高三理综下学期第六次适应性考试试题（扫描版）

为深入贯彻落实党的十九大精神和习近平总书记的重要指示精神，保障人民安居乐业、社会安定有序、国家长治久安、进一步巩固党的执政基础，束城镇深入贯彻全市扫黑除恶会议精神，强化措施，深入扎实开展扫黑除恶专项斗争贵州省贵阳市2017届高三理综下学期第六次适应性考试试题（扫描版）贵阳第一中学2017届高考适应性月考卷（六）理科综合参考答案第卷（选择题，共126分）一、选择题（本题共13小题，每小题6分，共78分）题号12345678910111213答案DBDCDCBDCAAAB二、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求；第1921题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分）题号1415161718192021答案DACBCBCADBD【解析】1顶端优势的原因是顶芽产生的生长素运输至侧芽处积累造成侧芽高浓度抑制生长，但不抑制侧芽生长素的产生，故A错误。人体细胞癌变时细胞膜表面甲胎蛋白增多，故B错误。细胞核是真核细胞代谢和遗传的控制中心，故C错误。染色质、T2噬菌体均由DNA和蛋白质组成，故D正确。2细胞呼吸相关酶在分化与否的细胞中均存在，故A正确。酶制剂应在低温下保存，故B错误。ATP分子中的“A”表示腺苷（核糖与腺嘌呤构成），而RNA分子中的碱基“A”仅表示腺嘌呤，故C正确。ATP的水解为放能反应，放出的能量提供给细胞中的其他吸收能量的反应利用，故D正确。3细胞生长，细胞体积变大，物质运输效率降低，故A错误。抑癌基因主要负责阻止细胞的不正常增殖，故B错误。端粒DNA序列在每次细胞分裂后会缩短一截导致细胞的衰老，故C错误。细胞凋亡是细胞内凋亡基因控制的细胞自动结束生命的编程性死亡，故D正确。4孟德尔运用假说演绎法发现了遗传规律，但并未证明遗传因子的化学本质，故A错误。烟草花叶病毒感染烟草实验，证明了烟草花叶病毒的遗传物质为RNA，但并未证明所有病毒的遗传物质都是RNA，且大多数病毒的遗传物质是DNA，故B错误。摩尔根运用假说演绎法证实了基因在染色体上，故C正确。肺炎双球菌体外转化实验运用了物质提纯鉴定技术、细菌培养技术，但并未用到同位素标记法，故D错误。5生长素有促进果实发育、促使扦插枝条生根等功能，苯乙酸（PAA）是植物体产生的具有生长素效应的化学物质，适宜浓度也能促进插条的生根；生长素能促进无子番茄的形成，但不能抑制纺锤体的产生从而不能诱导多倍体番茄植株的产生，故A、C错误。同一植物的不同器官对生长素的敏感度不同（根芽茎），对于促进植物茎生长的生长素浓度可能对于根的生长表现为抑制作用，故B错误。探究生长素类似物促进插条生根的最适浓度时，在溶液的浓度较低时常用浸泡法，故D正确。6能量传递效率=（某营养级同化量/上一营养级同化量）100%，兔与狐之间的能量传递效率为（2.25107）/（7.50108）100%=3.0%，故A正确。某营养级用于自身生长发育与繁殖=（同化量呼吸量）/同化量，故兔同化能量中用于自身生长发育与繁殖的能量为（7.501087.15108）/7.50108100%4.7%，故B正确。若草的种类减少，将导致该生态系统的物种丰富度降低、营养结构变简单，将使该生态系统的恢复力稳定性增强，故C错误。狐能依据兔留下的气味去猎捕，兔同样也能依据狐的气味躲避狐的猎捕，体现了兔与狐之间可以通过信息传递调节生物的种间关系，维持两者种群数量的稳定，故D正确。7工业上从海带中提取碘，灼烧、溶解以后，碘元素以碘离子形式存在，需要加氧化剂氧化生成碘单质，然后萃取即可。用活性炭为糖浆脱色是物理方法，利用活性炭的吸附性，用次氯酸盐漂白纸浆的原理是次氯酸盐氧化性漂白，原理不同。故选B。8有机物命名时，编号的只有C原子，故应命名为2-丁醇。蛋白质、淀粉、纤维素都是相对分子质量较大的化合物，是高分子化合物。合成该有机物使用的单体有3种。等物质的量的乙烯和乙醇完全燃烧消耗氧气的量相同，而二者的摩尔质量不同，因此等质量的乙烯和乙醇完全燃烧消耗氧气的量不同，D错。故选D。9溶度积只与温度有关。KHCO3溶液呈碱性，的水解大于电离，所以。若，根据溶液电中性可知，溶液呈碱性，或都符合，错误。强碱抑制水的电离。故选C。10A项，中和热的测定，可以达到实验目的；Fe(OH)3沉淀与Fe(OH)3胶体是不同的物质；温度计应放置在支管口附近；吸收CO2中的HCl杂质时，气体应该由长管进，短管出。故选A。11A、B、C、D、E五种主族元素分别为C、O、Na、Al、Si，由Na0.5H2，Al1.5H2关系可知：相同质量的Na和Al单质分别与足量稀盐酸反应时，Al生成的氢气多；C与D的最高价氧化物对应的水化物为NaOH和Al(OH)3，前者碱性更强；不用电解氯化物的方法制备单质铝，是因为熔融状态下其不导电，所以无法用电解的方法从AlCl3中制备铝；简单离子半径：O2Na+。故选A。12只闭合K1时，该装置是电解池，铁作阳极，腐蚀最快，只闭合K3时，该装置构成原电池，铁作负极发生吸氧腐蚀，腐蚀较快，只闭合K2时，该装置构成电解池，铁作阴极而被保护，所以铁腐蚀的速度由大到小的顺序：只闭合K1只闭合K3都断开只闭合K2，故A错误；只闭合K3，是原电池反应，铁作负极，发生的是吸氧腐蚀，正极的电极反应式为2H2O+O2+4e= 4OH，故B正确；只闭合K1，阴极上氢离子放电生成氢气导致U型管右端液面下降，则漏斗内液面上升，只闭合K2，阳极上氯离子放电生成氯气，阴极上氢离子放电生成氢气，所以左右两端都有气体生成，压强增大导致U型管液面均下降，漏斗内液面上升，故C正确；只闭合K2，阳极上氯离子放电生成氯气，阴极上氢离子放电生成氢气，所以左右两端都有气体生成，压强增大导致U型管液面均下降，故D正确。故选A。13标况下2.24L NO的物质的量为，生成0.1mol NO转移电子的物质的量为，铜和镁都是2价金属，则金属的物质的量为，固体和硝酸恰好完全反应，反应生成硝酸铜、硝酸镁，根据N原子守恒，200mL该硝酸溶液中含有硝酸的物质的量为，该硝酸溶液的浓度为，故正确、错误；铜与镁在空气中加热生成CuO、MgO，得到固体中含有氧元素的物质的量与金属的物质的量相等，则得到固体的质量为，故正确、错误；根据分析可知，正确的为，故选B。14三种射线中穿透能力由强到弱的顺序是射线、射线、射线，故A错误。衰变中产生的射线是由原子核中的中子转化而来的，故B错误。经过两个半衰期，应是剩余的原子核没有衰变，故C错误。射线是伴随着衰变和衰变释放出来的高频电磁波，故D正确。15对小球，由矢量图解法可知拉力F增大，F的水平分力减小而竖直分量增大，对小球和斜面这个整体，地面对斜面的摩擦力与F的水平分力大小相等，应减小，由于F的竖直分量增大，所以地面支持力减小，故正确。16由等量异种电荷的电场分布特征可知A、B、D正确，C错误。17设地面支持力为F，离地球表面3R处的重力加速度为，则，在此处对物体有，在地球表面有，解得，故B正确。18由对称性可知，离子的碰撞点Q与P关于O点对称，如右图所示，由几何关系可知，轨迹半径为，轨迹为四分之一圆，碰撞后的轨迹与碰撞前对称，故C正确。19甲、乙两杆克服安培力做的总功等于回路中产生的焦耳热，故A错 误。由及，可得，故B正确。显然，甲杆减少的动能部分转化为两杆的焦耳热，另一部分转移到乙杆上，所以甲杆动能的减少量等于乙杆获得的动能与系统产生的焦耳热之和，故C正确。当两杆的速度相等时，电路中没有感应电流，杆不再受安培力的作用，两杆以这个速度一起匀速运动，故D错误。20由于斜面粗糙，物体向上、向下运动滑动摩擦力都做负功，机械能都减小，故B错误。当物体返回出发点A时，速度大小，上下位移大小相同，由可知，故A正确。分别作出上下两个过程的动能、势能随高度变化的图象可知，上滑经过C点时动能大于重力势能，下滑经过C点时动能小于重力势能，故C错误，D正确。21时，、三个电阻消耗的功率相同，说明流过三个电阻的电流相同，三个电阻的电压也相同，设为，则，故B正确。由此可知原副线圈的电流之比为12，所以匝数之比，故A错误。设副线圈电阻为，随R的增大而增大，设原线圈电流为，则副线圈电流为，由能量守恒可得，由此可知，当R增大时，增大，应减小，的电压减小，原线圈两端电压增大，副线圈电压增大，的电流增大，故C错误，D正确。第卷（非选择题，共174分）三、非选择题（一）必考题（共11题，共129分）22（每空3分，共6分）（1）（2）【解析】（1）滑块经过光电门时速度为，则，由此可得。（2）对重物和滑块有，解得。23（除特殊标注外，每空1分，共9分）（1）D（2分）（2）BC（2分）（3） A 40k 5.0 8.7524（14分）解：（1）设空气阻力大小为f，抛出时的速度大小为，落回抛出点时的速度大小为则 设有阻力时小球能上升的最大高度为H对上升过程： 对下降过程： 解得： （2）如果没有空气阻力，设上升的最大高度为h，则 所以 所以 评分标准：本题共14分。正确得出、式各给1分，其余各式各给2分。25（18分）解：（1）设液滴的质量为m，由于带电液滴做匀速圆周运动所以 且 解得： （2）分裂后，每个液滴的质量均为，由于第一个还能做匀速圆周运动所以即 对第一个液滴有 解得： 分裂的过程中有 解得： 对第二个液滴有 解得： 评分标准：本题共18分。正确得出、式各给3分，正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。26（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）（2）吸热 （或）（1分）且a1BD（3）a b c0.10【解析】（1）根据盖斯定律，等于22，则。（2）据题已知条件可计算实验1：K=1，实验2：，说明温度升高平衡向逆反应方向移动，正反应放热，逆反应是吸热反应。实验2平衡时， ， ，平衡常数或0.17。实验3达到平衡时与实验2达到平衡状态时各物质的体积分数分别相等，说明实验2和3是等效平衡，且，反应速率更快，所以且。根据题意：实验1：，当再通入4mol水蒸气时，设生成二氧化碳x mol，则 H2O(g)+CO(g)H2(g)+CO2(g)初始物质的量：6 4 0 0变化物质的量：x x x x 平衡物质的量： x x温度不变，则（各物质的体积已相约），解得x=2.4mol，新、旧平衡时容器内气体的压强之比等于物质的量之比，又因为反应前后气体体积没有变化，所以为（2+4+4）（2+4）=53，A正确；新平衡时H2O的转化率降低；B错误；新平衡时CO的浓度为，C正确；因为反应前后体积没变，密度之比等于质量之比，新、旧平衡时容器内气体质量比为（428+618）（428+218）53，D错误；故选BD。（3）点是等物质的量KHC2O4和H2C2O4混合溶液的电荷守恒；点为KHC2O4，pHa%b%（4）BD（5）58.5（6）2FeTiO3+6C+7Cl2=2FeCl3+2TiCl4+6CO （7）3Mg +N2Mg3N2【解析】（2）先过滤除去泥沙，加NaOH除去Mg2+，再加过量BaCl2溶液除去，再加过量Na2CO3溶液除去Ca2+及过量钡离子，过滤除去沉淀，最后加适量盐酸，则正确的顺序为，选B。（3）电解池中阴极产生NaOH，则a%b%，原电池中正极O2+4e+2H2O=4OH，Na+通过阳离子交换膜与结合产生NaOH，则c%a%。所以c%a%b%。（4）Cl2+H2OHCl+HClO，氯水中加入碳酸氢钠溶液：NaHCO3+HCl=NaCl+H2O+CO2，碳酸氢钠与HClO不反应，平衡右移，次氯酸的浓度增大，A对。四种溶液中，水的电离程度最大的是Na2CO3，B错。酸性H2SO3H2CO3HClO，HClO最弱，pH最大，C对。结合H+能力最强的是，D错。（5）利用电解所得气体制36.5%的浓盐酸100t，需要HCl 36.5t，则需要NaCl 58.5t。（6）根据流程提示写出方程。（7）氮气可以和镁反应。28（每空2分，共14分）（1）2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2（2）H2O（3）H2O2+2Fe2+2H+=2Fe3+2H2O （4）11010（5） 8.710-7 N2H6(HSO4)2【解析】根据题意推出U、V、W、X、Y、Z分别是H、C、N、O、Na、S。容易写出（1）的方程。（2）V、W、X形成的10电子氢化物分别是CH4、NH3、H2O。H2O分子间有氢键且常温呈液态，沸点最高。 （4）pH=11的Na2CO3 溶液，水电离出的是110-3，加入过量石灰乳，过滤后得到pH=13 NaOH溶液，水电离出的是110-13。两者的比值是11010。（5）联氨为二元弱碱，在水中的电离方程式与氨相似，则联氨第一步电离的方程式为N2H4+H2O，已知：N2H4 + H+的，平衡常数；联氨为二元弱碱，酸碱发生中和反应生成盐，则联氨与过量硫酸形成酸式盐的化学式为N2H6(HSO4)2 。29（除特殊标注外，每空2分，共9分）（1）低（1分） 增加 CO2吸收较少，导致光合作用暗反应过程中CO2固定速率减慢，C3还原速率不变，故C5增多（2）类囊体薄膜（或叶绿体基粒）（1分） 无水乙醇（或丙酮）（1分） C、D【解析】（1）根据数据分析，甜槠在各个时间点的CO2吸收速率均显著高于披针叶苔草，说明披针叶苔草的光合作用速率较甜槠低；在中午12点时，据表中数据体现甜槠存在光合午休现象，植物为了减小蒸腾作用而关闭气孔，导致CO2的吸收速率下降，从而使光合作用暗反应中CO2固定速率减慢，但C3还原速率不变，故C5增多。（2）叶绿体中的色素及光合作用光反应相关酶分布于叶绿体类囊体薄膜上，色素为有机物，可溶于无水乙醇（或丙酮）等有机溶剂中；通过纸层析法可以将提取出的色素进行分离，在滤纸上距滤液细线处最近的两条色素带分别为叶绿素b和叶绿素a，而镁是叶绿素的组成元素之一，类胡萝卜素不含镁。30（除特殊标注外，每空1分，共9分）（1）A、E（2分）（2）神经冲动 细胞代谢旺盛，增大产热（2分）（3）特异性（4）神经系统中的兴奋在神经纤维上以电信号的形式传导速度较快，而内分泌系统产生的激素通过体液运输传递速度较慢，故神经调节速度快于体液调节速度（3分）【解析】（1）据图分析，内分泌系统合成分泌的激素可通过体液运输而进入内环境，故可以代表6个选项中的胰岛素和性激素。（2）在神经纤维上以电信号形式传导的兴奋称为神经冲动；在寒冷环境中，下丘脑可产生促甲状腺激素释放激素作用于垂体，垂体产生促甲状腺激素作用于甲状腺，促进甲状腺激素的合成分泌，从而促进细胞代谢旺盛，增大产热以抵御寒冷。（3）抗原进入机体后会被吞噬细胞吞噬并摄取、处理、呈递抗原信息给T细胞，并激发特异性免疫的发生。（4）神经调节通过反射弧完成且作用速度快、时间短，而体液调节通过体液运输方式进行且作用时间长、速度慢，神经系统中的兴奋在神经纤维上以电信号的形式传导速度较快，而内分泌系统产生的激素通过体液运输传递速度较慢，故神经调节速度快于体液调节速度。31（除特殊标注外，每空2分，共10分）（1）群落中物种数目的多少 等距取样（1分）（2）轻度 轻度入侵区物种数多，物种丰富度大，群落营养结构复杂，抵抗力稳定性高 降低 直接（1分）【解析】（1）丰富度的概念为群落中物种数目的多少；对于调查植物的种群密度可以用样方法，对于狭长形的山腰地段可以选择等距取样法进行调查。（2）据图分析8月份时的物种数为轻度入侵区最大，说明轻度入侵区相比中度、重度入侵区的物种丰富度大，营养结构复杂，故抵抗力稳定性高；外来入侵植物将导致本土生物多样性降低，对于紫茎泽兰直接制作为饲料等应用属于生物多样性价值中的直接价值。32（除特殊标注外，每空2分，共11分）（1）染色体复制一次，细胞连续分裂两次，子细胞染色体数目比原始生殖细胞的减少一半 自由组合（1分） 自由组合（1分）（2）白眼雌性与红眼雄性（3）BbXEXe 4（1分）（4）灰翅红眼雌果蝇【解析】（1）进行有性生殖的生物，在产生成熟生殖细胞时进行染色体数目减半的细胞分裂称为减数分裂，在减数分裂中染色体只复制一次，而细胞分裂两次，导致子细胞染色体数目比原始生殖细胞的减少一半；据图可知由精原细胞到甲细胞过程发生了减数第一次分裂，在减数第一次分裂后期非同源染色体会发生自由组合；果蝇的眼色位于X染色体上，而翅色位于常染色体上，控制这两对相对性状的基因为非同源染色体上的非等位基因，在减数分裂过程中可以发生基因的自由组合定律。（2）眼色性状为伴X染色体遗传，可以选择白眼雌性与红眼雄性杂交，在子代中表现为红眼即为雌性，表现为白眼即为雄性。（3）依据题干可知，黑翅白眼雄果蝇基因型为bbXeY且比例为1/8，而亲本为灰翅红眼雌果蝇（B XEX）与灰翅白眼雄果蝇（B XeY），可推测亲本雌果蝇基因型为BbXEXe，而这两对等位基因为非同源染色体上的非等位基因，故其可以产生BXE、BXe、bXE、bXe 4种类型的配子，且比例为1111。（4）依据题干与图分析，该精原细胞的基因型为BbXEY，其产生的细胞乙与一只黑翅红眼雌果蝇产生的卵细胞结合发育成一只黑翅白眼雄果蝇的基因型为bbXeY，则可知细胞乙的基因型为bY，而一个精原细胞在一次减数分裂中产生4个两种类型的配子（不发生交叉互换），可推测细胞丙的基因型为BXE，则细胞丙与该黑翅红眼雌果蝇产生的卵细胞结合，发育成的果蝇的基因型为BbXEX，可推测该果蝇表现型为灰翅红眼雌果蝇。（二）选考题（共45分）33（15分）（1）（5分）ACE（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）（2）（10分）解：设此时气体压强为p，B的截面积为S，则A的截面积为2S对A、B两活塞整体： 解得： 由上述计算可知，在A到达两圆筒连接处前，气体压强不变开始时气体体积 A到达两圆筒连接处时，气体体积 由 解得： 评分标准：本题共10分。正确得出式给3分，正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。34（15分）（1）（5分）BDE（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）（2）（10分）解：光路如右图所示在AB面： 在AC面： 解得：， 则 评分标准：本题共10分。正确得出式各给2分。35（除特殊标注外，每空1分，共15分）（1）OCH 3（2）a（3）离子 6 （2分）sp2 SO3（或）离子键、配位键、共价键（2分，漏写扣1分，错写不给分）NaBH4+2H2O=NaBO2+4H2（2分）（4）MgB2（2分）【解析】（1）组成青蒿素的三种元素为H、C、O，元素的非金属性越强，电负性越强，非金属性：OCH，则H、C、O三种元素的电负性由大到小的顺序是OCH；在基态O原子中，核外有8个电子，其中有3个轨道有成对电子，则核外存在3对自旋方向相反的电子。（2）青蒿素中存在OO键、CC键，为非极性键，CO、CH键为极性键，故a正确；含有饱和碳原子，具有烷烃的结构，则所有碳原子不处于同一平面，故b错误；C=O键含有键，故c错误。（3）NaH为离子晶体，NaH晶体中每个钠离子周围有6个氢负离子，若晶胞棱长为a，则Na原子间最小核间距为。B(OCH3)3中B与3个O原子成键，为sp2杂化，B(OCH3)3的空间构型为平面三角形，与B(OCH3)3具有相同空间构型的分子或离子可为SO3、等。B原子核最外层有3个电子，NaBH4存在离子键、配位键和共价键。NaBH4在热水中水解生成偏硼酸钠和氢气，化学方程式为NaBH4+2H2O=NaBO2+4H2（或NaBH4+4H2O=NaB(OH)4+4H2）。（4）根据投影可知，1个B原子为3个Mg原子共用，故属于一个Mg原子的B原子为；1个Mg原子为6个B原子共用，故属于一个B原子的Mg原子为，由此可知：镁硼原子个数比，故硼化镁的化学式为MgB2。36（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）AC（2）碳碳双键（1分） CBA（全对才给分）（3）保护羰基（4）（5）5（4分）（6）【解析】（1）青蒿素属于环状化合物，但不含苯环结构，不属于芳香族化合物，故A正确；青蒿素分子结构中含有较多憎水基，难溶于水，故B错误；青蒿素分子结构中含有酯基，一定条件下，能与氢氧化钠溶液发生水解反应，故C正确；青蒿素分子结构中含有过氧键，具有强氧化性，可氧化碘化钾生成碘而使淀粉变蓝，故D错误；故选AC。（2）化合物A中含有的非含氧官能团是碳碳双键，检验碳碳双键时要排除醛基的干扰，首先在加热条件下，A与新制氢氧化铜悬浊液反应除去醛基，再加入盐酸中和，最后加入溴水，若溴水褪色，证明含有碳碳双键。（3）由EF的结构可知，羰基中C=O双键变成CS单键，由GH的结构可知，CS单键又变成羰基，目的是保护羰基。（4）根据已知的信息，H与稀硫酸共热时反应的化学方程式为。（5）A的结构为，M与A互为同系物，但比A少两个碳原子，则M的化学式为C8H14O，不饱和度为2，1个六元环的不饱和度为1，能发生银镜反应，表示分子中含有醛基，满足条件的M的同分异构体有、（邻、间、对位3种）、，共5种。（6）结合流程中BCD的变化分析设计，氯乙烷在氢氧化钠水溶液、加热条件下生成乙醇，乙醇催化氧化生成乙醛，乙醛与苯甲醛在氢氧化钡条件下生成，在氢气/Rh条件下发生加成反应