2018年普通高等学校招生全国统一考试高考理综信息卷一.doc

2018年好教育云平台最新高考信息卷理科综合能力测试（一） 注意事项：1、本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2、回答第卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。3、回答第卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。4、考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H-1 B-11 C-12 N-14 O-16 Cl-35.5 Cu-64 Sn-119第卷一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要 求的。1下列关于细胞结构和功能的叙述，正确的是A细胞间传递信息的分子均是在核糖体上合成的B线粒体内膜折叠成嵴提高了有氧呼吸的效率C没有高尔基体的细胞中蛋白质的空间结构简单D蓝藻有丝分裂所需能量来自呼吸作用产生的ATP【答案】B【解析】细胞间传递信息的分子不都在核糖体上合成，如神经细胞分泌的神经递质就不在核糖体上合成，A错误；线粒体内膜折叠成嵴会增大有氧呼吸第三阶段所需酶的附着位点，所以提高了有氧呼吸的效率，B正确；蛋白质的空间结构的形成并不是在高尔基体上，所以蛋白质空间结构简单与否与高尔基体的有无无关，C错误；蓝藻属于原核生物，没有有丝分裂这种增殖方式，D错误。2研究发现果蝇的Indy基因与体内的能量利用和储存有关。该基因变异后，可限制果蝇细胞水平的能量吸收，如果对果蝇进行节食处理，果蝇的寿命也会明显延长。下列有关叙述中，正确的是AIndy基因变异后，果蝇细胞不再衰老，细胞寿命延长B只要对果蝇的基因进行诱变，就可限制果蝇细胞水平的能量吸收C果蝇Indy基因的正常表达是通过DNA复制、转录和翻译过程来实现的D果蝇Indy基因的突变若发生在配子中，将遵循遗传规律传递给后代【答案】D【解析】Indy基因变异后，果蝇的寿命明显的延长，说明果蝇体内细胞衰老的速度减慢，而不是不再衰老，A错误；由于基因突变的不定向性，对Indy基因进行诱变，不一定能限制果蝇细胞水平的能量吸收，B错误；果蝇Indy基因的正常表达是通过转录和翻译过程来实现的，C错误；果蝇Indy基因的突变若发生在配子中，将遵循遗传规律传递给后代，D正确。3人接种埃博拉病毒（EBV）疫苗后，经过一段时间，血液中出现相应抗体。下列叙述正确的是A该被动免疫以诱发人体免疫应答为目的B抗体与内环境中病毒类抗原发生中和而失效C血液中出现抗体可以确定其已被病原体感染D抗原和抗体比较，前者的成分不都是蛋白质【答案】D【解析】接种疫苗让机体产生抗体是主动免疫过程，A错误；抗体具有特异性，只能与内环境中的埃博拉病毒发生中和，而不是病毒类抗原，B错误；血液中出现抗体不能确定是否已被病原体感染，有可能是接种过疫苗，C错误；抗体都是蛋白质，而抗原不一定都是蛋白质，D正确。4用适宜浓度的生长素(IAA)、赤霉素(GA)及植物激素抑制剂S处理水仙茎切段，48小时后测得水仙茎切段的伸长率如图所示，该实验数据不能支持的结论是A不添加IAA和GA时茎段仍能生长BIAA和GA均能促进茎伸长，IAA的作用效果更好CIAA和GA在促进茎伸长时具有协同作用D植物激素抑制剂S能抑制IAA和GA的作用【答案】D【解析】据图可知，组不添加IAA和GA，茎段伸长率为20%，说明茎段仍能生长，A正确；比较三组，可知IAA和GA均能促进茎伸长，且IAA的作用效果更好，B正确；比较组，可知IAA和GA在促进茎伸长时具有协同作用，C正确；比较两组，可知植物激素抑制剂S不能抑制IAA的作用，D错误。5人类的X染色体和Y染色体是一对特殊的同源染色体，以下说法不支持这一观点的是A从功能看，都是与性别决定有关的染色体，其上携带与性别相关的基因B从形态结构看，人类X染色体和Y染色体存在着同源区段C从来源看，男性的X染色体来自母方，Y染色体来自父方D从减数分裂中的行为看，二者都能够联会、彼此分离进入不同的子细胞【答案】A【解析】X染色体和Y染色体都是与性别决定有关的染色体，其上携带与性别相关的基因（如红绿色盲基因，只存在于X染色体上），不能说明它们是一对同源染色体；X染色体和Y染色体存在着同源区段可以说明二者是同源染色体；成对的同源染色体一个来自父方，一个来自母方，男性的X染色体来自母方，Y染色体来自父方，可以说明二者是同源染色体；减数第一次分裂同源染色体联会、分离，X染色体和Y染色体在减数分裂过程中可以联会、分离，说明二者是同源染色体。选A。6下列有关细胞分化和细胞衰老的叙述，错误的是A细胞分化导致不同功能的细胞中RNA和蛋白质种类发生差异B细胞分化使机体细胞功能趋向专门化，有利于提高生理功能的效率C衰老细胞呼吸速率减慢，核体积减小，染色质染色加深D细胞分化和细胞衰老贯穿于多细胞生物个体发育的全过程【答案】C【解析】细胞分化是基因选择性表达的结果，会导致不同功能的细胞中RNA和蛋白质种类发生差异，A正确；细胞分化可以使多细胞生物体中的细胞趋于专门化，形成各种不同细胞，进而形成具有特定形态、结构和功能的组织和器官，而每一种器官都可以相对独立地完成特定的生理功能，这样就使得机体内可以同时进行多项生理活动，而不相互干扰，这样有利于提高各种生理功能的效率，B正确；衰老细胞呼吸速率减慢，细胞核体积变大，核膜内折，染色质收缩，染色加深，C错误；细胞衰老和细胞分化是由基因控制的，贯穿于多细胞生物个体发育的全过程，D正确。7本草纲目对白酒（俗称烧酒）的制造过程有如下叙述：“烧酒非古法也，自元时创始，其法用浓酒和糟入甑，蒸令气上，用器承滴露”，“凡酸坏之酒，皆可蒸烧”，“以烧酒复烧二次价值数倍也”。文中涉及的操作方法是A蒸馏 B蒸发 C干馏 D升华【答案】A8下列化学反应的离子方程式书写不正确的是A用FeCl3溶液腐蚀印刷线路板上的Cu：2Fe3+Cu2Fe2+Cu2+B向CuSO4溶液中加入Na2O2：2 Na2O2+2Cu2+2H2O4Na+2Cu(OH)2+O2C稀硝酸中加入过量铁粉：Fe+4H+NO3Fe3+NO+2H2OD用Na2CO3溶液浸泡锅炉水垢：CaSO4(s)+CO32(aq)CaCO3(s)+SO42(aq)【答案】C9UrolithinA是一种含氧杂环化合物，在合成有机材料和药品中有重要应用、其结构如图所示。下列关于该有机物的说法正确的是A分子式为C13H6O4B所有原子一定处于同一平面上C苯环上的一氯代物有3种D1mol该有机物与H2反应时，最多消耗6molH2【答案】D10下列实验操作、实验现象和实验结论均正确的是选项实验操作实验现象实验结论A向一定浓度CuSO4溶液中通人H2S气体出现黑色沉淀H2S酸性比H2SO4强B常温下，相同铝片分别投入足量稀、浓硫酸中浓硫酸中铝片先溶解完反应物浓度越大，反应速率越大C2mL0.1molL1MgCl2溶液中滴加2滴1molL1NaOH溶液，再滴加2滴0.1molL1FeCl3溶液先生成白色沉淀，后生成红褐色沉淀KspMg(OH)2 KspFe(OH)3D向2mL2%CuSO4溶液中加入几滴1%NaOH溶液，振荡后加入几滴有机物X溶液，加热未出现砖红色沉淀X不可能是葡萄糖【答案】C11如图所示，装置(I)是一种可充电电池，装置()为惰性电极的电解池。下列说法正确的是A闭合开关K时，电极B为负极，且电极反应式为：2Br2eBr2B装置(I)放电时，总反应为：2Na2S2+Br2Na2S4+2NaBrC装置(I)充电时，Na+从左到右通过阳离子交换膜D该装置电路中有0.1mole通过时，电极上析出3.2g Cu【答案】B12短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，它们占据三个周期。Y原子最外层电子数是电子层数的3倍。同由W、X、Z和SO42-组成一种离子化合物的水溶液中滴加稀氢氧化钠溶液，产生沉淀与加入的氢氧化钠溶液的体积关系如图所示。下列说法正确的是AX、Y两种元素的非金属性强，其单质化学性质也很活泼BZ与X、Y形成的常见盐的水溶液会使蓝色石蕊试纸变红CZ的最高价氧化物对应的水化物可溶于X的最简单氢化物的水溶液中D由W、X、Y三种元素只能组成一种盐【答案】B13常温下向浓度均为0.10 mol/L、体积均为1mL的NaOH溶液和Na2CO3溶液中分别加水，均稀释至VmL；两种溶液的pH与lgV的变化关系如图所示。下列叙述中错误的是AKa1(CO32)（Ka1为第一级水解平衡常数）的数量级为104B曲线N表示Na2CO3溶液的pH随lgV的变化关系CNa2CO3溶液中存在：c(Na+)c(CO32)c(OH)c(HCO3)c(H+)D若将Na2CO3溶液加热蒸干，由于CO32-水解，最终析出的是NaOH固体【答案】D二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。14、三种射线的电离能力和穿透能力均不相同，射线的实质即是电子流，一铝板放在匀强磁场中，让粒子垂直穿越铝板，已知粒子穿越铝板的过程中损失的动能为原来的三分之二，速度方向和磁场垂直。不计重力，则粒子在穿越铝板前后的轨道半径比A3:2 B1:3 C D【答案】C【解析】穿过铝板前后的速度之比为 ，根据 可知粒子在穿越铝板前后的轨道半径比，故选C。15关于质量亏损和原子核的结合能以下说法正确的是A原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子释放的能量B一重原子核衰变成粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C核子结合成原子核时会出现质量亏损，亏损的质量转化为释放的能量D原子核的平均结合能越大，则原子核中核子的平均质量就越小，在核子结合成原子核时平均每个核子的质量亏损就越小【答案】B【解析】根据结合能的定义可知，分散的核子组成原子核时放出的能量叫做原子核结合能，所以从理论上来说，原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，故A错误；一重原子核衰变成粒子和另一原子核，该过程中要释放能量，所以衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能故B正确；核子结合成原子核时会出现质量亏损，质量亏损以能量的形式释放出来，选项C错误；原子核的平均结合能越大，则原子核中核子的平均质量（原子核的质量除以核子数）就越小，平均每个核子的质量亏损就越多，D错误；故选B。16宽为L的两光滑竖直裸导轨间接有固定电阻R，导轨（电阻忽略不计）间I、区域中有垂直纸面向里宽为d、磁感应强度为B的匀强磁场，I、区域间距为h，如图，有一质量为m、长为L电阻不计的金属杆与竖直导轨紧密接触，从距区域I上端H处杆由静止释放。若杆在I、区域中运动情况完全相同，现以杆由静止释放为计时起点，则杆中电流随时间t变化的图像可能正确的是A B C D【答案】B17一方形木板置在水平地面上，在方形木板的上方有一条状竖直挡板，挡板的两端固定于水平地面上，挡板跟木板之间并不接触。现在有一方形物块在木板上沿挡板以某一速度运动，同时方形木板以相等大小的速度向左运动，木板的运动方向与竖直挡板垂直，已知物块跟竖直挡板和水平木板间的动摩擦因数分别为，物块的质量为m，则竖直挡板对物块的摩擦力大小为A0 B C D【答案】B【解析】物块沿运动方向受挡板的摩擦力f，f1=1FN；因物块沿挡板运动的速度等于木板的运动速度，故物体相对木板的速度方向与挡板成450角，物块受木板的摩擦力为f2=2mg，其方向与挡板成45角则在垂直挡板方向FN=2mgcos45=2mg ，则f1=1FN=12mg，故选B。182016年8月16日，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”发射升空。我国在世界上首次实现地空量子通信，这种方式能极大提高通信保密性。“墨子号”卫星运行轨道离地高度约为500 km，该卫星在轨道上运行时A角速度大于地球自转的角速度B加速度大于地球表面的重力加速度C加速度大于同步卫星的向心加速度D速度大于第一宇宙速度【答案】AC【解析】“墨子号”卫星运行轨道离地高度远小于同步卫星的高度，则其角速度大于同步卫星的角速度，地球同步卫星的角速度与地球自转角速度相同，故其角速度大于地球自转的角速度，选项A正确；根据可知其加速度小于地球表面的重力加速度，大于同步卫星的向心加速度，选项B错误，C正确；根据可知其速度小于第一宇宙速度，选项D错误；故选AC。19如图所示，A、B、C是水平面上同一直线上的三点，其中AB=BC，在4点正上方的O点以初速度v。水平抛出一小球，刚好落在B点，小球运动的轨迹与OC的连线交与D点，不计空气阻力，重力加速度为g，则下列说法正确的是A小球经过D点的水平位移是落到B点水平位移的1/2B小球经过D点的水平位移是落到B点水平位移的 1/3C小球经过D点与落在B点时重力做功的比为 1/4D小球经过D点与落在B点时重力做功的比为 1/3【答案】AC【解析】从O到B过程，根据平抛运动的分运动公式，有：AB=v0t，h=gt2，联立解得：AB=；在D点，速度偏转角正切值等于位移偏转角正切值的2倍， ；解得： ，因 ; ，解得 ，则 ，选项A正确，B错误； D点与出发点的竖直距离 ，根据W=mgh可知小球经过D点与落在B点时重力势能之比是1/4，选项C正确，D错误；故选AC。20如图所示，ABCDEF是在匀强电场中画出的一个正六边形，该六边形所在平面与电场线（图中没有画出）平行，已知正六边形的边长为2cm，将一电荷量为1.010-8C的正点电荷从B点移动到C点克服电场力做功为2.010-8J，将该点电荷从B点移动到A点，电场力做的功为2.0108J，设B点电势为零。由上述信息通过计算能确定的是A电场强度的大小B过A点的等势线C匀强电场的场强方向为由C指向FD将该点电荷沿直线BF由B点移到F点动能的变化量【答案】AB【解析】，因B点电势为零，则UC=2V，UA=-2V，则可知EB为等势线，场强方向由C指向A，根据 可确定场强的大小，故选项AB正确，C错误；点电荷若沿直线从B到F，必定要受到外力作用，因运动的性质不确定，则 外力不能确定，故外力功不确定，不能确定动能的变化，选项D错误；故选AB。21如图所示，倾角为370的足够长的传送带以恒定速度运行，将一质量m=1 kg的小物体以某一初速度放上传送带，物体相对地面的速度大小随时间变化的关系如图所示，取沿传送带向上为正方向，g= 10 m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。则下列说法正确的是 A物体与传送带间的动摩擦因数为075B08 s内物体位移的大小为14 mC08 s内物体机械能的增量为84 JD08 s内物体与传送带之间因摩擦而产生的热量为126 J【答案】BD【解析】根据v-t图象的斜率表示加速度，可得，物体相对传送带滑动时的加速度大小为：a= =lm/s2由牛顿第二定律得：mgcos-mgsin=ma，解得 =0.875故A错误08s内物体位移为： ，故B正确物体被送上的高度为：h=ssin=8.4m，重力势能的增量为：Ep=mgh=84J动能增量为： 机械能增加为：E=Ep+Ek=90J，故C正确0-8s内只有前6s内物体与传送带发生相对滑动0-6s内传送带运动距离为：s带=46m=24m0-6s内物体位移为： 产生的热量为：Q=mgcoss相对=126J，则08 s内因放上物体，传送带电动机多消耗的电能Q+E=216J, 故D正确；故选BD。第卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题（共129分）22（6分）在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，某同学先用多用电表的250 mA档测量通过小灯泡的电流。(1)在图甲电路中，需要将多用电表的两表笔连接到a、b两处，其中黑表笔应与 _连接（填“a”或“b”）。(2)将得到的数据记录在表格中，当电源为1.50 V时，对应的多用电表指针指示如图乙所示，其读数为_ mA。(3)由于长期使用多用电表，表内电池的电动势会降低，仍按第(2)步骤测量电路中的电流，则测量示数会_（填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【答案】 （1）b （2）174 （3）不变【解析】（1）因a点的电势高于b点，故应该红表笔接a点，黑表笔接b点；（2）当电源为1.50V时，对应的多用电表读数为174mA（3）多用电表的电流档内不接电源，故表内电池的电动势会降低时，测量值不变.23（9分）利用图甲装置可用来探究动能定理和探究物体的加速度与合外力、质量的关系等实验。某实验小组利用该 装置来探究物体的加速度与合外力、质量的关系，其AB是水平桌面，CD是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门（与之连接的两个光电计时器没有画出），间距为s。小车上固定着挡光片M，测得挡光片M的宽度为d，让小车从木板的顶端滑下，与两个光电门各自连接的计时器显示挡光片M的挡光时间分别为t1和t2。(1)用游标卡尺测出遮光条的宽度d，示数如图丙所示，则d=_cm。(2)该实验中，在改变小车的质量M或钩码的总质量m时，需要保持M远大于m，这样做的目的是_.(3)某位同学经过测量、计算得到如下表数据，请在图乙中作出小车加速度与所受合外力的关系图像。(4)由图象可以看出，该实验存在着较大的误差，产生误差的主要原因是_。(5)若用该装置来“探究合外力对物体做功与物体动能变化的关系”：他们进行了如下的一些操作或步骤，其中需要且正确的是（_）A利用天平测出小车的质量为200g和一组钩码的质量：5g、10g、40g、50g；B平衡小车所受的阻力：不挂钩码，用小垫块调整木板左端的高度，接通打点计时器的电源，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列间隔均匀的点；C他们挑选了一个质量为50g的钩码挂在拉线的挂钩上，打开电磁打点计时器的电源，释放小车，打出一条纸带；D再在小车里放上30g的砝码，接着该组同学又重复了步骤B、C一次。【答案】 1.050 绳子的拉力大小等于（或约等于）钩码的重力mg 木板倾角偏小（或未完全平衡摩擦力） AB【解析】（1）读数d=1cm+0.05mm10=1.050cm；(2)该实验中，在改变小车的质量M或钩码的总质量m时，需要保持M远大于m，这样做的目的是绳子的拉力大小等于（或约等于）钩码的重力mg；（3）作出的图像如图；由图像可看出，当F到达一定值时小车才有加速度，可知是由于木板倾角偏小（或未完全平衡摩擦力）。（4）要求砝码的质量远小于小车的质量，故选项A正确；平衡小车所受的阻力：不挂钩码，用小垫块调整木板左端的高度，接通打点计时器的电源，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列间隔均匀的点；选项B正确；24（14分）在滑冰场上有一初中生质量为m=40kg，站在质量为M=20kg的长木板的一端，该学生与木板在水平光滑冰面上一起以v0=2 m/s的速度向右运动。若学生以a0=1m/s2的加速度匀加速跑向另一端，并从端点水平跑离木板时，木板恰好静止。(1)判断学生跑动的方向；(2)求出木板的长度L。【答案】(1)向右跑 (2)L=1.5m25（18分）如图所示，在纸面内有一绝缘材料制成的等边三角形框架DEF区域外足够大的空间中充满磁感应强度大小为B的匀强磁场，其方向垂直于纸面向里。等边三角形框架DEF的边长为L，在三角形DEF内放置平行板电容器MN，N板紧靠DE边，M板及DE中点S处均开有小孔，在两板间紧靠M板处有一质量为m，电量为q(q0)的带电粒子由静止释放，如图(a)所示。若该粒子与三角形框架碰撞时均无能量损失，且每一次碰撞时速度方向垂直于被碰的边。不计粒子的重力。(1)若带电粒子能够打到E点，求MN板间的最大电压；(2)为使从S点发出的粒子最终又回到S点，且运动时间最短，求带电粒子从S点发出时的速率v应为多大？最短时间为多少？(3)若磁场是半径为的圆柱形区域，如图(b)所示（图中圆为其横截面），圆柱的轴线通过等边三角形的中心O，且.要使从S点发出的粒子最终能回到S点，带电粒子速度v的大小应为多少？ 【答案】(1) (2) , (3) 【解析】（1）根据洛伦兹力提供向心力得： 粒子要经过一次偏转垂直打在E点应满足： ，则E点的速度为带电粒子在板间加速，则解得： （2）依题意粒子做圆周运动的轨道半径， （n=1，2，3）在磁场中粒子做圆周运动的速度 n=1，2，3）得，粒子在磁场中偏转的角度最小时，运动的时间最短周期： ，与粒子速度无关，由粒子运动时间 此时n取1， 解得： 粒子以三角形的三个顶点为圆心运动，相邻两次碰撞的时间间隔为 第三次碰撞回到S点，则最短时间为 ；（3）如图设E点到磁场区域边界的距离为L/,由题设条件可知S点发射的粒子要回到S点就必须在磁场区域内运动，即满足： ，即又知， （n=1，2，3，4，5，6，）当n=1时， 当n=2时， 当n=3时， 当n=4时， 所以，当n=3,4,5，时满足题意；由于 ，代入上式可知解得： （n=3,4,5，）26（14分）无水四氯化锡(SnCl4)常用作有机合成的氯化催化剂。实验室可用熔融的锡（熔点231.9）与Cl2反应制备SnCl4，装置如下图所示。已知：SnCl2、SnCl4有关物理性质如下表：物质颜色、状态熔点/沸点/SnCl2无色晶体246652SnCl4无色液体33114SnCl4在空气中极易水解生成SnO2xH2O。回答下列问题：（1）导管a的作用是_，装置A中发生反应的离子方程式为_。（2）当观察到装置F液面上方出现_现象时才开始点燃酒精灯，待锡熔化后适当增大氯气流量，继续加热。此时继续加热的目的是_、_。（3）若上述装置中缺少装置C（其它均相同），则D处具支试管中发生的主要副反应化学方程式为_ 。（4）若制得产品中含有少量Cl2，则可采用下列_（填字母）措施加以除去。A加入NaOH萃取分液 B加入足量锡再加热蒸馏C加入碘化钾冷凝过滤 D加人饱和食盐水萃取（5）可用碘量法测定最后产品的纯度，发生如下反应：Sn2+I2=Sn4+2I。准确称取该样品m g放于锥形瓶中，用少量浓盐酸溶解，再加水稀释，淀粉溶液作指示剂，用0.1molL1碘标准溶液滴定至终点，消耗标准液20.00mL，则产品中SnCl2的含量为_（用含m的代数式表示）；即使此法测定的操作均正确，但测得的SnCl4含量仍高于实际含量，其原因可能是_（用离子方程式表示）。【答案】（1）使分液漏斗内的液体顺利流下 （1分） 2MnO4+16H+10C1=2Mn2+5Cl2+8H2O（2分）（2）黄绿色气体 （1分）加快氯气与锡反应；使SnC14气化，利于从混合物中分离出来。（2分，其它合理答案均给分）（3）SnC14+(x+2)H2O=SnO2xH2O+4HCl(2分）（4）B（2分）（5）38/m%（2分） 4I+O2+4H+=2I2+2H2O （2分）27（14分）二氧化铈(CeO2)是一种重要的稀土化合物。以氟碳铈矿（主要含CeCO3F）为原料制备CeO2的一种工艺流程如下：已知：Ce4+能与F结合成CeFx(4-e)+，也能与SO42-结合成CeSO42+；在硫酸体系中Ce4+能被萃取剂(HA)2萃取，而Ce3+不能常温下，Ce2(CO3)3饱和溶液浓度为1.010-6molL1。回答下列问题：（1）“氧化焙烧”过程中可以加快反应速率和提高原料利用率的方法是_、_ （写出2种即可）。（2）写出“氧化焙烧”产物CeO2与稀H2SO4反应的离子方程式：_。（3）“萃取”时存在反应：Ce4+n(HA)2Ce(H2n-4A2n)+4H+。D表示Ce4+分别在有机层中与水层中存在形式的浓度之比（D=）。保持其它条件不变，在起始料液中加入不同量的Na2SO4以改变水层中的c(SO42)，D随起始料液中c(SO42-)增大而减小的原因是_。（4）浸渣经处理可得Ce(BF4)3，加入KCl溶液发生如下反应：Ce(BF4)3(s)+ 3K+(aq)3KBF4(s)+ Ce3+(aq)。若一定温度时，Ce(BF4)3、KBF4的Ksp分别为a、b，则该反应的平衡常数K=_(用a、b表示）。（5）“反萃取”中加H2O2的主要反应离子方程式为_。在“反萃取”后所得水层中加入1.0molL1的NH4HCO3溶液，产生Ce2(CO3)3沉淀，当Ce3+沉淀完全时c(Ce3+)=110-5molL1，溶液中c(CO32-)约为_。（6）CeO2是汽车尾气净化催化剂的关键成分，它能在还原气氛中供氧，在氧化气氛中耗氧。在尾气消除过程中发生着CeO2CeO2(1-x)+xO2(0x0.25)的循环。写出CeO2消除CO尾气的化学方程式：_。【答案】（1）矿石粉碎成细颗粒、通入大量空气（2分，其它合理答案均给分）（2）CeO2+4H+SO42=(CeSO4)2+2H2O（2分）（3）随着c(SO42-)增大，水层中Ce4+被SO42-结合成(CeSO4)2+，导致萃取平衡向生成(CeSO4)2+方向移动，D迅速减小（2分）（4） （2分）（5）2Ce4+H2O2=2Ce3+O2+2H+（2分） 2.2107mol/L（2分）（6）2xCO+CeO2=CeO2(1x)+2xCO2 （2分）28（15分）造成酸雨的主要物质是NO2和SO2，某科研小组进行如下研究。（1）处理二氧化硫通常是先在水中把它氧化成硫酸，再用NH3H2O吸收。已知2NH3H2O(aq)+H2SO4(aq)=(NH4)2SO4(aq)+2H2O(l) H=24.2kJ/mol，中和热H=57.3 kJ/mol则1mol NH3H2O理论上完全电离时需要吸收的热量为_。（2）常温下也可以用NaOH溶液直接吸收SO2，在吸收过程中，溶液pH随n(SO32-):n(HSO3-)变化关系如下表：n(SO32):n(HSO3)88:121:112:88pH8.27.46.0当吸收液呈中性时，浴液中离子浓度由大到小排列顺序为_。当向NaOH溶液中通入足量的SO2时，得到NaHSO3溶液，在pH为47之间电解，硫元素在阴极上被还原为Na2S2O4，这是电化学脱硫技术之一。写出该阴极的电极反应式_。（3）向容积为2L，密闭容器中分别充入0.20molNO2和0.4molSO2，发生SO2(g)+NO2(g)SO3(g)+NO(g) H=41.8kJ/mol在不同温度下测定同一时刻NO2的转化率，结果如下图所示。a、c两点反应速率大小关系：v(a) _v(c)。（填“” “ c(HSO3) c(SO32) c(H+)= c(OH)（2分）2HSO3+2H+2e=S2O42+2H2O（2分）（3） （1分） 0.04 molL1min1 （2分，掉单位扣1分） 8/3（2分） 不变（2分） T2对应的b点为平衡点。T2前是平衡的建立过程，温度升高，反应速率加快，NO2转化率增大；T2后是平衡的移动过程，升高温度，平衡向吸热的逆反应方向移动，转化率减小（2分）29（10分）研究小组将生长状况相似的菠菜幼苗均分为A、B两组进行探究实验。A组培养在完全培养液中，B组培养在缺Mg2+的培养液中，其他条件相同且适宜。一段时间后，给两组菠菜幼苗持续提供14C标记的CO2。请回答下列问题： （1）菠菜细胞吸收Mg2+的过程_（填“消耗”或“不消耗”）ATP。（2）请列举出本实验的两个无关变量_。（3）在检测过程中发现6 s后含有14C的物质种类要比0.5 s后的多。菠菜最初产生含有14C的物质为_，场所是_。（4）一段时间后检测，发现B组产生的含14C标记的（CH2O）的量比A组低，原因是_。【答案】（1）消耗（2）温度、光照强度（pH等）（3）C3（三碳化合物） 叶绿体基质（4）缺少Mg2+导致叶片中叶绿素含量减少，从而直接影响光合作用的光反应【解析】（1）菠菜细胞通过主动运输吸收Mg2+，该过程需要消耗细胞呼吸提供的ATP。（2）该实验的自变量是培养液中Mg2+的有无，培养温度、光照强度、培养液的pH等为无关变量。（3）暗反应发生于叶绿体基质，其中CO2被固定后的最初产物为C3（三碳化合物）。（4）镁参与叶绿素的组成，B组培养液中缺少Mg2+，导致叶片中叶绿素含量减少，直接影响光合作用的光反应阶段光能的吸收，导致B组产生的含14C标记的（CH2O）的量比A组低。30（10分）研究表明，适度运动对改善型糖尿病（T2DM）患者机体的物质代谢，尤其是对糖代谢具有重要作用。请回答下列问题：（1）适度运动能改善T2DM患者机体的糖代谢，从糖代谢的角度分析，运动能_。T2DM患者的血糖浓度高，导致其血浆渗透压_（填“高于”“等于”或“小于”）健康人的。（2）当机体血糖浓度升高时，下丘脑的葡萄糖感受器接受刺激并产生兴奋，使胰岛B细胞的分泌功能增强，导致血糖浓度下降，上述过程中的调节方式属于_调节。机体胰岛素浓度升高会引起靶细胞膜上的葡萄糖转运载体的数量增多，其意义是_，从而降低血糖浓度。（3）如果不吃早餐，机体会处于饥饿状态，当机体血糖浓度降低时，胰岛_细胞的分泌活动会增强，其分泌的激素能促使_水解为葡萄糖。【答案】（1）促进组织细胞对葡萄糖的利用（氧化分解） 高于（2）神经体液（1分） 促进葡萄糖进入靶细胞和被利用（3）A（1分） 肝糖原【解析】（1）运动能促进组织细胞对葡萄糖的利用（氧化分解），所以适度运动能改善T2DM患者机体的糖代谢；T2DM患者的血糖浓度高，导致其血浆渗透压高于健康人的血浆渗透压。（2）当机体血糖浓度升高时，下丘脑的葡萄糖感受器接受刺激并产生兴奋，使胰岛B细胞的分泌功能增强，该过程的调节方式属于神经调节；通过胰岛B细胞分泌的胰岛素的调节，导致血糖浓度下降，该过程的调节方式属于体液调节。综合考虑可知，上述过程中的调节方式属于神经体液调节。机体胰岛素浓度升高会引起靶细胞膜上的葡萄糖转运载体的数量增多，其意义是促进葡萄糖进入靶细胞和被利用，从而降低血糖浓度。（3）如果不吃早餐，机体会处于饥饿状态，当机体血糖浓度降低时，胰岛A细胞的分泌活动会增强，其分泌的胰高血糖素能促使肝糖原水解为葡萄糖，以补充血糖含量。31（10分）稻田土壤中营养元素计量比（CNP）对生物代谢活动的正常进行和生态系统功能的维持有重要意义。请回答下列有关问题：（1）C、N、P等都能在地球上最大的生态系统中循环，该生态系统指的是_。（2）下图是生态系统中碳循环示意图，表示_过程；若表示含碳物质的量，则可用数学表达式_来解释“温室效应”的成因。（3）稻田土壤是很多小动物的家园，为调查其丰富度，通常用_法。（4）研究表明，在农田生态系统中施用磷肥会使反硝化细菌数量增加，进而导致氮损失。请你设计实验，探究上述稻田氮损失是否由反硝化细菌数量增加引起的（仅写设计思路）。_。【答案】（1）生物圈（2）光合作用 +（3）取样器取样（4）取一块稻田隔离成两块，将其中一块施用磷肥，其他条件相同，一段时间后，分别测量两块稻田中反硝化细菌数量，并进行氮量对比【解析】（1）地球上最大的生态系统是生物圈。（2）根据生态系统中碳循环示意图可知，表示绿色植物的光合作用过程；“温室效应”主要是大气中CO2过多造成的，即图中+。（3）调查土壤动物丰富度常用取样器取样法。（4）根据实验的目的可知本实验的自变量是是否施用磷肥， 因变量是反硝化细菌数量和土壤含氮量，实验设计思路是：取一块稻田隔离成两块，将其中一块施用磷肥，其他条件相同，一段时间后，分别测量两块稻田中反硝化细菌数量，并进行氮量对比。32（9分）某二倍体生物性别由XY染色体决定，同时受一对等位基因（A/a）影响，当A基因不存在时，Y染色体会与X染色体结合成XY复合染色体(如图），只有含独立Y染色体的才表现为雄性，无论有无性染色体的配子都能正常完成受精，且后代正常存活。根据以上信息，回答问题：（1）若A/a存在于常染色体上，aaXY的个体将表现为_性，该个体产生的配子为_。（2）若A/a存在于常染色体上，一对染色体组成正常的杂合雌雄性个体杂交，产生子一代中雌性雄性=_。（3）若要探究A/a基因的位置，可选择a基因纯合的雌性个体与A基因纯合显性雄性个体进行杂交，并根据子一代性别表现型及比例判断：a若子一代雌雄=_，则证明A/a基因位于常染色体上；b若子一代雌雄=_，则证明A/a基因位于X染色体上。【答案】（1）雌（1分） aXY、a（2）53（3）11 全为雌性【解析】根据题干信息分析可知，若A/a存在于常染色体上，雄性的基因和染色体组成为A_XY，雌性的基因和染色体组成为aaXY、aaXX、A_XX。（1）aaXY的个体由于没有A基因或独立的Y染色体而表现为雌性，其XY是连在一起的，因此减数分裂产生a、aXY两种配子。（2）根据以上分析可知，一对染色体组成正常的杂合雌雄性个体的基因和染色体组成为AaXX、AaXY，后代中AAXY和AaXY表现为雄性，比例为（3/4）（1/2）=3/8，其余都表现为雌性，因此子一代中雌性雄性=53。（3）若要探究A/a基因的位置，可选择a基因纯合的雌性个体与A基因纯合的雄性个体杂交：a若子一代雌雄=11，则证明A/a基因位于常染色体上；b若子一代全为雌性，则证明A/a基因位于X染色体上。（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。33物理选修33（15分）（1）（5分）下列说法正确的是 。（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离，所以液体表面分子间的作用表现为相互吸引，即存在表面张力C干湿泡湿度计的湿泡显示的温度高于干泡显示的温度，这是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果D用油膜法测出油酸分子直径后，还需知道油酸的摩尔体积就可估算出阿伏伽德罗常数E一定质量的理想气体体积不变时，温度越高，单位时间内容器壁单位面积受到气体分子撞击的次数越多【答案】BDE【解析】当分子力表现为引力时，分子力随分子间距离的增大先增大后减小；分子势能随分子间距离的增大而增大，选项A错误； 液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离，所以液体表面分子间的作用表现为相互吸引，即存在表面张力，选项B正确；干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，主要是由于湿泡外纱布中的水蒸发吸热，从而温度降低的缘故，选项C错误；用油膜法测出油酸分子直径后，还需知道油酸的摩尔体积，根据 就可估算出阿伏伽德罗常数，选项D正确；一定质量的理想气体体积不变时，温度越高，分子平均速率越大，单位时间内容器壁单位面积受到气体分子撞击的次数越多，选项E正确；故选BDE.（2）（10分）如图所示，两等高气缸A、B内壁光滑，且气缸A的直径为气缸B的2倍，下部由体积可忽略的细管连通；A上端与大气连通，B上端封闭；两气缸除B顶部导热外，其余部分均绝热。两气缸中各有一厚度可忽略的绝热轻活塞a、b，活塞b把封闭着的理想气体分成两部分；当大气压为P0，外界和气缸内气体温度均为27且平衡时，活塞a、b离气缸顶部的距离均为气缸高度的1/4现通过电热丝对a、b下方的气体缓慢加热，当活塞a恰升至顶部时，求活塞a、b间气体的温度；继续缓慢加热，使活塞b上升，当活塞b上升的距离是气缸高度的1/16时，求活塞b上方的气体压强。【答案】(1)T2=380K (2) 【解析】（1）活塞a升至顶部的过程中，活塞b不动，活塞a、b下方的气体经历等压过程设气缸A的容积为V0，初态体积为V1，温度为T1=300K，末态体积为V2，温度为T2，按题意，气缸B的容积为V0，则得： 根据盖吕萨克定律得： ，由式和题给数据得：T2=380K；（2）活塞a升至顶部后，由于继续缓慢加热，活塞b开始向上移动，直至活塞上升的距离是气缸高度的 时，活塞b上方的气体经历等温过程，设气体初态体积为V1，压强为P1，末态体积为V2，压强为P2，由题给数据有：V1= V0，P1=p0，V2=V0由玻意耳定律得：P1V1=P2V2由式得：P2=p034物理选修34（15分）（1）（5分）某实验小组在研究单摆时改进了实验方案，将一力传感器连接到计算机上。图甲中O点为单摆的固定悬点，现将小摆球（可视为质点）拉至A点，此时细线处于张紧状态，释放摆球，则摆球将在竖直平面内的A、B、C之间来回摆动，其中B点为运动中的最低位置，AOB=COB=，小于10且是未知量。同时由计算机得到了摆线对摆球的拉力大小F随时间t变化的曲线图乙（均为已知量），且图中t=0时刻为摆球从A点开始运动的时刻（重力加速度为g）。根据题中（包括图中）所给的信息，下列说法正确的是 。（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A该单摆的周期为t2B根据题中（包括图中）所给的信息可求出摆球的质量C根据题中（包括图中）所给的信息不能求出摆球在最低点B时的速度D若实验时，摆球做了圆锥摆，则测得的周期变长E若增加摆球的质量，摆球的周期不变【答案】ABE【解析】由乙图可知单摆的周期T=t2，故选项A正确；在B点拉力有最大值，根据牛顿第二定律可知；在AC两点有拉力最小值， ，由A到B机械能守恒，即 由此可知摆球的质量 ，选项B正确，C错误；若实验时摆球做了圆锥摆，则周期的表达式为 ，周期变小，选项D错误；根据单摆周期公式可知，单摆周期与摆球的质量无关，