山东省菏泽市第一中学八一路校区2018_2019学年高一物理5月月考试题（含解析）.docx

山东菏泽市第一中学高一下学期第一次月考物理试题一、选择题1.电场中有一点，下列说法正确的是（ ）A. 若放在点的试探电荷的电荷量加倍，则点的场强加倍B. 若点没有试探电荷，则点的场强为零C. 点的场强越小，则同一电荷在点受到的电场力越小D. 点的场强方向就是试探电荷在该店的受力方向【答案】C【解析】若放在点的电荷的电荷量加倍，则点的电场力会加倍，而此处的电场强度却不变，即使不放电荷，电场强度一人存在，故A错误；若放在点的电荷的电荷量加倍，则按的电场力会加倍，而此处的电场强度却不变，即使不放电荷，电场强度依然存在，故B错误；对于电场力是由电场强度与电量决定，当点的场强越小，则同一电荷在点受到的电场力一定越小，故C正确；点的场强方向为放在该点的正电荷的受的电场力方向，故D错误故选C2. 下列说法中，正确的是A. 在一个以点电荷为中心、r为半径的球面上，各处的电场强度都相同B. E=kQ/r2仅适用于真空中点电荷形成的电场C. 在匀强电场中，电场强度的方向就是放入电场中的电荷受到的电场力的方向D. 放入电场中的电荷在电场力作用下的运动轨迹一定与电场线重合【答案】B【解析】【详解】在一个以点电荷为中心、r为半径的球面上，各处的电场强度大小都相同，但是方向不同，选项A错误；E=kQ/r2仅适用于真空中点电荷形成的电场，选项B正确；在匀强电场中，电场强度的方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向，选项C错误；当初速度为零时，放入电场线是直线的电场中，其电荷在电场力作用下的运动轨迹才一定与电场线重合，故D错误。3.以下说法正确的是A. 在静电场中，沿着电场线方向电势逐渐降低B. 外力对物体所做的功越多，对应的功率越大C. 电容器电容C与电容器所带电荷量Q成正比D. 在超重和失重现象中，地球对物体的实际作用力发生了变化【答案】A【解析】【详解】在静电场中，沿着电场线方向电势逐渐降低，选项A正确；根据P=W/t可知，外力对物体所做的功越多，对应的功率不一定越大，还与时间有关，选项B错误；电容器电容C是由电容器本身决定的物理量，与电容器所带电荷量Q无关，选项C错误；在超重和失重现象中，地球对物体的实际作用力没有发生了变化，即重力是保持不变的，故D错误。故选A.4.（2016海南卷）如图，平行板电容器两极板的间距为d，极板与水平面成45角，上极板带正电。一电荷量为q（q0）的粒子在电容器中靠近下极板处，以初动能Ek0竖直向上射出。不计重力，极板尺寸足够大。若粒子能打到上极板，则两极板间电场强度的最大值为A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：当电场足够大时，粒子打到上极板的极限情况为：粒子到达上极板处时速度恰好与上极板平行，粒子的运动为类平抛运动的逆运动。将粒子初速度v0分解为垂直极板的vy和平行极板的vx，根据运动的合成与分解，当时，根据运动学公式有，联立得，故B正确。考点：带电粒子在匀强电场中的运动。【名师点睛】根据带电粒子在电场中的类平抛运动规律，沿电场方向的匀减速运动，结合粒子到达上极板时的临界条件，利用动能定理和运动学公式解答。【此处有视频，请去附件查看】5.一金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示.容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是()A. A点的电场强度比B点的大B. 小球表面的电势比容器内表面的低C. B点的电场强度方向与该处内表面垂直D. 将检验电荷从A点沿不同路径移到B点，电场力所做的功不同【答案】C【解析】试题分析：依据电场线越疏，电场强度越弱，而电场线越密的，则电场强度越强，由图可知，则A点的电场强度比B点的小，故A错误；根据沿着电场线方向电势是降低的，可知，小球表面的电势比容器内表面的高，故B错误；因容器内表面为等势面，且电场线总垂直于等势面，因此B点的电场强度方向与该处内表面垂直，故C正确；因A、B在同一等势面上，将检验电荷从A点沿不同路径到B点，电场力所做的功相同，均为零，故D错误；故选C。考点：电场线；电场强度；电势【名师点睛】本题考查电场线的疏密与电场强度的强弱的关系，掌握电场线的方向与电势的高低的关系，理解电场线总垂直等势面，注意同一等势面上移送电荷时，电场力不做功。【此处有视频，请去附件查看】6. 电子式互感器是数字变电站的关键装备之一。如图所示，某电子式电压互感器探头的原理为电阻分压，ac间的电阻是cd间电阻的（n-1）倍，某次测量中输出端数字电压表的示数为U，则输入端的电压为A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：和串联，电流，对输出端电压，即输入电压为，对照选项A对。考点：串并联电路7.如图甲所示为某一小灯泡的UI图线，现将两个这样的小灯泡并联后再与一个4 的定值电阻R串联，接在内阻为1 、电动势为5 V的电源两端，如图乙所示，则()A. 若通过每盏小灯泡电流强度为0.2 A，此时每盏小灯泡的电功率为0.6 WB. 若通过每盏小灯泡的电流强度为0.3 A，此时每盏小灯泡的电功率为0.6 WC. 若通过每盏小灯泡的电流强度为0.2 A，此时每盏小灯泡的电功率为0.26 WD. 若通过每盏小灯泡的电流强度为0.3 A，此时每盏小灯泡的电功率为0.4 W【答案】B【解析】【详解】设通过每个小灯泡的电流为I，电压为U，则电路中总电流为2I根据闭合电路欧姆定律得：U=E-2I（R+r），代入得：U=5-10I，当U=0时，I=0.5A；当I=0时，U=5V。在U-I图上作出U=5-10I的图象如图：此图线与小灯泡的U-I图线的交点即为乙图状态下小灯泡的工作状态，由图读出通过每盏小灯泡的电流强度为I=0.3A，电压为U=2V，则此时每盏小灯泡的电功率为P=UI=0.6W；故ABD错误，C正确；故选C。8. 四个点电荷位于正方形四个角上，电荷量及其附近的电场线分布如图所示ab、cd分别是正方形两组对边的中垂线，O为中垂线的交点，P、Q分别为ab、cd上的两点，OPOQ，则A. P点的电场强度比Q点的小B. P点的电势比M点的低C. OP两点间的电势差小于OQ间的电势差D. 一带正电的试探电荷在Q点的电势能比在M点大【答案】AD【解析】试题分析：电场线的疏密表示场强的大小，电场线越密，电场强度越大，根据图象知P点的电场强度比Q点的小故A正确；根据电场叠加，由图象可知ab上各点的电势都相等，M点与ab上各点的电势低，则M点的电势比P点的低，故B错误；OP间电势差等于零，OQ间电势差等于零，则OP两点间的电势差等于OQ间的电势差故C错误P、Q电势相等，则Q点的电势高于M点的电势，正电荷在电势高处电势能大，所以带正电的试探电荷在Q点的电势能比在M点大故D正确故选AD。考点：电场强度；电场线；电势及电势能.9.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则说法不正确的 （ ）A. 平行板电容器的电容值将变小B. 静电计指针张角变小C. 带电油滴的电势能将减少D. 若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变【答案】D【解析】【详解】根据知，d增大，则电容减小，故A正确；静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变，故B错误；电势差不变，d增大，则电场强度减小，故P点与上极板的电势差减小，则P点的电势升高，因油滴带负电，可知带电油滴的电势能将减小，故C正确；电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据，知电场强度不变，则油滴所受电场力不变，故D正确；故选ACD。10. 美国物理学家密立根通过研究平行板间悬浮不动的带电油滴，准确地测定了电子的电荷量。如图，平行板电容器两极板M、N与电压为U的恒定电源两极相连，板的间距为d。现有一质量为m的带电油滴在极板间匀速下落，则A. 此时极板间的电场强度B. 油滴带电荷量为C. 减小极板间电压，油滴将加速下落D. 将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动【答案】AC【解析】试题分析：平行板电容器两极板M、N间的电压为U，板的间距为d，极板间的电场强度为；由于带电油粒匀速下落，则有平衡条件可得：，油滴带电荷量为；减小极板间电压，极板间的电场强度减小，油滴所受的电场力减小，因此油滴将加速下落；将极板N向下缓慢移动一小段距离，板的间距变大，极板间电场强度减小，油滴所受电场力减小，因此油滴将向下运动，所以正确选项为A、C。考点：本题考查了带电粒子在复合场中的运动。11.如图甲所示，、为两个固定着的点电荷，a、b是它们连线的延长线上的两点现有一电子，只在电场力作用下，以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动，其图象如图乙所示，电子经过a、b两点的速度分别为、，则 A. 一定带负电B. 的电量一定大于的电量C. b点的电势高于a点的电势D. 电子离开b点后所受静电力一直减小【答案】BC【解析】【详解】从速度图象乙上看出，可见电子从a到b做加速度减小的加速运动，所以ab之间电场的方向向左，b点的电势高于a点的电势；在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零。过b点后点电荷做减速运动，所以电场的方向向右；结合两个点电荷的电场的叠加的知识可知，一定带负电，一定带正电，A错误C正确；b点场强为零，可见两点电荷在b点产生的场强大小相等，方向相反，根据，b到的距离大于到的距离，所以的电量大于的电量，B正确；由图乙可知，在b点右侧，电子的速度逐渐减小，由于v-t图象的斜率可以表示加速度的大小，由图可知，电子的加速度先增大后减小，所以电子离开b后受到的电场力也是先增大后减小，D错误12.如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C。闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为U，电流表示数的变化量为I，则：A. 变化过程中U和I的比值保持不变B. 电压表示数U和电流表示数I的比值不变C. 电阻R0两端电压减小，减小量为UD. 电容器的带电荷量增大，增加量为CU【答案】AD【解析】【详解】A.根据闭合电路欧姆定律可得，可以画出图象，图象的斜率表示电源内阻与定值电阻之和，所以恒定不变。A正确B. 由图可知，因为电阻增大，所以电压表示和电流表的示数的比值变大。故B错误C.闭合开关，增大可变电阻的阻值后，电流中的电流减小，由欧姆定律可得电阻两端的电压减小，两端的电压增大，而它们总的电压即路端电压增大，所以电阻两端的电压减小量小于。故C错误。D.两端的电压增大量为，因为电容器与并联，所以电容器两端电压增大量为，电容器的带电荷量增量为。故D正确。13.如图所示，电源电动势E3 V，小灯泡L标有“2 V0.4 W”，开关S接1，当滑动变阻器调到R4 时，小灯泡L正常发光。现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作。则()A. 电源内阻1 B. 电动机的内阻为4 C. 电动机正常工作电压1 VD. 电源效率约为93.3%【答案】AD【解析】【详解】A、小灯泡的额定电流为，电阻为，当接1时，由闭合电路欧姆定律可知，代入数据解得r=1，故A正确；BC、当接2时灯泡正常发光，流过的电流为I=0.2A，电源内阻分的电压为，故电动机分的电压为，电动机的内阻，故B、C错误；D、电动机的输入功率，电源的效率，故D正确；故选AD。【点睛】关键是电动机为非纯电阻电路，注意公式的应用，同时注意串并联电路的规律应用。14.某种小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示,三个完全相同的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路,电源的内阻为1.0 。现闭合开关S,理想电压表V的示数为4.0 V,则()A. 三个灯泡的总电阻为8.3 B. 电源的电动势为5.6 VC. 电源消耗的热功率为3.0 WD. 电源的效率为89.3%【答案】ABD【解析】【详解】A项：电压表的示数为：U1=4V，由U-I图象得到干路中灯泡的电流为：I1=0.6A，该灯泡的电阻为：，另外两个并联灯泡的电流均为：I2=0.3A，再根据U-I图象得到电压为：U2=1V，则并联电阻为：，故三个灯泡的总电阻为：R=R1+R并8.3，故A正确；B项：电源的电动势为：E=U1+U2+I1r=4+1+0.61=5.6V，故B正确；C项：电源消耗的热功率为：，故C错误；D项：电源的效率为：，故D正确。15.如图所示的电路中，电源电动势为12 V，内阻为2 ，四个电阻的阻值已在图中标出。闭合开关S，下列说法正确的有A. 路端电压为10 VB. 电源的总功率为10 WC. a、b间电压的大小为5 VD. a、b间用导线连接后，电路的总电流为1 A【答案】AC【解析】【详解】外阻为R： ，则 ，则外压U=IR=10V，功率P=EI=12W，则A正确，B错误；根据并联电路的特点可求流过a、b电流均为0.5A，所以Uba=0.5(15-5)=5V，故C正确；a、b间用导线连接后，根据电路的连接可求外电路电阻为 ，电流，故D错【点睛】考查串并联电路电阻的求解及全电路欧姆定律，计算前要明确电路结构是求解问题的关键；二、实验题16.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，某同学连接了如图(a)所示的实物电路图。闭合开关，发现灯泡不亮，电流表的示数为零；他借助多用电表检查小灯泡。先断开开关，把多用电表的选择开关旋到“1”挡，再进行_调零；又将红、黑表笔分别接触、接线柱，多用电表的表盘指针恰好指在6的刻度上，说明小灯泡正常。他将多用电表选择开关旋于某直流电压档，将红、黑表笔分别接触、接线柱；闭合开关，发现电压表的示数约等于电源电动势，说明、接线柱间的导线出现了_（选填“断路”或“短路”）。故障排除后，为了使电流表的示数从零开始，要在_接线柱间（选填“、”或“、”）再连接一根导线，并在闭合开关前把滑动变阻器的滑片置于最_端（选填“左”和“右”）。【答案】 (1). 欧姆 (2). 断路 (3). 、 (4). 左【解析】【分析】（1）欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数（2）若电压表有示数且与电压电动势接近时，说明电压表之间不含电源的导线间有断路（3）关键是明确要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法【详解】（1）根据欧姆表的使用方法可知，每次选完档后应重新进行欧姆调零；欧姆表的读数为：R=61=6；（2）多用电表选择开关旋于某直流电压档，将红、黑表笔分别接触、接线柱；闭合开关，发现电压表示数约等于电源电动势，说明、接线柱间的导线出现了断路；（3）为使电流表的示数从零调，变阻器应采用分压式接法，所以应在接线柱间再连接一根导线；滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，在闭合开关前应将滑片置于分压电路分压最小的位置，即滑片应置于最左端【点睛】应掌握欧姆表的工作原理和使用方法，特别是每次换完挡后都应重新进行调零当要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法17.某同学设计了如图甲所示的电路来测量电源电动势 E和内阻 r及电阻 R1的阻值。实验器材有：待测电源，待测电阻 R1，电压表 V（量程 03 V，内阻很大），电阻箱 R（099.99 ），单刀单掷开关 S1，单刀双掷开关 S2，导线若干。（1）先测电阻 R1的阻值。请将该同学的操作补充完整：A闭合 S1，将 S2切换到 a，调节电阻箱，读出其示数 R0和对应的电压表示数U1；B保持电阻箱示数不变，将S2切换到b ，读出电压表的示数 U2；C电阻 R1的表达式为 R1_。（2）该同学已经测得电阻 R13.2 ，继续测电源电动势E和内阻 r，其做法是：闭合 S1，将 S2切换到 a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数 R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图乙所示的图线，则电源电动势E=_V，内阻r =_。（结果保留两位有效数字）【答案】（1）（3分）；（2）2.0（3分），8.2（3分）【解析】【详解】（1）由欧姆定律可知：U2=I（R0+R1）；U1=IR0而电路电流相等，联立解得：R1=R0；（2）根据E=U+（R1+r），有，比照直线方程y=kx+b，有截距=b=0.5，所以，E=2V；斜率k=2.0又k=，已测出R1=3.2，求得r=0.818.李明同学想要测量某个未知电阻R1,他手边共有仪器如下:一个电阻箱R、一个滑动变阻器R0、一个灵敏电流计G、一个不计内阻的恒定电源E、开关、导线若干。他首先想到用伏安法或者电表改装知识来设计电路,但发现由于仪器缺乏无法实现。苦恼之余去寻求物理老师的帮助。老师首先给了他一道习题要求他思考:(1)如图甲,在a、b之间搭一座“电桥”,调节四个变阻箱R1、R2、R3、R4的阻值,当G表为零时(此时也称为“电桥平衡”),4个电阻之间的关系是_。(2)聪明的李明马上想到了改进自己的实验,他按照以下步骤很快就测出了Rx按图乙接好电路,调节_,P为滑动变阻器的滑片,当G表示数为零时,读出此时变阻箱阻值R1;将Rx与变阻箱R互换位置,并且控制_不动,再次调节_,直至电桥再次平衡时,读出此时变阻箱阻值R2;由以上数据即可得Rx的阻值,其大小为Rx=_。【答案】 (1). ； (2). R； (3). P； (4). R； (5). 【解析】【详解】(1) 由图可知，要使G中电流为零，其两端的电势差为零；则由串并联电路的规律可知，上下两电路中电阻的比值相等；即一定有：，解得：；(2)由题意可知，李明采用电桥平衡法进行实验；故应调节R，使G表中电流为零，此时读出R1，则R1与Rx的比值等于滑动变阻器左右两边电阻的比值；应控制P不动，使两边电阻的比值不变；互换Rx与变阻箱R；再次调节R，使电流计读数为零；则也有比值等于左右两边电阻的比值；根据题意有：，解得：。三、计算题19.如图所示,电路两端电压U恒为28V,电灯上标有“6V,12W”字样,直流电动机线圈电阻R=2。若电灯恰能正常发光, 且电机能运转,求：(1)流过电灯的电流是多大?(2)电动机两端的电压是多大?(3)电动机输出的机械功率？【答案】（1）2A（2）（3）【解析】（1）灯泡正常发光，电路中的电流为I=2 A（2）由欧姆定律可求得，电动机两端的电压为（3）电动机的总功率为电动机的热功率为所以电动机的输出功率为20.如图所示，电容器 C16 F， C23 F，电阻 R16 ，R23 ，U18 V，则：（1）开关S断开时，A、B两点间的电压UAB为多大？（2）开关S闭合时，电容器C1的电量改变了多少？【答案】（1）18V；（2）3.6105C【解析】试题分析：（1）S断开时，电路断开，A、B两端电压即外电压，所以 UAB=U=18V（2）S断开时，C1带电量 Q1=CUAB=1.