浙江专用2017版高考物理一轮复习第九章恒定电流教师用书.docx

第九章 恒定电流第1讲电路的基本概念及部分电路规律必考要求1电源和电流(b)。2.电动势(b)。3.欧姆定律、UI图象及IU图象(c)。4.焦耳定律(c)。5.导体的电阻(c)。知识网络构建规律方法速记1电阻的决定式和定义式的区别公式RR区别电阻的决定式电阻的定义式说明了导体的电阻由哪些因素决定，R由、l、S共同决定提供了一种测电阻的方法伏安法，R与U、I均无关2.电功、电热、电功率和热功率的区别公式联系电功WUIt对纯电阻电路，电功等于电热，WQUItI2Rt；电热QI2Rt对非纯电阻电路，电功大于电热，WQ电功率PUI对纯电阻电路，电功率等于热功率，P电P热UII2R；热功率PI2R对非纯电阻电路，电功率大于热功率，P电P热3.电功和电热的处理方法(1)首先要分清所研究的电路是纯电阻电路还是非纯电阻电路，正确选择计算公式。(2)处理非纯电阻电路的计算问题时，要善于从能量转化的角度出发，紧紧围绕能量守恒定律，利用“电功电热其他能量”寻找等量关系求解。题组一对电源和电流、电动势的理解1关于电流，下列说法中正确的是()A通过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大B导体两端没有电压时，导体中的自由电荷也在运动，所以导体中也有电流C单位时间内通过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大D因为电流有方向，所以电流是矢量解析电流为单位时间内通过截面的电荷量，是由电荷量与时间共同决定的，电荷量多电流不一定大，故选项A错误；如果是单位时间内通过截面的电荷量多，则电流大，故选项C正确；电荷的定向移动形成电流，若不是定向移动则不是电流，选项B错误；一个量有方向并不能定义为矢量，矢量的运算必须遵循平行四边形定则，电流有方向但不符合矢量合成法则，不是矢量，选项D错误。答案C2下列关于电源的说法中正确的是()A在外电路和电源内部，正电荷都受到静电力的作用，所以能不断地定向移动形成电流B静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C在电源内部，正电荷能从负极移动到正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力D静电力移动电荷做功电势能减少，非静电力移动电荷做功电势能增加解析电源内部非静电力做功使电荷的电势能增加，引出了电动势的概念，来描述非静电力的做功本领，而静电力移动电荷做正功使电势能减少，选项D对。答案D3对于电动势的定义式E的理解，正确的是()AE与W成正比BE与q成反比CE的大小与W、q无关DW表示静电力做的功解析电动势是描述电源把其他形式的能转化为电势能本领大小的物理量，其大小由电源性质决定，与W、q无关，而公式中W为非静电力做的功，故选项C正确。答案C4关于电源的电动势，下面说法正确的是()A电动势是表征电源把其他形式的能转化为电势能本领的物理量B电动势在数值上等于外电路中通过1 C电荷量时电源提供的能量C电源的电动势跟电源的体积有关，跟外电路有关D电源的电动势越大，非静电力做功越多解析电动势是表征电源把其他形式的能转化为电势能本领的物理量，选项A正确；根据电动势的定义式E可知电源电动势总等于电路中通过1 C的正电荷时，电源提供的能量，但并不是对外电路提供的能量，选项B错误；电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关，选项C错误；电源电动势的大小与非静电力做功多少无关，选项D错误。答案A5在示波管中，2 s内有61013个电子通过横截面积大小不知的电子枪，则示波管中电流大小为()A4.8106 A B31013 AC9.6106 A D无法确定解析由qIt得，I A4.8106 A，故选项A正确。答案A题组二欧姆定律、电阻定律的应用6根据表达式IU/R和RU/I，下列说法正确的是()A由RU/I知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流决定B由IU/R知，流过导体的电流由导体两端的电压和导体的电阻共同决定C一定大小的电流流过导体，电阻越大，导体两端的电压越小D表达式IU/R和RU/I所描述的是同一个问题的两个不同表达方式，没有区别解析表达式RU/I是电阻的定义式，电阻R由导体本身性质(形状、大小和材料等)决定，与导体两端的电压和通过的电流无关，选项A错误；电流与电压成正比，与电阻成反比，所以流过导体的电流由导体两端的电压和导体的电阻共同决定，选项B正确；根据表达式IU/R知，电流一定时，电阻越大，导体两端的电压越大，选项C错误；表达式RU/I是电阻的定义式，IU/R为欧姆定律的表达式，两者物理意义不同，选项D错误。答案B7下列关于电阻率的叙述，正确的是()A电阻率与导体的长度和横截面积有关B电阻率表征了材料的导电能力的强弱，由导体的材料决定，且与温度有关C电阻率大的导体，电阻一定大D有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，可以用来制成电阻温度计解析电阻率表征了材料的导电能力的强弱，电阻率的大小与材料、温度有关，与横截面积、长度无关，选项A错误，B正确；根据电阻公式R知，电阻率大的导体，电阻不一定大，还与横截面积和长度有关，选项C错误；有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，温度变化时电阻几乎不变，无法显示其温度，不能用来制成电阻温度计，选项D错误。答案B8如图甲所示，用质量为m的铜制成管状导体，其长度为l，管状导体内腔横截面直径为D，管两端各有导电金属箍可接入电路中，当两个导电金属箍之间接有恒定电压U时，则乙中图象能正确描述通过管状导体的电流I与导体内腔横截面直径D之间的变化关系的是()解析铜制管状导体的电阻R，其中，S是铜管侧壁的横截面积，而并非铜管的横截面积。由于铜的质量一定，故铜材料的体积V一定，而VSl，且管状导体的长度l不变，故铜管侧壁的横截面积S不随管状导体内腔横截面直径D的变化而变化，故有管状导体的电阻R保持不变，由欧姆定律可得管状导体的电流I为定值。故正确答案为B。答案B9(20152016诸暨市第一学期期末)某技术质量监督局对市场中电线电缆产品质量进行抽查，结果公布如下：十几个不合格产品中，大部分存在导体电阻不合格，主要是铜材质量不合格，使用了再生铜或含杂质很多的铜；再一个就是铜材质量可能合格，但把横截面积缩小，买2.5平方毫米的电线，拿到手的仅为1.5平方毫米，载流量不够；另一个问题是绝缘层质量不合格，用再生塑料作电线外皮，电阻率达不到要求则以下说法正确的是 ()A横截面积减小的铜的电阻率增大B再生铜或含杂质很多的铜的电阻率很小C再生塑料作电线外皮，使电线的绝缘性能下降D铜是导体，电阻为零，横截面积和杂质对其没有影响答案C10已知用电器A的电阻是用电器B的电阻的2倍，加在A上的电压是加在B上的电压的一半，那么通过A和B的电流IA和IB的关系是()AIA2IB BIAIB/2CIAIB DIAIB/4解析由欧姆定律得IA，IB，所以，即IAIB。答案D11如图所示电路中，a、b两点与一个稳压直流电源相接，当滑动变阻器的滑片P向d端移动一段距离时，哪一个电路中的电流表读数会变小()解析选项A、C、D中，滑动变阻器连入电路中的有效部分为滑片P右侧部分，当滑动变阻器的滑片P向d端移动时，滑动变阻器阻值减小，由欧姆定律I可知，电路中的电流将会增大，电流表读数会变大，故选项A、C、D错误；而选项B中，滑动变阻器连入电路中的有效部分为滑片P左侧部分，当滑动变阻器的滑片P向d端移动时，滑动变阻器阻值增大，电路中的电流将会减小，电流表读数会变小，选项B正确。答案B12一段长为l，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3l长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为()A. B3R C. DR解析根据电阻公式R，在拉伸过程中电阻丝的体积不变，当长度变为原来的3倍后，横截面积变为原来的，所以R9R，平分成3段后，每段的电阻为3R，故根据并联电路规律可得并联后的电阻为，解得R并R，故选项D正确。答案D题组三UI图象及IU图象的理解及应用13.有四个金属导体，它们的伏安特性曲线分别是图中的a、b、c、d，则电阻最大的是()Aa BbCc Dd解析伏安特性曲线中斜率是电阻的倒数，所以斜率最小的阻值最大，据图知d的斜率最小，阻值最大，选项D对。答案D14某同学做三种导电元件的导电性实验，他根据所测量数据分别绘制了三种元件的IU图象如图所示，则下述判断正确的是()A只有乙图象是正确的B甲、丙图象是曲线，肯定误差太大C甲、丙为线性元件，乙为非线性元件D甲、乙、丙三个图象都可能是正确的，并不一定有较大误差解析金属的电阻率随温度的升高而增大，丙图可能为金属导体；半导体材料的电阻率随温度升高而减小，如甲图；某些线性元件电阻率不随温度变化，如乙图。因此，甲、乙、丙三个图都可能正确，并不一定因误差引起。答案D15.电阻R1和R2的伏安特性曲线如图所示，已知R11 ，则R2的阻值为 ()A3 B. C. D. 解析过U轴上任一不为零的点U0作平行于I轴的直线，于R1、R2的伏安特性曲线的交点的纵坐标分别为I1、I2，表明在电阻R1、R2的两端加上相同电压U0时，流过R1、R2的电流不同，如图所示。由欧姆定律和数学知识可得：，又R11 ，故R23 。答案A16一个标有“220 V60 W”的白炽灯泡，加上的电压U由零逐渐增大到220 V，在此过程中，电压(U)和电流(I)的关系可用图线表示。图中给出的四个图线中，比较符合实际的是()答案B17某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是()A加5 V电压时，导体的电阻约是5 B加12 V电压时，导体的电阻约是1.4 C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断增大解析对某些导电器材，其伏安特性曲线不是直线，但曲线上某一点的值仍表示该点所对应的电阻值。本题中给出的导体在加5 V电压时，值为5，所以此时电阻为5 ；当电压增大时，值增大，即电阻增大，综合判断可知B、C、D项错误。故选A。答案A题组四焦耳定律的应用18随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多。下列电器中主要利用电流的热效应工作的是()A电风扇 B电动轿车C洗衣机 D电饭煲解析电风扇、电动轿车、洗衣机均利用电动机将电能主要转化为机械能，而电饭煲则是利用电流的热效应使电能变为内能，故选项D正确。答案D19额定电压、额定功率均相同的电吹风机、电热水壶和日光灯，各自在额定电压下正常工作了相同的时间，比较它们产生的热量，下列说法正确的是()A电吹风机最多 B电热水壶最多C日光灯最多 D一样多解析电吹风机、电热水壶和日光灯额定电压、额定功率相同，相同时间内消耗的电能相等，而电吹风机消耗的电能大部分转化为机械能，日光灯消耗的电能大部分转化为光能，电热水壶消耗的电能全部转化为内能，所以电热水壶产生的热量最多，选项B正确。答案B20某电阻的阻值为5 ，通过的电流为2 A，则它在10 s的时间内产生的热量为()A100 J B200 J C20 J D2 J解析根据电热公式QI2Rt22510 J200 J，B正确。答案B21两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B串联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为()AQAQB11 BQAQB21CQAQB12 DQAQB41解析两电阻丝直径之比为12，则横截面积之比为14，根据电阻公式R可知，电阻之比为21，根据QI2Rt，由于电流相等，相同时间，则产生的热量之比为21。答案B22如表为某电热水壶铭牌上的一部分内容。根据表中的信息，可计算出在额定电压下通过电热水壶的电流约为()型号SP988额定功率1 500 W额定电压220 V额定容量1.6 LA.4.4 A B6.8 A C0.15 A D0.23 A解析在额定电压下电热水壶的功率为额定功率，而电热水壶的额定电压为220 V，额定功率为1 500 W，由公式PIU得I A6.8 A，选项B正确。答案B23(20152016诸暨市第一学期期末)小明妈妈用微波炉加热一杯冷牛奶，微波炉在正常工作下额定电流为5 A，它将电能转化为微波辐射的效率为75%，微波辐射转化为牛奶热能的效率也为75%，假如加热牛奶所需时间为1分钟，则牛奶获得的热能约为 ()A3.7102 J B3.7104 JC3.7106 J D3.7108 J答案B24电阻R1和R2分别标有“2 1.0 A”和“4 0.5 A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为()A1.5 W B3.0 W C5.0 W D6.0 W解析两电阻的额定电流不同，R2允许通过的最大电流为0.5 A，为保证电路安全，电路允许通过的最大电流I0.5 A，所以，此电路中允许消耗的最大功率为PI2(R1R2)1.5 W。答案A第2讲电路闭合电路的欧姆定律)必考要求1串联电路和并联电路(c)。2.闭合电路的欧姆定律(c)。3.多用电表的原理(a)。4.实验：测绘小灯泡的伏安特性曲线()。5.实验：测定电池的电动势和内阻()。6.实验：练习使用多用电表()。知识网络构建规律方法速记1“三个”常用结论(1)并联电路的总电阻小于其中最小的电阻。(2)n个相同的电阻R并联，总电阻R总R。(3)在电路中，某个电阻增大(或减小)，则总电阻增大(或减小)。2电路动态分析的方法(1)程序法：电路结构的变化R的变化R总的变化I总的变化U端的变化固定支路支路的变化。(2)极限法：即因滑动变阻器滑片滑动引起的电路变化问题，可将滑动变阻器的滑动端分别滑至两个极端去讨论。3电路连接方法4测定电池电动势和内阻的其它方法安阻法伏阻法5.读数技巧(1)欧姆表的读数为了减小读数误差，指针应指在表盘至的部分，即中央刻度附近。电阻值等于指针示数与所选倍率的乘积。(2)测电压、电流时的读数，要注意其量程，根据量程确定精确度是1、0.1、0.01时要估读到下一位，精确度是2、0.02、5、0.5时，不用估读到下一位。题组一串、并电路特点的应用1有两个电阻R12 ，R23 ，则有()AR1、R2串联总电阻为5 BR1、R2并联总电阻为1 CR1、R2串联总电阻为2.5 DR1、R2并联总电阻为1.5 解析由于串联电路总电阻等于各部分电阻之和，即R串R1R25 ；两个电阻并联，其总电阻R并1.2 ，选项A正确。答案A2三个电阻的阻值之比R1R2R3125，若将这三个电阻并联，则通过它们的电流之比I1I2I3为()A125 B521C1052 D111解析并联电路电压相等，设为U，因为R1R2R3125，设R1R，则R22R，R35R，所以并联后，通过它们的电流之比为1052，选项C正确。答案C3. 如图所示电路，开关S断开和闭合时电流表示数之比是13，则可知电阻R1和R2之比为 ()A13 B12C21 D31解析开关闭合时电路中只有电阻R2，根据欧姆定律可得：I，开关断开时电路中两电阻串联，根据欧姆定律可得，I，则，解得：R1R221。选项C正确。答案C4有两个完全相同的表头G，内电阻为Rg100 ，满偏电流为Ig1 mA。现将它们分别改装成量程为0.6 A的电流表和量程为3 V的电压表，需分别并联一个电阻R1和串联一个电阻R2，则R1和R2的值分别为()AR1600 ，R23 000 BR160 ，R2300 CR15 ，R23 000 DR10.17 ，R22 900 解析改装电流表需要并联一个电阻分流，所以IgRg(IIg)R1，故R10.17 ，改装电压表需要串联一个电阻分压，所以Ig(RgR2)U，故R2Rg2 900 。答案D5如图所示，电源和电压表都是好的，在滑片由a滑到b的过程中，电压表的示数始终为U，下列判断正确的是()Aa处接线断开B滑片P开路Ca、b间电阻丝开路Db处接线开路解析因电压表示数始终为U，则滑片P不会开路，B错；若a处接线断开，则电压表示数为零；若a、b间电阻丝开路，则P移动到某位置时示数为零；若b处接线开路，则由于电阻上无电压降，P点的电势始终为a点电势，电压表示数始终为U，故A、B、C均错，D正确。答案D6如图所示为某一电路的一部分，其中R120 ，R2R340 ，下列关于R1、R2、R3消耗电功率P1、P2、P3，以及R1、R2两端的电压U1、U2的关系正确的是()AU1U2，P1P2P3BU1U2，P1P2P3122CU1U2，P1P2P3211DU1U2，P1P2P3解析由于R2、R3并联，其总电阻为20 ，与R1串联后，R1与R2、R3并联电路两端的电压相同，所以R1、R2两端的电压U1、U2相等；R2、R3阻值相同，由P知，消耗功率相同；通过R2、R3的电流均为总电流的一半，由PI2R可得P1P2P3211。选项C正确。答案C题组二闭合电路欧姆定律的应用7(20152016丽水市第一学期期末)某电路如图所示，已知电池组的总内阻r1 ，外电路电阻R5 ，理想电压表的示数U3.0 V，则电池组的电动势E等于()A3.0 V B3.6 V C4.0 V D4.2 V解析由于电压表的示数为路端电压，而UIR，则I0.6 A，由闭合电路欧姆定律可得EI(Rr)0.6(51)V3.6 V，故选项B正确。答案B8如图是一同学将变阻器与一只“6 V，8 W”的小灯泡L及开关S串联后接在6 V的电源E上，当S闭合时，发现灯泡发亮。按此图的接法，当滑片P向右滑动时，灯泡将()A变暗 B变亮C亮度不变 D可能烧坏灯泡答案B9. 如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，则()A电灯L更亮，电流表的示数减小B电灯L更亮，电流表的示数增大C电灯L更暗，电流表的示数减小D电灯L更暗，电流表的示数增大解析变阻器的滑片P向b端滑动，R1接入电路的有效电阻增大，外电阻R外增大，干路电流I减小，安培表的示数减小，路端电压U增大，电灯两端电压增大，电灯L更亮，A正确，B、C、D错误。答案A10一太阳能电池板，测得它的开路电压为800 mV，短路电流为40 mA。若将该电池板与一阻值为20 的电阻连成一闭合电路，则它的路端电压是()A0.10 V B0.20 V C0.30 V D0.40 V解析由已知条件得：E800 mV。又因I短，所以r 20 ，所以UIRR20 mV400 mV0.4 V，选项D正确。答案D11. 如图所示的电路，闭合电键S，待电路中的电流稳定后，减小R的阻值，则()A电流表的示数减小B电压表的示数减小C电阻R2两端的电压减小D路端电压增大解析题图中的电路结构是R1与R先并联，再与R2串联，故RR总I干U内U外。R2两端电压U2I干R2，U2增大，所以R与R1的并联电压减小，读数减小，A、C、D错误，B项正确。答案B12(2016四川成都石室中学一诊)在如图所示的四个电路中，电源电动势为E，内阻为r，定值电阻阻值为R0，当滑动变阻器R的滑片P从a向b滑动时，理想电压表读数将变大的是()解析图A中，当滑片P从a向b滑动时，理想电压表的示数始终为零；图B中，电压表测量的是Pb部分的电压，滑片P从a向b滑动时，电压表的示数减小；图C中，滑片P从a向b滑动时，电路的总电阻增大，电路的电流变小，R0上的电压变小，电压表的示数变小；图D中，滑片P从a向b滑动时，电路的电阻增大，电流减小，电源内部的电压减小，路端电压增大，所以理想电压表读数增大的是D。答案D13(20152016诸暨市第一学期期末)如图1所示为小明爷爷家里的老式手电筒。小明按下开关，小灯光正常发光，然后他打开后盖，发现里面装有三节1.5 V的干电池，打开电筒前盖，观察到里面的小灯泡上标有“3.8 V，0.3 A”字样。其结构简图如图2所示，不计导线和接触电阻。(1)求小灯泡正常发光时的电阻；(2)求每一节干电池的内阻；(3)求小灯泡正常发光时整个电路每分钟消耗的电能。解析(1)由小灯泡标有“3.8 V，0.3 A”字样，根据部分电路欧姆定律得R代入数据可得：R12.7 (2)电源电动势：E3E04.5 V闭合电路欧姆定律：EI(R3r)代入数据可得：r0.77 (3)电路每分钟消耗的电能：E电EIt代入数据可得：E电81 J答案(1)12.7 (2)0.77 (3)81 J题组三电源的功率及UI图象的应用14.如图所示，已知电源内电阻r为2 ，定值电阻R0为3 ，滑动变阻器阻值范围为010 。当滑动变阻器R阻值为R1时，在R1上获得最大功率，则R1的阻值应为()A2 B3 C4 D5 解析R0为定值电阻，把它等效为电源内阻，当R1R0r时，R1上获得最大功率，故选项D正确。答案D15直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是()A总功率一定减小B滑动变阻器的功率一定增大C内部消耗功率一定增大D输出功率一定先增大后减小解析当P向右移动时，接入电路中的电阻变大，根据闭合电路欧姆定律I，总电流减小，所以总功率IE变小，选项A对；内部消耗功率I2r变小，选项C错误；输出功率即滑动变阻器的消耗功率，由于电源内阻与滑动变阻器接入电路中的电阻大小关系未知，输出功率的变化情况无法确定。所以选项B、D均错。答案A16. 如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下列结论正确的是()A电源的电动势为5.0 VB电源的内阻为12 C电源的短路电流为0.5 AD电流为0.3 A时的外电阻是18 解析当电流为零时，路端电压等于电源电动势，由此可知电源的电动势为6.0 V，选项A错误；图线的斜率表示电源内阻r 2 ，选项B错误；只有当路端电压为零时的电流才是短路电流，由于图线没有从原点开始，因此图线与横轴交点不是短路电流，选项C错误；当电流为0.3 A时，由闭合电路欧姆定律I知Rr 2 18 ，选项D正确。答案D17.如图所示，直线A为某电源的UI图线，曲线B为某小灯泡的UI图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的总功率分别是 ()A4 W，8 W B2 W，4 WC2 W，3 W D4 W，6 W解析电源的UI图线A在纵轴上的截距表示电源电动势为3 V，图线A、B的交点表示电路工作点，对应的工作电压为U2 V，工作电流为I2 A。用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率P出UI22 W4 W，电源的总功率P总EI32 W6 W。选项D正确。答案D18. 在如图所示电路中，电源电动势为12 V，电源内阻为1.0 ，电路中电阻R0为1.5 ，小型直流电动机M的内阻为0.5 。闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0 A。则以下判断中正确的是 ()A电动机的输出功率为14 WB电动机两端的电压为7.0 VC电动机产生的热功率为4.0 WD电源输出的电功率为24 W解析电流表读数2 A，说明R0以及电源内阻的电压共I(R0r)5 V，EU外U内可知，电动机两端电压为7 V，选项B对；电动机的内阻发热功率P内I2r2 W，电动机总功率PMIU27 W14 W，所以输出功率为12 W，所以选项A、C均错；电源总功率PEIE24 W，输出功率P出IU2.0(122.01.0)W20 W，选项D错。答案B题组四实验：测绘小灯泡的伏安特性曲线19(1)图甲所示的电流表使用0.6 A量程时，对应刻度盘上每一小格代表_A，图中表针示数是_A；当使用3 A量程时，对应刻度盘中每一小格代表_A，图中表针示数为_A。(2)如图乙所示的电表使用较小量程时，每小格表示_V，图中指针的示数为_V。若使用的是较大量程，则这时表盘刻度每小格表示_ V，图中表针指示的是_V。解析(1)电流表使用0.6 A量程时，刻度盘上的每一小格为0.02 A，指针的示数为0.44 A；当换用3 A量程时，每一小格为0.1 A，指针示数为2.20 A。(2)电压表使用3 V量程时，每小格表示0.1 V，指针示数为1.70 V；使用15 V量程时，每小格为0.5 V，指针示数为8.5 V。答案(1)0.020.440.12.20(2)0.11.700.58.520以下是“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的操作步骤：A闭合开关，调节滑片位置，记下每次调节时电流表、电压表的一组示数I、U，测出若干组数据。B.将电流表、电压表、滑动变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路，滑动变阻器采用分压式接法，如图所示。C调节滑片，使闭合开关前滑片处于滑动变阻器的最左端。D按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线段连接起来，得出小灯泡的伏安特性曲线。(1)以上各步骤中存在错误或不足的是_。应如何改正？_ _。(2)将各步骤纠正后，按实验先后顺序排列起来_ _。答案(1)D应将各点用平滑的曲线连接起来(2)BCAD21(20152016诸暨市第一学期期末)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，某同学测出的8组数据如下表所示。电流I/A00.100.140.180.220.240.260.28电压U/N00.110.220.621.321.661.982.33(1)根据以上8组数据，可知电路图中滑动变阻器采用的连接方法应该是_。(填“分压式”或“限流式”)(2)当小灯泡两端电压为1.66 V时，小灯泡的电阻为_(保留两位有效数字)。(3)根据以上实验数据可以推测小灯泡电阻随温度变化的特点：_ _。答案(1)分压式(2)6.9(3)小灯泡电阻随温度升高而增大22某学习小组要描绘一个标有“3.6 V，1.2 W”的小灯泡的伏安特性曲线，除了导线和开关外，还有下列器材可供选择：直流电源E(电动势4.5 V，内阻不计)电压表V(量程5 V，内阻约为5 k)电流表A1(量程350 mA，内阻约为1 )电流表A2(量程150 mA，内阻约为2 )滑动变阻器R1(阻值0200 )滑动变阻器R2(阻值010 )(1)实验中电流表应选_，滑动变阻器应选_；(填写器材代号)(2)如图所示，以下的四个电路中应选用 _进行实验。解析(1)灯泡的规格为“3.6 V，1.2 W”，则灯泡的额定电流I A333 mA，灯泡的电阻Rx10.8 ，观察所给器材的规格，电流表应该用量程为350 mA的A1，测量灯泡的伏安特性曲线，小灯泡的电压和电流需要从零调起，所以滑动变阻器应该用分压式接法，所以用R2。(2)据R10.82RARV5 000，所以电流表应用外接法，所以实验电路要选择A图。答案(1)A1R2(2)A23(2015浙江理综，22)图甲是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图。甲乙(1)根据图甲画出实验电路图；(2)调节滑动变阻器得到了两组电流表与电压表的示数如图乙中的、所示，电流表量程为0.6 A，电压表量程为3 V。图乙所示读数为：_、_、_、_。两组数据得到的电阻分别为_和_。解析(1)描绘小灯泡的伏安特性曲线需要测量电压范围大，变阻器用分压接法，小灯泡电阻比较小，电流表要外接，电路图如图所示。(2)电流表量程为0.6 A时，最小刻度为0.02 A，读数读到小数点后两位，所以表示数为0.10 A，表示数为0.24 A；电压表量程为3 V，最小刻度为0.1 V，应估读到0.01 V，所以表示数为2.00 V，表示数为0.27 V，根据欧姆定律R18.3 ，R2 2.7 。答案(1)见解析(2)0.10 A0.24 A2.00 V0.27 V8.3 (8.30.1 均可)2.7 (2.70.1 均可)如填为2.7 (2.70.1 均可)83 (8.30.1 均可)也行题组五实验：测定电池的电动势和内阻24为了测量一节干电池的电动势和内阻，某实验小组按如图甲所示的电路图连好实验电路，合上开关，电流表和电压表的读数正常，当将滑动变阻器的滑片由A端向B端逐渐滑动时，发现电流表的示数逐渐增大，而电压表的示数接近1.5 V，且几乎不变，直到当滑片滑至临近B端时电压表的示数急剧变化，这种情况很难读出电压数值和分布均匀的几组不同的电流值、电压值，出现上述情况的原因是_。改进方法是_。改进后，测出几组电流、电压的数值，并画出如图乙所示的图象，由图象可知，这个电池的电动势为E_V，内阻r_。解析滑动变阻器阻值太大，滑片向B端移动时，因开始电流值较小，电压表示数变化不明显，要改进这种现象，可以换用阻值较小的滑动变阻器。由乙图可知，E1.46 V，r 2.3 .答案滑动变阻器的阻值太大换用阻值较小的滑动变阻器1.462.325要测定某电源的甲电动势和内阻，某同学按电路图图甲连接好电路：(1)若图中电流表表盘刻度均匀，但未标刻度值，电流表的内阻忽略不计，能否根据电路图及电路器材测得电源内阻r的值？_(选填“能”或“不能”)。(2)该同学调节电阻箱的不同阻值，测得多组电流值，他把这些数据描在1/IR图象上，得到一直线，如图乙所示，由图线可得E_V；r_。解析(1)根据闭合电路欧姆定律，设电流表每格电流为I0，当R0时，应有EN0I0r，其中N0为指针偏转的格数；同理调节R，若电流表指针偏转格数为N，应有ENI0(rR)，联立两式即可求出r。(2)由EI(Rr)得R，由图乙可知，纵轴截距2 A1，斜率 V1，得E2 V，r4 。答案(1)能(2)2426用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组(电动势约4.5 V，内电阻约1 )的电动势和内电阻，除待测电池组、电键、导线外，还有下列器材供选用：A电流表：量程0.6 A，内电阻约1 B电流表：量程3 A，内电阻约0.2 C电压表：量程3 V，内电阻约30 kD电压表：量程6 V，内电阻约60 kE滑动变阻器：01 000 ，额定电流0.5 AF滑动变阻器：020 ，额定电流2 A(1)为了使测量结果尽量准确，电流表应选用_，电压表应选用_，滑动变阻器应选用_(均填仪器的字母代号)。(2)如图为正确选择仪器后，连好的部分电路。为了使测量误差尽可能小，还需在电路中用导线将_和_相连、_和_相连、_和_相连(均填仪器上接线柱的字母代号)。解析(1)因三节干电池的电动势约为4.5 V，故电压表应选D；因干电池放电电流不宜超过0.5 A，故电流表应选A；由电压表和电流表的测量范围可知滑动变阻器选用F即可。(2)本实验的实验电路应如图。为了连接成如图的实验电路，还需要用导线将a与d，c与g，f与h相连。答案(1)ADF(2)adcgfh27为了测量由两节干电池组成的电池组的电动势和内电阻，某同学设计了如图甲所示的实验电路，其中R为电阻箱，R05 为保护电阻。(1)按照图甲所示的电路图，某同学已经在图乙所示电路中完成部分导线的连接，请你完成余下导线的连接。(2)断开开关S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数及电阻箱接入电路中的阻值。多次重复上述操作，可得到多组电压值U及电阻值R，并以为纵坐标，以为横坐标，画出的关系图线(该图线为一直线)，如图所示。由图线可求得电池组的电动势E_V，内阻r_(保留两位有效数字)。解析(1)对电路图的连接按照一定的顺序进行，先串后并，从R0的左端连接电阻箱R的一个接线柱，另一个接线柱和电池组的负极相连，电压表并在R两端，连接电压表的“”和“3”两个接线柱。(2)对甲图由闭合电路欧姆定律得E(rR0R)，整理得到，利用图中直线与纵轴的交点数据求得E V，保留两位有效数字即为2.9 V，还可以得到图线的斜率，即可得到电池组内阻r为1.1 。答案(1)如图所示(2)2.91.1(或1.2)题组六实验：练习使用多用电表28用多用电表欧姆挡测电阻时，下列说法中错误的是()A测量前必须调零，而且每次换挡电阻都要重新调零B为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，以使表笔与待测电阻接触良好C待测电阻若是连在电路中，应当把它先与其他元件断开后再测量D使用完毕应当拔出表笔，并把选择开关旋到OFF挡或交流电压最高挡解析本题考查用欧姆表测电阻。根据使用多用电表欧姆挡测电阻时的注意事项可知，选项A、C、D是正确的。B选项两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，即两手分别接触两表笔的金属杆，相当于人体电阻与待测电阻并联，测出的是并联后的电阻，所以测量值小于真实值。故正确答案为B。答案B29关于多用电表的使用，下列做法正确的是()A把多用电表的选择开关旋至适当的直流电压挡，用图甲所示电路，合上开关S，则可测小灯泡两端的电压B把多用电表的选择开关旋至适当的直流电流挡，用图乙所示电路，合上开关S，则可测通过小灯泡的电流C把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进行调零后，用图丙所示电路，开关S保持断开，则可测小灯泡的电阻D把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进行调零后，用图丁所示电路，会观察到此时欧姆表的示数很大解析图甲和乙所示电路黑色笔应接电源负极，选项A、B错误；把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进行调零后，用图丙所示电路，开关S保持断开，则可测小灯泡的电阻，选项C正确；用图丁所示电路，二极管正向导通，电阻很小，会观察到此时欧姆表的示数很小，选项D错误。答案C30如图所示是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的电路图应是图中的()解析正极插孔接电源的负极，所以B、C错误；每次换挡时都要进行短接调零，所以电阻要可调节，故A正确，D错误。答案A31用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量。(1)旋动部件_，使指针对准电流的“0”刻线。(2)将K旋转到电阻挡“100”的位置。(3)将放入“”“”插孔的表笔短接，旋动部件_，使指针对准电阻的_(填“0刻线”或“刻线”)。(4)将两表笔分别与待测电