2018年高考物理二轮复习高考仿真模拟卷2新人教版.docx

高考仿真模拟卷(二)本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分满分110分考试时间60分钟第卷(选择题共48分)本卷共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14将重为4mg的均匀长方体物块切成相等的A、B两部分，切面与边面夹角为45，如图所示叠放并置于水平地面上，现用弹簧秤竖直向上拉物块A的上端，弹簧秤示数为mg，整个装置保持静止，则()A地面与物块间可能存在静摩擦力B物块对地面的压力大于3mgCA对B的压力大小为mgDA、B之间静摩擦力大小为mgD对AB整体受力分析，水平方向不受地面的摩擦力，否则不能平衡，故A错误；竖直方向受力平衡，则有FNF4mg，解得：FN3mg，则物块对地面的压力等于3mg，故B错误；对A受力分析如图所示，把A部分所受力沿切面和垂直切面方向进行分解，根据平衡条件得：FNA(2mgmg)cos 45，Ff(2mgmg)sin 45解得：FNAFfmg，故C错误，D正确15北斗导航系统具有导航、定位等功能如图所示，“北斗”系统的三颗卫星a、b、c绕地心做匀速圆周运动，卫星c所在的轨道半径为r，卫星a、b所在的轨道半径为2r，若三颗卫星均沿顺时针方向(从上向下看)运行，质量均为m，卫星c所受地球的万有引力大小为F，引力常量为G，不计卫星间的相互作用下列判断中正确的是()A卫星a所受地球的万有引力大小为B地球质量为C如果使卫星b加速，它一定能追上卫星aD卫星b的周期是卫星c的两倍B根据F得，卫星a受到的万有引力大小为，A错误；由F可得地球质量等于，B正确；若卫星b加速，则卫星b将做离心运动，运行轨道改变，不可能追上卫星a，C错误；根据Gmr()2得T2 ，Tb2Tc，D错误16如图所示，一个质量为m的物块A与另一个质量为2m的物块B发生正碰，碰后B物块刚好能落入正前方的沙坑中假如碰撞过程中无机械能损失已知物块B与地面间的动摩擦因数为0.1，与沙坑的距离为0.5 m，g取10 m/s2，物块可视为质点则A碰撞前瞬间的速度为()A0.5 m/sB1.0 m/sC1.5 m/sD2.0 m/sC碰后物块B做匀减速直线运动，由动能定理有2mgx02mv，得v21 m/s.A与B碰撞过程中动量守恒、机械能守恒，则有mv0mv12mv2，mvmv2mv，解得v01.5 m/s，则C项正确17如图所示，将a、b两小球以大小为20 m/s的初速度分别从A、B两点相差1 s先后水平相向抛出，a小球从A点抛出后，经过时间t，a、b两小球恰好在空中相遇，且速度方向相互垂直，不计空气阻力，g取10 m/s2，则抛出点A、B间的水平距离是()A80 m B100 mC200 m D180 mDa、b两球在空中相遇时，a球运动t秒，b球运动了(t1)秒，此时两球速度相互垂直，如图所示，由图可得：tan ，解得：t5 s(另一个解舍去)，故抛出点A、B间的水平距离是sv0tv0(t1)180 m，D正确18如下图所示为某种电磁泵模型的示意图，泵体是长为L1，宽与高均为L2的长方体泵体处在方向垂直向外、磁感应强度为B的匀强磁场中，泵体的上下表面接电压为U的电源(内阻不计)，理想电流表示数为I，若电磁泵和水面高度差为h，液体的电阻率为，在t时间内抽取液体的质量为m，不计液体在流动中和管壁之间的阻力，取重力加速度为g，则()A泵体上表面应接电源负极B电磁泵对液体产生的推力大小为BIL1C电源提供的电功率为D质量为m的液体离开泵时的动能为UItmghI2tD当泵体上表面接电源的正极时，电流从上向下流过泵体，这时受到的磁场力水平向左，拉动液体，选项A错误；电磁泵对液体产生的推力大小为FBIL2，选项B错误；电源提供的电功率为PUI，选项C错误；根据电阻定律，泵体内液体的电阻为R，那么液体消耗的热功率为PI2RI2，而电源提供的电功率为UI，若在t时间内抽取液体的质量为m，根据能量守恒定律，可得这部分液体离开泵时的动能为EkUItmghI2t，选项D正确19热核反应方程：HHHeX17.6 MeV，其中X表示某种粒子，则下列表述正确的是()AX是质子B该反应需要吸收17.6 MeV的能量才能发生C平均每个核子能释放3 MeV以上能量D(mHmH)(mHemX)CD根据电荷数守恒、质量数守恒知X的电荷数为0，质量数为1，为中子，A错误；该反应为聚变反应，要释放出能量，B错误；核子数为质量数之和是5，所以平均每个核子能释放3.5 MeV的能量，C正确；核反应前后有能量释放，根据质能方程知有质量亏损，所以D正确20如图所示，三个小球A、B、C的质量均为m，A与B、C间通过铰链用轻杆连接，杆长为L.B、C置于水平地面上，用一轻质弹簧连接，弹簧处于原长现A由静止释放下降到最低点，两轻杆间夹角由60变为120.A、B、C在同一竖直平面内运动，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g.则此下降过程中()AA的动能达到最大前，B受到地面的支持力小于mgBA的动能最大时，B受到地面的支持力等于mgC弹簧的弹性势能最大时，A的加速度方向竖直向下D弹簧的弹性势能最大值为mgLAB本题考查牛顿运动定律、能量守恒A球初态v00，末态v0，因此A球在运动过程中先加速后减速，当速度最大时，动能最大，加速度为0，故A的动能达到最大前，A具有向下的加速度，处于失重状态，由整体法可知在A的动能达到最大之前，B受到地面的支持力小于mg，在A的动能最大时，B受到地面的支持力等于mg，选项A、B正确；弹簧的弹性势能最大时，A到达最低点，此时具有向上的加速度，选项C错误；由能量守恒，A球重力所做功等于弹簧最大弹性势能，A球下降高度hLcos 30Lcos 60L，重力做功WmghmgL，选项D错误21如图甲所示，两个平行导轨竖直放置，导轨间距为L2 m金属棒MN在导轨间部分电阻r2 ，金属棒质量m0.4 kg，导轨的最上端接阻值为R8 的定值电阻虚线OO下方无穷大区域存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里将金属棒从图示位置由静止释放，下落过程中的vt图象如图乙所示不计导轨的电阻和一切摩擦，金属棒与导轨始终接触良好，取重力加速度g10 m/s2，则()A释放金属棒的位置到OO的距离为10 mB匀强磁场的磁感应强度大小为1 TC12 s内，定值电阻R产生的热量为32 JD12 s内，金属棒克服安培力做的功为32 JBC在01 s，金属棒的位移就是释放金属棒的位置到OO的距离，大小为5 m，A错误；由题图乙知，金属棒自由下落1 s进入磁场后以速度v10 m/s做匀速运动，产生的电动势EBLv，金属棒中的电流I，金属棒所受安培力F安BIL，由平衡条件得mgF安，解得B1 T，B正确；12 s内，电阻R产生的热量QI2Rt32 J，C正确；克服安培力做的功为WF安x40 J，D错误第卷(非选择题共62分)本卷包括必考题和选考题两部分第2225题为必考题，每个试题考生都必须做答第3334题为选考题，考生根据要求做答(一)必考题(共47分)22(6分)某研究性学习小组设计如图所示装置来测定当地重力加速度，主要操作如下：A安装实验器材，调节铁夹夹住的小铁球、光电门和纸杯在同一竖直线上；B用螺旋测微器多次测量小铁球的直径得到平均值为l；C打开铁夹，由静止释放小铁球，让小铁球通过光电门，在光电计时器中显示出小铁球通过光电门的时间t0，并把光电门此时的位置记为O；D将光电门向下移动一段距离h，让小铁球从原来的位置自由下落，并通过光电门，在光电计时器中显示出小铁球通过光电门的时间t；E改变光电门的位置，重复D的操作测出多组(h，t)，并用图象法处理实验数据，求得重力加速度请根据实验，回答如下问题：(1)若某次用螺旋测微器测量小铁球的直径，螺旋测微器的刻度位置如图所示，则小铁球直径为d_mm.(2)若以h为横轴，以_为纵轴，则所得到的图象为一条倾斜的直线；若求得该直线的斜率为k，纵截距为b，则可求得重力加速度g_.(3)为了提高实验的精度，某同学提出了如下几条建议，你认为正确的是_A换用直径更大的小铁球B换用直径更小的小木球C换用直径更小的小铜球解析(1)固定刻度读数为8 mm，可动刻度读数为47.50.01 mm0.475 mm，两个读数相加为8.475 mm.(2)因为v2v2gh，即()2()22gh，得h，所以以为纵轴，斜率为k，即g.(3)换用直径更小的小铜球，测量的速度更接近瞬时速度，空气阻力的影响更小，应选C项答案(1)8.475(2)(3)C23(9分)某同学为了测量电流表的内阻，连接了如图所示的电路(1)请根据他连接的电路画出电路原理图(2)他的实验步骤如下：闭合电键S，移动滑动变阻器的滑片P至某一位置，记录电流表和的读数，分别记为I1和I2.多次移动滑动变阻器的滑片P，记录每次和的读数I1和I2.以I1为纵坐标，I2为横坐标，作出I1I2图线请根据他连接的电路及实验步骤，以r表示电流表的内阻，则I1随I2变化的函数关系式为_；若作出的I1I2图线是一过原点的直线，直线的斜率为k，与电流表并联的定值电阻阻值R0已知，则待测电流表的内阻r_.(3)他测量电流表内阻的方法属于_A半偏法 B等效法 C替换法 D伏安法 解析(1)根据他连接的电路，可知滑动变阻器采用分压接法，电流表与定值电阻R0并联后与电流表串联作为测量电路，接在电源正极与滑动变阻器滑片P之间，由此可画出电路原理图见答案(2)由并联电路规律有，I2I1IR0，IR0R0I1r，解得I1I2；由k，解得r(1)R0.(3)他测量电流表内阻的方法本质上属于伏安法，D正确答案(1)如图所示 (2)I1I2(1)R0(3)D24(12分)如图所示，光滑半圆形轨道MNP竖直固定在水平面上，直径MP垂直于水平面，轨道半径R0.5 m质量为m1的小球A静止于轨道最低点M，质量为m2的小球B用长度为2R的细线悬挂于轨道最高点P.现将小球B向左拉起，使细线水平，以竖直向下的速度v04 m/s释放小球B，小球B与小球A碰后粘在一起恰能沿半圆形轨道运动到P点两球可视为质点，g10 m/s2.试求：(1)B球与A球相碰前的速度大小；(2)A、B两球的质量之比m1m2.解析(1)设B球与A球碰前速度为v1，碰后两球的速度为v2.B球摆下来的过程中机械能守恒m2vm2g2Rm2v解得v16 m/s(2)碰后两球恰能运动到P点，则(m1m2)g(m1m2)得vP m/s碰后两球沿圆弧运动机械能守恒(m1m2)g2R(m1m2)v(m1m2)v得v25 m/s两球碰撞过程中动量守恒m2v1(m1m2)v2解得m1m215答案(1)6 m/s(2)1525. (20分)如图所示，S为一电子发射枪，可以连续发射电子束，发射出来的电子初速度可视为0，电子经过平行板A、B之间的加速电场加速后，从O点沿x轴正方向进入xOy平面内，在第一象限内沿x、y轴各放一块平面荧光屏，两屏的交点为O，已知在y0、0x0、xa的区域有垂直纸面向里的匀强磁场，大小均为B.已知给平行板A、B提供直流电压的电源E可以给平行板A、B提供0U之间的各类数值的电压，现调节电源E的输出电压，从0调到最大值的过程中发现当A、B间的电压为U时，x轴上开始出现荧光(不计电子的重力)试求：(1)当电源输出电压调至U和U时，进入磁场的电子运动半径之比r1r2；(2)两荧光屏上的发光亮线的范围解析(1)设电子的质量为m，电荷量为q，经过U和U的电压加速后速度分别为v1和v2，根据动能定理和牛顿第二定律有：mvqUmvqUqv1Bmqv2Bm由得.(2)由题意可知经加速电压为U加速的电子打在y轴最高点，此时r1ay轴上的发光范围为0y2a当加速电压调至U后，越过磁场边界的电子与边界线相切打在x轴的x2a处，如图甲所示当加速电压调到最大值U时，此时飞出的电子打在x轴最远处，如图乙，此时运动半径r2r1a 由几何关系可知，sin 60，O1O22r2故O2恰好在x轴上，所以电子垂直打在x轴上：OP2aa在x轴上的发光范围：2ax(2)a.答案(1)(2)2ax(2)a(二)选考题(共15分请考生从给出的2道物理题中任选一题做答如果多做，则按第一题计分)33物理选修33(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是_(填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小B分子热运动就是布朗运动C当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而减小D气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数与单位体积内的分子数和温度有关E温度相同的物体分子动能都相等(2)(10分)如图所示，圆筒固定不动，活塞A的横截面积为2S，活塞B的横截面积为S，圆筒内壁光滑，圆筒左端封闭，右端与大气相通，大气压强为p0，活塞A、B将圆筒分为三部分，活塞B左边部分为真空，A、B之间是一定质量的理想气体，活塞B通过劲度系数为k的弹簧与圆筒左端相连，开始时A、B之间的气体在粗筒和细筒中的长度均为L，现用水平向左的力Fp0S作用在活塞A上，求：(设气体温度不变，弹簧始终在弹性限度内)()活塞B移动的距离y；()活塞A移动的距离x.解析(1)分子之间的引力和斥力大小相等时，分子势能最小，A正确；悬浮在液体中的微粒的无规则运动是布朗运动，B错误；当分子力表现为斥力时，分子间的距离增大时，分子斥力做正功，分子势能减小，C正确；气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数决定了气体的压强，与单位体积内分子数和气体的温度有关，D正确；温度相同的物体，分子平均动能相等，但每个分子的动能不一定相等，E错误(2)()对活塞B，根据平衡条件得ky0p0Sp2p0又k解得y()对于封闭的理想气体，初态p1p0，体积V13LS末态p2p0p0，体积V2(Ly)S2(Lx)S根据玻意耳定律有p1V1p2V2解得xL答案(1)ACD(2)()()L34物理选修34(15分)(1)(5分)在一根长绳上有一列简谐横波向右传播，某时刻长绳上形成如图所示的波形，对于此时刻长绳上A、B、C、D、E、F六