是垂直斜面向上的

6.一列简谐横波在t=ls时的波形如图甲所示，图乙是该波中质点a的振动图象，则

甲乙

A.这列波沿x轴负方向传播，波速为"=0.02rn/s

B.这列波沿x轴负方向传播，波速为v=0.5ni/s

C.t=0至t=1s的时间内，质点b的位移始终在增大

D.t=4s时刻，质点c在平衡位置向下振动

7.I、II两个物体从同地点出发做直线运动，速度-时间图象如图

所示，下列说法中正确的是（）

A.在匕〜13时间内，n物体的平均速度大小为空

B.I物体在0〜t2时间和在匕〜^3时间内运动方向相反

c.12时刻I物体和n物体相遇

D.ti〜t3时间内/物体的平均速度大于〃物体的平均速度

二、多选题（本大题共3小题，共18.0分）

8.下列说法正确的是（）

A.偏振光可以是横波，也可以是纵波

B.光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象

C.光纤通信及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理

D.X射线在磁场中能偏转.穿透能力强，可用来进行人体透视

E.声源与观察者相对靠近时，观察者所接收的频率大于声源振动的频率

9.如图所示的电路中，电表均为理想电表，滑动变阻器&的最大阻值为10。，闭合开关S,当此的

阻值为2。时，电压表的示数为4V；当/?2的阻值为80时，电流表的示数为14已知定值电阻R1=

2。，下列说法正确的是（）

A.电源的内阻为30

B.电源的电动势为12V

C.滑动变阻器消耗的最大功率为9W

D.当滑动变阻器消耗的功率最大时，电源的输出功率为12〃

10.如图，水平的平行虚线间距为d=60sn,其间有沿水平方向的匀强磁场.一个

阻值为R的正方形金属线圈边长，＜d,线圈质量m=100g.线圈在磁场上方某一

X*XXxA

高度处由静止释放，保持线圈平面与磁场方向垂直，其下边缘刚进入磁场和刚xXXX4

穿出磁场时的速度相等.不计空气阻力，取g=10m/s2,贝女）xxxx3

A.线圈下边缘刚进磁场时加速度最小

B.线圈进入磁场过程中产生的电热为0.6/

C.线圈在进入磁场和穿出磁场过程中，电流均为逆时针方向

D.线圈在进入磁场和穿出磁场过程中，通过导线截面的电量相等

三、实验题（本大题共2小题，共14.0分）

11.某同学用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律。实验所用的电源为学生电源，输出电压为

6IZ,频率为50Hz交流电和直流电两种，重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一

系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。

（1）他进行了下面几个操作步骤：

A.按照图示的装置安装器件；

B.将打点计时器接到电源的“直流输出”上C.用天平测出重锤的质量；

D先接通电源，后释放纸带，打出一条纸带；E.测量纸带上某些点间的距离

足根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能。其中没有必要进行的

步骤是,操作不当的步骤是。

(2)他进行正确测量后挑选出一条点迹清晰的纸带进行测量分析。如图2所示，其中o点位起始点，4、

B、C、D、E、F为六个连续的点迹。根据以上数据，当打点到E点时［母=m2/s2,

ghE=巾2人2,根据以上数据可认为重物下落过程中，在误差范围内机械能守恒。(g=

9.8m/s2,计算结果保留3为有效数字)

图2

(3)他继续根据纸带算出各点的速度V,量出下落距离儿并以§为纵轴，以h为横轴画出的图象，应

视如图3中的。

12.要用电流表和电压表测定三节干电池(每节干电池的电动势约为1.5V,内阻约为0.3。)串联电池

组的电动势和内电阻，现有下列器材供选用:

4电流表：量程0.64,内电阻10B.电流表：量程34,内电阻0.2。

C.电压表：量程3V,内电阻30kOD.电压表：量程6%内电阻60ko

E.滑动变阻器:0-1000/2,额定电流0.14

厅滑动变阻器：0〜20。，额定电流24

G.导线，电键

(1)为了使测量结果较准确，应选用的器材有.(填仪器的字母代号)

(2)画出实验电路图，并连接实物图

(3)实验时经测量得出的数据如下表，请在图B的方格纸上画出U-/图线.利用图线可求出电源电动

势和内电阻分别为

123456

I/A0.1000.2000.3100.3200.5000.570

U/V1.371.321.241.181.101.05

(4)如实验用电压表损坏，添加其它电学仪器，还能测出电源电动势和内电阻吗？如能请说明需

添加的仪器，并画出实验电路图

Q0

SASB

四、计算题(本大题共3小题，共40.0分)

13.科学精神的核心是对未知的好奇与探究，小君同学想寻找教科书中“温度是分

子平均动能的标志”这一结论的依据，他以氨气为研究对象进行了一番研究，|：II

经查阅资料得知：第一，理想气体的模型为气体分子可视为质点，分子间除了V—

相互碰撞外，分子间无相互作用力；第二，一定质量的理想气体，其压强p与热力学温度T的关

系式为p=nk7,式中n为单位体积内气体的分子数，k为常数.

他猜想氨气分子的平均动能可能跟其压强有关，他尝试从理论上推导氮气的压强，于是建立如下模

型：如图所示，正方体容器静止在水平面上，其内密封着理想气体-氢气，假设每个氨气分子的

质量为小，氨气分子与器壁各面碰撞机会均等，与器壁碰撞前后瞬间，分子的速度方向都与器

壁垂直，且速率不变.

根据上述信息帮助小军完成下列问题：

(1)设单位体积内氨气的分子数为n,且其热运动的平均速率为"；

*求一个氨气分子与器壁碰撞一次受到的冲量大小/；

b、求该正方体容器内氧气的压强p；

c、请以本题中的氨气为例推导说明：温度是分子平均动能(即［m/)的标志.

(2)小君还想继续探究机械能的变化对氢气温度的影响，于是进行了大胆设想，如果该正方体容器以

水平速度”匀速运动，某时刻突然停下来，若氯气与外界不发生热传递，请你推断该容器中氨气

的温度经怎样变化？并求出其温度变化量△7.

14.飞行时间质谱仪可以根据带电粒子的飞行时间对气体分子进行分析.如图所示，在真空状态下，

自脉冲阀P喷出微量气体，经激光照射产生不同正离子，自a板小孔进入a、b间的加速电场，从

b板小孔射出，沿中线方向进入“、N板间的方形区域，然后到达紧靠在其右侧的探测器.已知

极板a、b间的电压为为,间距为d,极板M、N的长度和间距均为L.不计离子重力及经过a板时

的初速度.

(1)若M、N板间无电场，请推导出离子从a板到探测器的飞行时间t与比荷=5,q和根分别为离子

的电荷量和质量)的关系式.

(2)若在M、N间只加上偏转电压请论证说明不同正离子的轨迹是否重合.

(3)为保证离子不打在极板上，试求分与名的关系.

ab____M

探测35

15.A、B分别为竖直固定光滑圆轨道的最低点和最高点。己知小球通过4点的速率为24nl/s，试求

它通过B点速率的最小值。

参考答案及解析

1.答案：c

解析：

本题解题的关键是对两个小球运动情况的分析，知道小球做什么运动，并能结合机械能守恒定律和

几何关系解题。

48两个小球用绳子连在一起，它们沿绳子方向的分速度大小相等，而在Tn】滑下去一段过程以后，此

时的绳子与圆的切线是不重合，所以两球的速度大小不等，重力的功率由公式P=mg%,分析竖直

方向速度为的变化情况求解，若mi恰好能沿圆弧轨道下滑到4点，此时两小球速度均为零，根据系

统的机械能守恒求解质量关系。

人机1由c点下滑到a点的过程中，两球沿绳子方向的分速度大小相等，而在租1滑下去一段过程后，绳

子与圆的切线是不重合，所以两球的速度大小必然不相等，故A错误；

B.重力的瞬时功率为P=mgv,这里的"是指竖直分速度，一开始nil是由静止释放的，所以小］一开

始的竖直速度为零，重力的功率为零，最后运动到A点的时候，由于此时速度水平，竖直速度也是零，

重力的功率为零，但是在这个C到A的过程当中是肯定有竖直分速度的，所以相当于竖直速度是从无

到有再到无的一个过程，也就是一个先变大后变小的过程，所以重力的功率先增大后减小，故B错

误；

CD若血1恰好能沿圆弧轨道下滑到4点，此时两小球速度均为零，根据系统的机械能守恒得：

—cos60°)=m2gR<解得：mj=2m2>故C正确，O错误。

故选Co

2.答案：C

解析：解：力、衰变时放出的/7射线，该电子来自原子核，是原子核中的一个中子转变为一个质子和

一个电子，电子释放出来。故A错误。

8、半衰期的大小于温度、压强以及所处的化学状态无关，由原子核内部因素决定。故8错误。

C、根据裂变的特点可知，重核裂变要发生质量亏损，比结合能增大，放出热量。故C正确。

。、根据玻尔氢原子理论，电子绕核运动过程中处于相对稳定的状态，不会辐射电磁波。故。错误。

故选：Co

衰变时放出的夕射线来自原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，半衰期与

外界温度无关；重核裂变时是否能量；根据玻尔理论分析。

本题考查了玻尔理论、衰变的实质以及半衰期等知识点，比较容易，关键要熟悉教材，牢记这些基

础知识点。

3.答案:B

解析：解：4、对小球受力分析如图所示：小球只受重力和绳的拉力作用，

二者合力提供向心力，故4错误；

B、向心力大小为：％=mgtan。，小球做圆周运动的半径为：R~Lsind,

2____________________

则由牛顿第二定律得：mgtand=得到线速度：v—y/gLtanOsinO^

。越大，sin。、1即。越大，・•・小球运动的线速度越大，故B正确；

C、根据mgtcm。=n0,解得g=,。越大，cos。越小，小球

运动的角速度越大，故C错误;

。、小球运动周期」=7=等=24等'因此，。越大,小球运动的周期越小，故。错误;

故选：Bo

分析小球的受力：受到重力、绳的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物体

受到向心力.然后用力的合成求出向心力：mgtanB,用牛顿第二定律列出向心力的表达式，求出线

速度。和周期7的表达式，分析。变化，由表达式判断3、7的变化.

理解向心力：是效果力，它由某一个力或几个力的合力提供，它不是性质的力，分析物体受力时不

能分析向心力.同时，还要清楚向心力的不同的表达式.

4.答案:D

解析：解：将P处的电场强度进行分解如图所示，

人根据电场强度的方向可知，4处点电荷为正电荷，B处点电荷为负电荷，

故A错误；

BC、根据几何关系可知％<EB，根据点电荷的计算公式可得E=，可知

两电荷的电荷量|qM<|qel，故8c错误；

D、从P点沿着AB中垂线向上移动正电荷，电荷受到的电场力方向向下，所以电场力做负功，故。

正确;

故选：D。

将P处的电场强度进行分解，根据电场强度的方向判断电性；根据点电荷的计算公式可得E*可知

两电荷的电荷量大小；根据电荷受到的电场力方向确定电场力做功正负。

本题主要是考查点电荷电场强度的计算公式；知道电场强度是一个矢量，某点的电场强度等于各个

电荷在该点引起的电场强度的矢量和。

5.答案：D

解析：

由弹力的形成原因及弹力的方向的判断可得出物体及斜面受到的弹力的方向。

物体由于发生了弹性形变而要恢复原状而产生的力为弹力，弹力的方向总是垂直于接触面而指向施

力物体恢复原状的方向。

A、A由于重力对B产生了向下的压力，故使B向下形变，因此对4产生了一个垂直于接触面的力，故

A错误；

B、4对B的弹力与B对4的弹力是作用力与反作用力，故A对B的弹力垂直于斜面向下，故B错误；

C、物体4对斜面的弹力方向指向4恢复形变的方向，故C错误；

。由A的分析可知O正确。

故选£＞。

6.答案：B

解析：

由题意简谐横波在t=1.0s时的波形图如图2所示，图甲是该波中质点a的振动图象，则由乙图读出1=

1.0s时刻质点a的速度方向和周期，在图甲上判断出波的传播方向和波长，再求出波速.分析t=0至

t=ls的时间内，质点b的运动情况，判断其位移的变化情况。

本题考查理解振动图象和波动图象的能力，以及把握两种图象联系的能力.

AB.由题意，简谐横波在t=1,0s时的波形图如图乙所示，图乙是该波中质点a的振动图象，则由1图

读出t=1.0s时刻质点a的速度方向沿y轴负方向，该波的周期为T=2s,在图甲上判断出波的传播方

向为沿X轴负方向，波长为4=lm,则波速为"==0.5zn/s.故A错误，B正确；

心在1=1.0s时质点b正经过平衡位置向上运动，则1=0至t=1s=0.57的时间内，质点b的位移先

增大后减小.故C错误；

D.t=4s=2T时刻，质点c的状态与t=Is=0.57时刻状态相反，时间经过了1.5T,所以t=4s时刻，

质点c在平衡位置下方向上振动.故。错误。

故选瓦

7.答案：D

解析：解：4、在0〜t3时间内，若口物体做初速度为方、末速度为力的

匀减速直线运动，作出匀减速直线运动的u-t图象，如图红线所示,

v—t图象与时间轴围成的面积表示位移，由图象可知，在0〜t3时间\：

内，u物体的位移小于匀减速直线运动的位移，故II物体的平均速度、/•Il

大小小于匀减速直线运动的平均速度警，故A错误；I：1「一

(,

tlt213t

B、由〃-t图象可知,/物体在0〜t2时间和在t2〜t3时间内速度都为正，

由速度方向不变，故B错误；

C、根据t图象与时间轴围成的面积表示位移，由图象可知，0〜J时间内/的位移更大，而两物体

从同一地点出发做直线运动，则t2时刻I物体和n物体不会相遇，故c错误；

-1图象与时间轴围成的面积表示位移，由图象可知，h〜t3时间内I物体的位移大于n的位移，

时间相同，则I物体的平均速度大于口物体的平均速度，故。正确。

故选：Do

在0〜匕时间内，将口物体的运动与匀减速运动比较，确定其平均速度大小；根据速度的正负分析物

体的运动方向；根据位移关系分析何时两物体相遇。根据图象与坐标轴围成的面枳表示位移，分析

两物体位移关系，从而确定平均速度关系。

本题读图问题，关键明确u-t图象的斜率表示加速度，v-t图象与时间轴围成的面积表示位移，要

注意平均速度公式5=竽只适用于匀变速直线运动。

8.答案：BCE

解析：解：4、偏振光只可以是横波，不能是纵波，故A错误；

8、光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象，故B正确；

C、光导纤维传输信号及医用纤维式内窥镜都是利用光的全反射现象，故C正确；

。、用X光机透视人体是利用X光的穿透性，但在磁场中不能偏转，因其不带电。故。错误。

E、根据多普勒效应可知，声源与观察者相对靠近，观察者所接收的频率大于声源发出的频率，故E

正确；

故选：BCE。

偏振光只可以是横波；

增透膜是利用光的干涉现象；

门镜是利用折射的原理；

X光具有穿透性；

当声源与观察者间距增大时，接收频率变小，而间距减小时，则接收频率变大，从而即可一一求解.

本题考查光的干涉、全反射等知识点，理解光导纤维、内窥镜及增透膜的原理，并掌握多普勒效应

的接收频率与发射频率的大小关系由声源与观察者间距大小决定，注意横波与纵波的区别.

9.答案：BC

解析：解:AB.当/?2的阻值为2。时，电压表的示数为4V；当%的阻值为8。时，电流表的示数为14

根据闭合电路欧姆定律

E=(Ri+r+Rz%

E=R+r+R2')I

解得

r=2/2

E=12V

故A错误，B正确;

CD当Rz=%+r=2。+2。=4。

滑动变阻器消耗的功率最大，为：

£,2

PRz~4(Ri+r)

解得PRZ=9.0IV

对应电源的输出功率为P出=(冷=)2(&+R2)

3爪［十匹2十r

解得P出=13.5匹

故。错误C正确。

故选：BC.

由闭合电路欧姆定律求解电动势和内阻，当/?2=&+丁时，求得滑动变阻器功率最大值。

本题考查闭合电路欧姆定律及功率求解，学生需认真分析电路，综合求解。

10.答案:BD

解析：解：4正方形金属线圈边长2<d,刚进入磁场和刚穿出磁场时的速度相等，说明在其下边

缘穿过磁场的过程中，线框先做减速运动，安培力大于重力；随速度的减小，感应电动势减小，感

应电流减小，则安培力减小，线框的加速度减小.故4错误；

B：下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时的速度相等，重力势能的减小全部转化为电能，又转化为电热，

故Q=mgd=0.1x10x0.6=0.6/,故B正确；

C：根据右手定则，线圈在进入磁场过程中，电流均为逆时针，穿出磁场过程中，电流均为顺时针,

故C错误；

D：通过导线截面的电量：q=7t=--t=^-=—,与速度无关，即进入磁场和穿出磁场过程

中通过导线截面的电量相等.故。正确.

故选：BD

(1)正方形金属线圈边长l<d,刚进入磁场和刚穿出磁场时的速度相等，说明在其下边缘穿过磁场的

过程中，线框先做减速运动，完全在磁场中时线框再做加速运动

(2)根据能量守恒可以判断在线圈下边缘刚进入磁场到刚穿出磁场过程中动能不变，重力势能的减小

全部转化为电能，又转化为电热；根据位移速度关系式解出线框刚进入磁场时的速度，结合动能定

理解出线框的最小速度.

决本题的关键根据根据线圈下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度是相等的，属于简单题.

11.答案：CB2.872.99C

解析：解：(1)要验证机械能守恒定律，需要验证=磔九，则只需验证12=加即可，故不需

要测出重锤的质量，所以没有必要进行的步骤是C；打点计时器应接交流电，故操作不当的步骤是B；

(2)匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，由此可以求出E点的速度大小

为:

(35.49-25.90)X10-2

vm/s2.3975m/s

E2x0.02

对应的［印《2.87巾2/S2,gh«2.99m2/s2,可认为在误差范围内存在关系式/=。九，即可验证机

械能守恒定律。

(3)他继续根据纸带算出各点的速度叫量出下落距离心并以q为纵轴、以九为横轴画出的图象，根

据［/=9九，所以应是图中的C。

故答案为：(1)C；B；(2)2.87；2.99；(3)C；

(1)实验中验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，两端都有质量，可以约去，不需要测量

重物的质量；打点计时器应接交流电源；

(2)根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出E点的瞬时速度即可求解；

(3)根据机械能守恒得出9-九的关系式，从而确定正确的图线。

解答实验问题的关键是明确实验原理、实验目的，了解具体操作。掌握动能变化量和重力势能减小

量的求法，知道某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度。

12.答案：A、。、F、G；1.467；0.720

解析：解：⑴实验数据中最大电流为0.574,为准确测量，电流表应选A,电源电动势约为1.5X3=

4.57,电压表应选£),

电阻值太大，调节不方便，为方便实验操作，滑动变阻器应选凡实验还需要G、导线与电键，即需

要的实验器材是：4、D、F、G.

(2)测量电源电动势和内阻的时候，由于电源的内阻是很小的，为了减小内阻的测量误差，我们选用

的是电流表的外接法，电路如图所示.

(3)根据实验得出的6组数据画出的1/-/图象，如上图：

图象与纵坐标的交点为电源的电动势，由图可知，电源的电动势为E=1.46匕

U-/图象斜率绝对值表示电源内阻，

所以待测电池的内阻r=半=与券=。72。：

△/0.64

(4)如实验用电压表损坏，添加电阻箱，运用一只电流表和一个电阻箱测定电源的电动势和内电阻.

电路图：

故答案为：(1)4、。、F、G

(2)如图

(3)如图，1.46U,0.72。

(4)添加电阻箱，运用一只电流表和一个电阻箱测定电源的电动势和内电阻，如图.

1、根据电路电流选择电流表，根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的

滑动变阻器.

2、根据伏安法测电源电动势与内阻的原理作出实验图.

3、图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率绝对值表示电源的内阻.

4、根据闭合电路欧姆定律E=/r+U=/(r+R)=U+要测量E和r,需要至少两组数据，有

伏安法、伏阻法、安阻法常用的三种方案.

本题考查了实验器材的选取、作实验电路图、求电动势与内阻，知道实验器材的选取原则、知道实

验原理、掌握应用图象法处理实验数据的方法即可正确解题.

13.答案：解：(l)a、对与器壁碰撞的一个氮气分子，根据动量定理可得：l=2mv@

b、正方体一共有6个面，设正方体容器某一侧壁面积为S,则时间内碰壁的氨气分子数为：N=

-nSv△t②

6

撞击某一侧壁产生的总的动量：F△t=N•/③

根据牛顿第三定律可得：器壁受到的压力F'=F④

根据压强的定义式可得：P=J®

联立①②③④⑤式可得该正方体容器内氨气的压强：p=inmv2@

c、由于压强p和温度7的关系式为p=nkT⑦

联立⑥⑦式得：==⑧

由⑧式可知：分子的平均动能琦与热力学温度T成正比，故温度是分子热运动平均动能的标志.

(2)设正方体容器中有N个氨气分子，当氢气随容器匀速运动时，整个气体机械运动的动能为：

|(/Vm)u2,

设此时氮气温度为口，容器内氨气的内能等于分子热运动的动能之和，即：N-|k7i，

当氨气随容器突然停止时，气体机械运动的动能为零，

设此时氨气的温度为△，则该容器内氨气的内能为：耕叫

根据能量转化与守恒定律有：+|NkA=|/VfcT2

解得：△r=T2—A=皿

13Jc

所以氮气温度升高，升高的温度为AT=华.

答：（l）a、一个氧气分子与器壁碰撞一次受到的冲量大小/为2mu；

b、该正方体容器内氨气的压强p为!nm/；

c、推导过程见解析.

2

（2）氨气温度升高，升高的温度为△7=笠.

解析：（l）a、选择一个与器壁碰撞的氨气分子作为研究对象，对其运用动量定理，即可求出氨气分

子与器壁碰撞一次受到的冲量大小/;

从分析气体分子在At内对某一侧壁面积为S上的撞击，将对面积S上撞击的所有分子的冲量求和，

再牛顿第三定律、压强的定义式，联立即可求出该正方体容器内氨气的压强p；

c、根据压强p与热力学温度7的关系式为p=nk7,结合b中结果正方体容器内氮气的压强p,联立即

可证明温度是分子平均动能的标志；

（2）结合（1）问中c的结果，分别求出温度变化前后氮气的动能，即：氢气的内能（因为是理想气体，故

没有势能），再利用能量守恒可求出温度变化量AT,进而根据的符号，即可判断温度是升高还是

降低.

本题考查气体压强的微观意义、动量定理和能量守恒，解题关键是运用题中所给已知条件以及建立

的物理模型，能应用简单的规律推导物理关系，难点在于对所给模型的理解题，题干较长，一