高考生物总复习第一部分非选择题必考五大专题专题二遗传规律第7讲自由组合定律全国公开课一等奖百校联赛示

第7讲自由组合定律第1页[考试要求]

1.两对相对性状杂交试验、解释及验证(b/b)。2.自由组合定律实质(b/b)。3.自由组合定律应用(c/c)。4.活动：模拟孟德尔杂交试验(b/b)。

第2页1.(·浙江4月选考)为研究某种植物3种营养成份(A、B和C)含量遗传机制，先采取CRISPR/Cas9基因编辑技术，对野生型进行基因敲除突变试验，经分子判定取得3个突变植株(M1、M2、M3)，其自交一代结果见下表，表中高或低指营养成份含量高或低。植株(表现型)自交一代植株数目(表现型)野生型(A低B低C高)150(A低B低C高)M1(A低B低C高)60(A高B低C低)、181(A低B低C高)、79(A低B低C低)M2(A低B低C高)122(A高B低C低)、91(A低B高C低)、272(A低B低C高)M3(A低B低C高)59(A低B高C低)、179(A低B低C高)、80(A低B低C低)第3页以下叙述正确是(

)A.从M1自交一代中取纯合(A高B低C低)植株，与M2基因型相同植株杂交，理论上其杂交一代中只出现(A高B低C低)和(A低B低C高)两种表现型，且百分比一定是1∶1B.从M2自交一代中取纯合(A低B高C低)植株，与M3基因型相同植株杂交，理论上其杂交一代中，纯合基因型个体数∶杂合基因型个体数一定是1∶1C.M3在产生花粉减数分裂过程中，某对同源染色体有一小段没有配对，说明其中一个同源染色体上一定是因为基因敲除缺失了一个片段D.可从突变植株自交一代中取A高植株与B高植株杂交，从后代中选取A和B两种成份均高植株，再与C高植株杂交，从杂交后代中能选到A、B和C三种成份均高植株第4页解析由题干信息可知，野生型自交，子代全部为野生型，可推知野生型植株为纯合子；M1突变体自交一代性状分离比约为9(A低B低C高)∶3(A高B低C低)∶4(A低B低C低)，M2突变体自交一代性状分离比约为9(A低B低C高)∶3(A低B高C低)∶4(A高B低C低)，M3突变体自交一代性状分离比约为9(A低B低C高)∶3(A低B高C低)∶4(A低B低C低)，可推知这三个突变体都是杂合子且基因型不一样，三对基因共同决定A、B、C三种营养成份含量高低。自交后代中表现型为A低B低C高植株占9/16，可设其基因型为A_B_C_，则野生型植株基因型为AABBCC。M1(AaBBCc)突变体自交后代中各基因型所占百分比分别为9/16(A_BBC_)、4/16(A_BBcc、aaBBcc)、3/16(aaBBC_)；M2突变体(AaBbCC)自交后代中各基因型所占百分比为9/16(A_B_CC)、3/16(A_bbCC)、4/16(aaB_CC、aabbCC)；M3突变体(AABbCc)自交后代中各基因型所占百分比为9/16(AAB_C_)、3/16(AAbbC_)、4/16(AAB_cc、AAbbcc)，可推知营养物质A、B、C第5页答案A第6页2.(·浙江11月选考)豌豆子叶黄色对绿色为显性，种子圆粒对皱粒为显性，且两对性状独立遗传。以1株黄色圆粒和1株绿色皱粒豌豆作为亲本，杂交得到F1，其自交得到F2中黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，则黄色圆粒亲本产生配子种类有(

) A.1种

B.2种

C.3种

D.4种

第7页解析

百分比9∶3∶15∶5，可分解成9∶3∶3∶1加上绿圆∶绿皱12∶4所得到，故F1中基因型为AaBb和aaBb，且百分比1∶1，所以亲本黄圆、绿皱基因型分别为AaBB、aabb，所以黄色圆粒亲本能产生配子有AB和aB两种，B正确。答案B第8页3.(·浙江4月选考)豌豆种子黄色(Y)和绿色(y)、圆粒(R)和皱粒(r)是两对相对性状。以下基因型中属于纯合子是(

) A.YyRr B.YYRr C.YYRR D.YyRR

解析纯合子中不含有等位基因。

答案

C第9页4.(·浙江11月选考)某种昆虫正常翅与裂翅、红眼与紫红眼分别由基因B(b)、D(d)控制。为研究其遗传机制，选取裂翅紫红眼雌、雄个体随机交配，得到F1表现型及数目见下表。

裂翅紫红眼裂翅红眼正常翅紫红眼正常翅红眼雌性个体(只)雄性个体(只)10248522598524825第10页回答以下问题：(1)红眼与紫红眼中，隐性性状是________，判断依据是________________________________________________________________________________________。亲本裂翅紫红眼雌性个体基因型为________。(2)F1基因型共有________种。F1正常翅紫红眼雌性个体体细胞内基因D数目最多时有________个。F1出现4种表现型原因是_____________________________________________________________________。(3)若从F1中选取裂翅紫红眼雌性个体和裂翅红眼雄性个体交配。理论上，其子代中杂合子百分比为________。

第11页解析(1)亲本均为紫红眼，子代出现红眼，可知红眼是隐性性状。逐对分析子代表现型及百分比，裂翅∶正常翅＝2∶1，紫红眼∶红眼＝2∶1，且雌雄无显著差异，可知两对等位基因均位于常染色体上，且遵照自由组合定律，但裂翅纯合致死、紫红眼纯合致死，所以双亲基因型均为BbDd。(2)由第(1)小题分析可知，F1基因型共有4种。F1正常翅紫红眼雌性个体基因型为bbDd，考虑细胞分裂DNA复制，所以其体细胞内基因D数目最多时有2个。F1出现4种表现型原因是减数分裂过程中，非同源染色体上非等位基因自由组合。(3)F1中选取裂翅紫红眼雌性个体(BbDd)和裂翅红眼雄性个体(Bbdd)交配，逐对分析，子代中BB致死、Bb∶bb＝2∶1，Dd∶dd＝1∶1，所以纯合子bbdd为1/6，杂合子百分比即为5/6。答案(1)红眼紫红眼与紫红眼交配，F1出现了红眼BbDd

(2)4

2减数分裂过程中，非同源染色体上非等位基因自由组合(3)5/6第12页(5)自由组合定律实质是等位基因分离同时，非等位基因自由组合。()(6)两对相对性状遗传时，若每对相对性状遗传均遵照分离定律，则这两对相对性状遗传遵照自由组合定律。()(7)病毒、原核生物以及进行无性生殖真核生物遗传，均不适合用于孟德尔遗传定律。()(8)基因型AaBb生物减数分裂一定生成AB、Ab、aB、ab四种类型配子，且数量相等。()××√×第13页1.正误判断 (1)F1(YyRr)产生雌、雄配子自由组合，共有16种组合方式。() (2)含有两对相对性状两纯合亲本杂交，F2中重组类型占3/8。() (3)在两对相对性状杂交试验中，F2中能够稳定遗传个体占1/4。() (4)在自由组合遗传试验中，先进行等位基因分离，再实现非等位基因自由组合。()√×√×第14页2.填充表格

若患甲病概率为m，患乙病概率为n，且两病独立遗传，完成下表：

类型计算公式不患甲病概率①_____________不患乙病概率②_____________只患甲病概率③_____________只患乙病概率④_____________同患两种病概率⑤_____________只患一个病概率⑥_____________患病概率⑦_____________不患病概率⑧_____________第15页提醒①1－m

②1－n

③m(1－n)

④n(1－m)⑤mn

⑥m＋n－2mn或m(1－n)＋n(1－m)

⑦m＋n－mn或1－(1－m)(1－n)

⑧(1－m)(1－n)第16页考点1围绕两对相对性状杂交试验、解释、验证及自由组合定律实质考查科学

探究能力1.两对相对性状纯合亲本杂交得F1，F1自交得F2，F2出现四种表现型，且百分比约为9∶3∶3∶1。以下叙述正确是(

) A.每对相对性状遗传遵照分离定律，且表现为不完全显性 B.F1产生雌配子和雄配子数量相等，各有四种类型 C.F1产生雌配子和雄配子随机结合，有9种组合方式 D.F2中与亲代表现型不一样新组合类型占3/8或5/8第17页解析依据F2出现四种表现型且分离比为9∶3∶3∶1，得出两对相对性状表现为完全显性，A错误；F1产生雌雄配子种类相同，但数量不等，B错误；F1产生雌雄配子有16种组合方式，C错误；F2中与亲代表现型不一样新组合类型占6/16或10/16，D正确。答案D第18页2.下列图所表示杂合子测交后代会出现性状分离比1∶1∶1∶1是(

)解析若测交后代出现1∶1∶1∶1性状分离比，则杂合子产生配子应为4种，百分比是1∶1∶1∶1。答案C第19页自由组合定律实质减数分裂形成配子时，同源染色体上等位基因分离同时，非同源染色体上非等位基因自由组合。如图：第20页提醒：非等位基因有两类：同源染色体上非等位基因和非同源染色体上非等位基因，遵照自由组合定律只是非同源染色体上非等位基因。第21页考点2模拟孟德尔杂交试验3.(·温州模拟)以下关于“模拟孟德尔两对相对性状杂交试验”活动叙述，正确是(

) A.准备试验材料时，需要4个信封和代表不一样等位基因4种卡片 B.“雌”、“雄”信封中卡片数量相同，表示产生雌、雄配子数量相等 C.模拟F1产生配子时，可准备等量标有“YR、Yr、yR、yr”四种卡片 D.模拟受精作用时，需将随机抽出2张卡片组合统计后，再放回原信封

第22页解析雌、雄配子数量不相等；模拟F1产生配子时，可准备等量标有“Y、y、R、r”四种卡片；模拟受精作用时，需将随机抽出4张卡片组合统计后，再放回原信封。答案A第23页考点3结合自由组合定律应用考查科学思维能力4.人类多指(T)对正常(t)是显性，正常肤色(A)对白化病(a)是显性，控制这两对相对性状基因分别位于两对常染色体上，是独立遗传。一个家庭中，父亲多指，母亲不多指，肤色均正常，他们生第一个孩子患白化病但不多指，则他们所生下一个孩子只患一个病和患两种病概率分别是(

) A.1/2和1/8 B.3/4和1/4 C.1/4和1/4 D.1/4和1/8第24页解析依据题意，父亲多指，肤色正常，T_A_；母亲不多指，肤色正常，ttA_；孩子不多指，白化病，ttaa。不难推导出双亲基因型分别为：父TtAa，母ttAa。他们所生孩子表现情况以下：

同时患两种病概率：(1/2)×(1/4)＝1/8；只患一个病概率：(1/2)×(3/4)＋(1/2)×(1/4)＝1/2；正常概率：(1/2)×(3/4)＝3/8；患病概率＝1－正常概率＝1－(3/8)＝5/8。答案A第25页(1)自由组合定律在实践中应用主要表达在两个方面：指导杂交育种、预测遗传病发病概率。(2)自由组合问题解题思绪：分离定律是自由组合定律基础，是处理自由组合问题工具，可将多对等位基因自由组合问题分解为若干分离定律分别分析，再利用乘法原理进行组合。第26页考点4结合自由组合定律中特殊分离比考查科学思维能力5.(·浙江11月选考)某雌雄异株植物，叶片形状有细长、圆宽和锯齿等类型。为了研究其遗传机制，进行了杂交试验，结果见下表。第27页以下叙述正确是(

)A.选取杂交ⅠF2中全部圆宽叶植株随机杂交，杂交1代中全部植株均为圆宽叶，雌雄株百分比为4∶3，其中雌株有2种基因型，百分比为1∶1B.选取杂交ⅡF2中全部圆宽叶植株随机杂交，杂交1代中全部植株均为圆宽叶，雌雄株百分比为4∶3，其中雌株有2种基因型，百分比为3∶1C.选取杂交ⅠF1中锯齿叶植株，与杂交Ⅱ圆宽叶亲本杂交，杂交1代中有锯齿叶和细长叶两种，百分比为1∶1，其中雌株有2种基因型，百分比为3∶1D.选取杂交ⅡF2中全部锯齿叶植株随机杂交，杂交1代中全部植株均为锯齿叶，雌雄株百分比为4∶3，其中雌株有2种基因型，百分比为1∶1第28页解析杂交组合Ⅰ和Ⅱ所选亲本为正反交关系，由子代表现型及百分比可知，叶片形状受两对基因控制，且其中一对位于X染色体上。设A和a基因位于常染色体上，B和b基因位于X染色体上。由杂交组合Ⅱ可知，细长应为双显性，即母本圆宽aaXBXB、父本锯齿AAXbY，F1细长♂AaXBY、细长♀AaXBXb，再结合F2表现型百分比可知双隐性致死。综上分析，杂交组合Ⅰ母本为AAXbXb、父本为aaXBY，F1锯齿♂AaXbY、细长♀AaXBXb。杂交组合ⅠF2圆宽叶植株基因型为aaXBXb和aaXBY，随机交配，杂交1代

第29页中全部植株均为圆宽叶，雌雄株百分比为2∶1(aaXbY致死)，其中雌株有2种基因型(aaXBXB和aaXBXb)，百分比为1∶1，A错误；杂交ⅡF2中全部圆宽叶植株(雌株1/2aaXBXB、1/2aaXBXb，雄株aaXBY)随机杂交，杂交1代中，全部植株