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文档简介
广东省湛江市雷州新城中学高三数学理期末试卷含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.已知不等式组(其中)表示的平面区域的面积为4,点在该平面区域内,则的最大值为(
)(A)9
(B)6
(C)4
(D)3参考答案:D由题意,要使不等式组表示平面区域存在,需要,不等式组表示的区域如下图中的阴影部分,面积,解得,故选D.2.某中学有同样的画册2本,同样的集邮册3本,从中取出4本赠送给4位朋友,每位朋友1本,则不同的赠送方法共有A.4种
B.10种
C.18种
D.20种参考答案:B3.已知函数的图象上相邻的一个最大值点与对称中心分别为,,则函数的单调增区间为(
)A., B.,C., D.,参考答案:D【分析】由题意得出的解析式,利用三角函数的性质得出其单调增区间可得答案.【详解】解:由题意得:对称中心为,可得b=0,图象上相邻的一个最大值点与对称中心分别为,,可得,,,可得将代入可得,可得,且,,可得,令,可得,故选D.【点睛】本题主要考查三角函数的单调性及的性质,得出函数的解析式是解题的关键.4.函数的大致图象是
参考答案:【知识点】函数图像得确定.
B8C
解析:因为f(0)=-3,所以排除选项A、B;又因为时,,所以排除选项D,故选C.
【思路点拨】利用特殊值法排除三个选项得正确选项.
5.若的展开式中各项二项式系数之和为,的展开式中各项系数之和为,则的值为A.
B.
C.
D.(
)参考答案:答案:B6.对函数f(x)=,若?a,b,c∈R,f(a),f(b),f(c)都为某个三角形的三边长,则实数m的取值范围是()A. B. C. D.参考答案:C【考点】函数的值.【分析】当m=2时,f(a)=f(b)=f(c)=1,是等边三角形的三边长;当m>2时,只要即可,当m<2时,只要即可,由此能求出结果.【解答】解:当m=2时,f(x)==1,此时f(a)=f(b)=f(c)=1,是等边三角形的三边长,成立;当m>2时,,只要即可,解得2<m<5;当m<2时,,只要即可,解得,综上.故选:C.【点评】本题考查实数的取值范围的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意分类讨论思想的合理运用.7.(2013?黄埔区一模)若z=cosθ+isinθ(θ∈R,i是虚数单位),则|z﹣2﹣2i|的最小值是()A.B.C.D.参考答案:D略8.在同一直角坐标系下作的图象,有下面四种判断:①两支图象可能无公共点。②若两支图象有公共点,则公共点一定在直线y=x上③若两支图象有公共点,则公共点个数可能1个,不可能2个④若两支图象有公共点,则公共点个数最多可能有3个。以上这四种判断中,错误的判断共有______个A.1
B.2
C.3
D.4参考答案:B9.已知双曲线上一点,过双曲线中心的直线交双曲线于两点,记直线的斜率分别为,当最小时,双曲线离心率为(
)A.
B.
C
D参考答案:B10.关于复数Z=的四个命题:p1:|Z|=2p2:Z2=2ip3:Z的共轭复数为1+ip4:Z的虚部为﹣1.其中的真命题为()A.p2,p3 B.p1,p2 C.p2,p4 D.p3,p4参考答案:C【考点】复数相等的充要条件.【分析】复数Z==﹣1﹣i,再利用复数的有关概念及其运算即可判断出结论.【解答】解:复数Z===﹣1﹣i.p1:|Z|==≠2,因此不正确;p2:Z2=2i,正确;p3:Z的共轭复数为﹣1+i,因此不正确;p4:Z的虚部为﹣1.正确.其中的真命题个数为2.故选:C.二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.已知底面边长为,各侧面均为直角三角形的正三棱锥P-ABC的四个顶点都在同一球面上,则此球的表面积为
。参考答案:3π【知识点】单元综合G12由题意知此正三棱锥的外接球即是相应的正方体的外接球,此正方体的面对角线为,边长为1.正方体的体对角线是.故外接球的直径是,半径是.
故其表面积是4×π×()2=3π.【思路点拨】底面边长为,各侧面均为直角三角形的正三棱锥可以看作是正方体的一个角,故此正三棱锥的外接求即此正方体的外接球,由此求出正方体的体对角线即可得到球的直径,表面积易求12.已知集合,则_____参考答案:.13.有下列四个命题:①函数的值域是②平面内的动点到点和到直线的距离相等,则的轨迹是抛物线;③直线与平面相交于点,且与内相交于点的三条直线所成的角相等,则④若则其中正确的命题的编号是___参考答案:③④略14.已知a,b为正实数,直线y=x﹣a与曲线y=ln(x+b)相切,则+的最小值为.参考答案:5+2【考点】6H:利用导数研究曲线上某点切线方程;7F:基本不等式.【分析】求函数的导数,由已知切线的方程,可得切线的斜率,求得切线的坐标,可得a+b=1,再由乘1法和基本不等式,即可得到所求最小值.【解答】解:y=ln(x+b)的导数为y′=,由切线的方程y=x﹣a可得切线的斜率为1,可得切点的横坐标为1﹣b,切点为(1﹣b,0),代入y=x﹣a,得a+b=1,∵a、b为正实数,则+=(a+b)(+)=2+3++≥5+2=5+2.当且仅当a=b,即a=,b=3﹣时,取得最小值5+2.故答案为:5+2.15.已知,函数在上单调递减,则的取值范围是
▲
参考答案:16.在△ABC中,设AD为BC边上的高,且AD=BC,b,c分别表示角B,C所对的边长,则的取值范围是____________.参考答案:17.若直线过点,且是它的一个法向量,则的方程为
。参考答案:本题考查直线方程的求解,难度中等.因为(1,2)是直线的一个法向量,所以该直线的斜率是,所以直线的方程为,即为.三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.(本小题满分12分)如图(1)所示,在直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠BAD=,AB=BC=1,AD=2,E是AD的中点,O是AC与BE的交点.将△ABE沿BE折起到△A1BE的位置,如图(2)所示.(1)证明:CD⊥平面A1OC;(2)若平面A1BE⊥平面BCDE,求平面A1BC与平面A1CD所成锐二面角的余弦值.参考答案:详见解析【知识点】立体几何综合解:(1)证明:在图(1)中,
因为AB=BC=1,AD=2,E是AD的中点,
∠BAD=,所以BE⊥AC,BE∥CD.
即在图(2)中,BE⊥OA1,BE⊥OC,
又OA1∩OC=O,OA1?平面A1OC,OC?平面A1OC,
从而BE⊥平面A1OC.
又CD∥BE,
所以CD⊥平面A1OC.
(2)
由已知,平面A1BE⊥平面BCDE,
又由(1)知,BE⊥OA1,BE⊥OC,
所以∠A1OC为二面角A1-BE-C的平面角,
所以∠A1OC=.
如图,以O为原点,OB,OC,OA1所在直线分别
为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系,
因为A1B=A1E=BC=ED=1,BC∥ED,
所以B(,0,0)E(-,0,0),A1(0,0,),C(0,,0)
得=(-,,0),=(0,,-)
==(-,0,0).
设平面A1BC的法向量n1=(x1,y1,z1),平面A1CD的法向量n2=(x2,y2,z2),平面A1BC与平面A1CD的夹角为θ,
则得取n1=(1,1,1);
得取n2=(0,1,1),
从而cosθ=|cos〈n1,n2〉|==,
即平面A1BC与平面A1CD所成锐二面角的余弦值为.19.在直角坐标系xOy中,直线l的参数方程为(t为参数),以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C的极坐标方程为.(1)写出直线l的直角坐标方程;(2)设点M的坐标为,若点M是曲线C截直线l所得线段的中点,求l的斜率.参考答案:(1)见解析,(2)-1.【分析】(1)讨论倾斜角α的情况,即可写出直线的直角坐标方程。(2)将M的极坐标化为直角坐标,将曲线C的极坐标化为直角坐标,并把直线参数方程代入曲线C
的直角坐标,可得【详解】(1)当时,直线的直角坐标方程为;当时,直线的直角坐标方程为.(2)点的直角坐标为,曲线的直角坐标方程为,把代入曲线的直角坐标方程,化简得点是曲线截直线所得线段的中点则,即化简可得,所以直线斜率为-1.【点睛】本题考查了极坐标方程、直角坐标方程的转化,参数方程与直角坐标方程联立的用法,属于中档题。
20.已知数列{an}的前n项和Sn满足(n≥2,n∈N),且.(1)求数列的通项公式an;(2)记,Tn为{bn}的前n项和,求使成立的n的最小值.参考答案:(1)由已知有,数列为等差数列,且,,即,当时,,又也满足上式,;(2)由(1)知,,由有,有,所以,的最小值为5.21.如图,已知F是抛物线C:的焦点,过E(﹣l,0)的直线与抛物线分別交于A,B两点(点A,B在x轴的上方).(1)设直线AF,BF的斜率分別为,,证明:;(2)若ABF的面积为4,求直线的方程.参考答案:(1)见解析;(2)【分析】(1)设直线的方程为x=my﹣1,A(x1,y1),B(x2,y2),联立抛物线方程利用韦达定理可得.(2)S△ABF=S△EFB﹣S△EFA=|y1﹣y2|=.解得m即可.【详解】(1)当直线的斜率为0时,直线与抛物线只有一个交点,不合题意.当直线的斜率不为0时,设直线的方程为x=my﹣1,A(x1,y1),B(x2,y2),联立抛物线方程可得得y2﹣4my+4=0,可得y1+y2=4m,y1y2=4∴.(2)S△ABF=S△EFB﹣S△EFA=|y1﹣y2|=.解得m=(负值舍去).∴直线的方程为:.【点睛】本题考查直线与抛物线的位置关系,韦达定理的应用,考查转化思想以及计算能力,属于中档题.22.
某校高三年级文科共有800名学生参加了学校组织的模块测试,教务处为
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