江苏省海安高级中学2018_2019学年高二物理上学期12月月考试题（必修含解析）.docx

江苏省海安高级中学2018-2019学年高二物理上学期12月月考试题（必修，含解析）一、 选择题(本题共23小题，每小题3分，共69分在每小题给出的四个选项当中，只有一个选项是正确的)1.下列各组物理量中均为矢量的是A. 路程和位移 B. 速度和加速度C. 力和功 D. 磁感应强度和磁通量【答案】B【解析】【分析】既有大小又有方向，运算时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量【详解】路程只有大小、没有方向，是标量，故A错误；速度和加速度都既有大小又有方向；故为矢量，故B正确；功只有大小没有方向，故为标量，故C错误；磁通量只有大小没有方向，故为标量，故D错误。故选B。2.关于加速度，以下说法正确的是A. 运动越快的物体，加速度就越大B. 加速度越大，物体速度增加的越多C. 物体的速度增大时，加速度可能在减小D. 物体的加速度为零时，速度也一定为零【答案】C【解析】【分析】加速度表示物体速度变化的快慢，与速度没有直接的关系，物体的速度大，加速度不一定大。加速度为零，速度也不一定为零。速度增大时，加速度可能在减小。【详解】加速度与速度无关，运动越快的物体，速度越大，但加速度不一定越大，故A错误。加速度大，说明物体速度变化快，速度增加不一定多，还与时间有关，故B错误。物体的速度增大时，加速度与速度同向，但加速度可能在减小，故C正确。物体的加速度为零时，速度可以不为零，如匀速直线运动，故D错误。故选C。3.某质点作直线运动，速度随时间的变化的关系式为v=（2t+4）m/s，则对这个质点运动描述，正确的是A. 初速度为2 m/sB. 加速度为2 m/s2C. 在3 s末，瞬时速度为9 m/sD. 前3s内，位移为30 m【答案】B【解析】【分析】由匀变速直线运动的速度公式v=v0+at，根据待定系数法可求出初速度和加速度根据速度与时间的关系，代入数据可求得速度根据位移公式代入数据可求得位移【详解】根据待定系数法，匀变速直线运动的速度随时间的关系为：v=v0+at；已知v=（2t+4）m/s，所以v0=4m/s；a=2m/s2，故A错误、B正确。根据速度v=（2t+4）m/s，代入t=3s，v=10m/s，故C错误。根据位移公式xv0t+at2代入数据x43+23221m，D错误；故选B。【点睛】此题考查了匀变速直线运动的速度公式、位移公式，记住并理解这些公式，并能用待定系数法求解一些量.4.甲、乙两车在同一地点同时做直线运动，其vt图象如图所示，则A. 甲车始终静止B. 乙车做匀加速直线运动C. 0t1时间内，乙的速度大于甲的速度D. 0t1时间内，甲、乙两物体位移相同【答案】B【解析】【分析】速度图线的斜率表示加速度，斜率越大，加速度越大两图线的交点表示速度相同根据面积可判断位移的大小【详解】由图像可知，甲车始终做匀速直线运动，选项A错误；乙车速度随时间均匀增加，则乙车做匀加速直线运动，选项B正确；由图像可知0t1时间内，乙的速度小于甲的速度，选项C错误； v-t图像的“面积”等于位移，则0t1时间内，甲的位移大于乙物体位移，选项D错误；故选B.【点睛】本题是常见的速度图象问题，考查理解物理图象的能力，抓住图象的数学意义来理解其物理意义5.如图所示，一个重60 N的物体置于光滑的水平面上，当用一个的力竖直向上拉物体时，物体所受的合力为（ ）A. 0NB. 40N，方向竖直向下C. 40N，方向竖直向上D. 80N，方向竖直向上【答案】A【解析】试题分析：向上的拉力小于重力，所以物体仍然静止在地面上，分析受力可知支持力为mg-F=40N，方向竖直向上，故选C考点：考查受力分析点评：难度较小，处于静止的物体合外力为零，进行受力分析即可6. 重100N的物体，静止在粗糙的水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，当物体受到一个大小为10N，方向水平向右的拉力作用后，水平面对物体的摩擦力大小和方向是A. 10N，水平向左 B. 10N，水平向右C. 20N，水平向左 D. 20N，水平向右【答案】D【解析】试题分析： 物体相对地面向左运动,则摩擦力方向向右,又由于,则D正确.考点：本题考查滑动摩擦力。7.关于曲线运动的速度，下面说法中正确的是A. 速度的大小与方向都发生变化B. 速度的大小不断发生变化，速度的方向不一定发生变化C. 质点在某一点的速度方向沿曲线上该点的切线方向D. 质点在某一点的速度方向与曲线上该点的切线方向垂直【答案】C【解析】【详解】曲线运动物体的速度方向一定发生变化，但是大小不一定变化，例如匀速圆周运动，选项AB错误；做曲线运动的质点在某一点的速度方向沿曲线上该点的切线方向，选项C正确，D错误；故选C.8.炮筒与水平方向成q 角，炮弹从炮口射出时的速度是v 0 ，该速度在水平方向的分速度为（ ）A. v0 sinq B. v 0 cosq C. v 0 / sinq D. v 0 / cosq【答案】B【解析】【分析】炮弹的速度可以在水平和竖直两个方向上分解，直接求解即可.【详解】根据平行四边形定则得，水平分速度vx=v0cos故B正确，ACD错误。故选B。9.一个做匀速运动的物体，突然受到一个恒定的外力作用，则A. 它一定做匀加速直线运动 B. 它一定做匀减速直线运动C. 它一定做匀变速运动 D. 它一定做曲线运动【答案】C【解析】【分析】根据合力的方向与速度的方向之间的关系，当合力与速度在同一条直线上时，物体就做直线运动；当合力的方向与速度的方向不在同一条直线上时，物体就要做曲线运动；物体是不是做匀变速运动，看的是受到的合力是否变化，如果合力不变，那么物体就做匀变速运动【详解】由于物体受到的是恒定的外力作用，加速度不变，所以物体一定是做匀变速运动；但力的方向与速度的方向的关系没有明确，若力的方向与速度的方向相同，就做匀加速直线运动；若力的方向与速度的方向相反，就做匀减速直线运动；若力的方向与速度的方向不在同一条直线上，物体就做曲线运动；所以ABD错误，C正确。故选C。【点睛】力的方向与速度的方向的关系不同，物体的运动状态也就不一样，所以一定要注意它们方向之间的关系；物体是不是做匀变速运动，只看物体的受力是否变化，若受恒力的作用，就将做匀变速运动10. 关于功率，下列说法中正确的是 ( )A. 功率是说明力做功多少的物理量 B. 功率是说明力做功快慢的物理量C. 做功时间越长，功率一定小 D. 力做功越多，功率一定大【答案】B【解析】功率是说明物体单位时间做功多少的物理量，选项A错误；功率是说明力做功快慢的物理量，选项B正确；根据,故在做功一样时，做功时间越长，功率一定小，选项C错误；根据可知， 力做功越多，功率不一定大，选项D错误；故选B.11.如图所示，细绳悬挂一小球在竖直平面内来回摆动，P、Q为运动轨迹上左右两侧的最高点，M为最低点则A. 小球经M点时的角速度最大B. 小球经M点时的线速度最小C. 小球在M点重力势能最大D. 小球在P、Q点的动能最大【答案】A【解析】【分析】小球摆动过程中机械能守恒，重力势能最大时动能最小；重力势能最小时动能最大.【详解】根据机械能守恒定律可知，小球经M点时的重力势能最小，则动能最大，线速度最大，根据v=r可知角速度最大；在P、Q点的重力势能最大，动能最小；故选项BCD错误，A正确；故选A.12.“验证机械能守恒定律”的实验装置如图所示，实验中发现重物减小的重力势能略大于增加的动能，其主要原因是()A. 未测量重物的质量 B. 先接通电源，后释放纸带C. 使用的重物质量大，体积小 D. 重物和纸带在下落时受到阻力【答案】D【解析】【详解】A项：由公式可知，与物体的质量无关，故A错误；B项：本实验应先接通电源，后释放纸带，对实验结果没有影响，故B错误；C项：使用的重物质量大，体积小可以减小实验误差，故C错误；D项：重物和纸带在下落时受到阻力，部分机械能转化为内能，即减小的重力势能一部分转化为内能，故D正确。13.若人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，则离地面越远的卫星A. 所受的万有引力越大 B. 运行的角速度越大C. 运行的线速度越小 D. 运行的周期越小【答案】C【解析】【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可【详解】人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有，则离地面越远的卫星所受的万有引力越小，选项A错误；由：，可见离地面越远，角速度越小，B错误；由：，可见离地面越远，线速度越小，C正确；由可知，可见离地面越远，周期越大，D错误；故选C。【点睛】本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期的表达式，再进行讨论14.关于电场强度，下列说法中正确的是（）A. 由知，检验电荷在某点所受电场力越大，该点的场强越强B. 由知，检验电荷所带电量越少，检验电荷所在位置的场强越强C. 电场中某点的场强与检验电荷的电量和所受的电场力无关D. 电场中某点场强的方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向【答案】C【解析】试题分析：电场强度是电场本身的性质，与检验电荷的电量以及所受的电场力无关，选项AB错误，C正确；电场中某点场强的方向就是正的检验电荷在该点所受电场力的方向，选项D错误；故选C.考点：电场强度.15. 真空中两个点电荷的相互作用力为F，若把其一个电荷的带电量减少一半，同时把它们之间的距离减少一半，则它们之间的作用力变为A. 2F B. 4F C. 8F D. 无法确定【答案】A【解析】试题分析：根据库仑定律可得，在变化前有，变化后，故A正确；考点：考查了库仑定律【名师点睛】该题比较简单，直接根据库仑力公式得出两次作用力的表达式，则可求得距离减小后的相互作用力，从而解出正确结果16. 关于电容器的电容，下列说法中正确的是（ ）A. 电容器两极的电势差越大，电容就越大B. 电容器所带电荷量越多，电容就越大C. 电容器所带电荷量为零，电容就为零D. 电容器的电容与两极的电势差及所带电荷量均无关，仅由电容器本身因素决定【答案】D【解析】电容是电容器容纳电荷本领的属性，其大小与加在两板上的电压无关，与带电量多少无关，D正确17.如图所示，面积为S的线圈平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，一半在磁场中，则穿过线圈的磁通量为A. 0 B. BSC. BS D. 2BS【答案】B【解析】根据磁通量公式BS，因为图中有效面积为S，所以B项正确18.下面四幅图表示了磁感应强度B、电荷速度v和洛伦兹力F三者方向之间的关系，其中正确的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】伸开左手，让大拇指与四指方向垂直，并且在同一个平面内，磁感线通过掌心，四指方向与正电荷运动方向相同（与负电荷运动方向相反），大拇指所指的方向为洛伦兹力方向。由左手定则可知，C正确，ABD错误。19. 如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回。若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中：A. P做匀变速直线运动B. P的加速度大小不变，但方向改变一次C. P的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小D. 有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大【答案】C【解析】AB、木块向右运动压缩弹簧，弹力方向始终向左，根据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比，当木块向右压缩弹簧时，弹力逐渐增大，加速度逐渐增大；木块被弹簧弹回向左运动，弹簧恢复原长，加速度逐渐减小，故AB错误；C、木块水平方向只受到弹簧的弹力，根据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比当木块向右压缩弹簧时，弹力逐渐增大，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐增大，做变减速运动，当速度减为零时，速度最小，弹力最大，加速度最大，故C正确；D、木块反弹过程向左运动，弹簧恢复原长，弹力减小，加速度逐渐减小，但速度逐渐增大，恰好恢复原长时，速度最大，加速度最小为零，故D错误；故选C。港珠澳大桥新世界的七大奇迹2018年 10月 23日，港珠澳大桥开通仪式在广东珠海举行，习近平出席仪式并宣布大桥正式开通；大桥于同年 10月 24日上午 9时正式通车；设计速度 100千米/小时，届时驾车从香港到珠海、澳门仅需 45分钟。港珠澳大桥全路段呈 S型曲线，全长 55千米，其中珠澳口岸至香港口岸41.6千米，跨海路段全长35.578千米；三地共建主体工程29.6千米，包括6.7千米 海底隧道和22.9千米桥梁；桥墩 224座，桥塔 7座；桥梁宽度33.1米，沉管隧道长度 5664米、 宽度28.5米、净高5.1米。截至 2018年 10月，港珠澳大桥是世界上里程最长、寿命最长、钢结构最大、施工难度最大、沉管隧道最长、技术含量最高、科学专利和投资金额最多的跨海大桥；大桥工程的技术及设备规模创造了多项世界记录，被誉为“超级大国的超级工程”。20. 上述报道中提到的物理量单位，属于国际单位制中基本单位的是A. 米 B. 千米 C. 千米/小时 D. 分钟21. 关于时间与时刻，路程与位移，平均速度，下列说法正确的是A. 大桥上午 9时正式通车，这里的“9 时”指的是时间间隔B. 驾车从香港到珠海、澳门仅需 45分钟，这里的“45分钟”指得是时间间隔C. 大桥全路段呈 S型曲线，因此司机过桥的路程等于位移的大小D. 过桥的平均速度值大于平均速率22. 下列关于惯性的说法正确的是A. 汽车在大桥上行驶，速度越大，惯性越大B. 桥上风的阻力越大，惯性越小C. 满载时汽车的惯性比空载时小D. 满载时汽车的惯性比空载时大23. 建造大桥过程中最困难的莫过于沉管隧道的沉放和精确安装，每节沉管隧道重约 8万吨，相当于一台中型航母的重量。若该沉管在向下沉放过程中看成是减速运动，关于此过程，下列说法正确的是A. 沉管所受的合外力为零B. 沉管所受合外力不为零，且方向向下C. 该沉管处于超重状态D. 该沉管处于失重状态【答案】20. A 21. B 22. D 23. C【解析】【20题详解】国际单位制中有七个基本物理量，他们的单位是基本单位。分别是：长度单位米、时间单位秒、质量单位千克、电流单位安培、热力学温标单位开尔文、物质的量单位摩尔、光强单位坎德拉。故A符合题意，故选A.【21题详解】A.“上午9时”指的是当天上午9时0分0秒的那一瞬间，是一个时刻，故A错误；B.“45分钟”指的是从“香港”出发到达“珠海”或“澳门”的运动过程所经历的时间间隔，故B正确；C.只有单向直线运动中，物体路程的才与位移大小相等，大桥呈S形，过桥的运动时曲线运动，路程大于位移大小，故C错误；D.平均速度等于位移与时间的比，平均速率等于路程与时间的比。由于大桥呈S形，过桥物体做曲线运动，路程大于位移大小，故而平均速度的值小于平均速率，故D错误；故选B。【22题详解】惯性仅由物体质量决定，质量越大惯性越大，质量越小惯性越小，与物体运动的速度、物体收到的外力等因素无关。故ABC错误，D正确。故选D。【23题详解】沉管向下减速运动速度方向向下且减小，则沉管运动的加速度及所受外力不为零且与沉管速度方向相反，即向上。故AB错误。加速度向上，物体处于超重状态，故C正确，D错误。故选C二、 填空题：把答案填在相应的横线上(本题共2小题其中24小题4分，25小题6分，共10分)24.电流在电热丝中做的功与电热丝产生的热量_（选填“相等”或“不相等”）保持电热丝两端的电压不变，增大电热丝的电阻，电热丝消耗的电功率将_（选填“增大”或“减小”）【答案】 (1). 相等 (2). 减小【解析】【详解】电流在电热丝中做的功与电热丝产生的热量相等根据P=U2/R可知，保持电热丝两端的电压不变，增大电热丝的电阻，电热丝消耗的电功率将减小25.某同学在用电磁打点计时器做探究匀变速直线运动规律的实验时：（1）使用电磁打点计时器时，下列做法正确的是_A. 应使用220V的交变电流B. 使用时应当先放开小车，让其运动起来，再接通电源C. 也可以用干电池作为打点计时器的电源D. 每打完一条纸带要及时切断打点计时器的电源（2）若实验中的所用交流电源的频率为50Hz时，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始起，每5个点取一个计数点，分别标上O、A、B、C，量得A与B两点间的距离x139mm，B与C两点间的距离x247mm，则在打B点时小车的速度为_m/s；小车的加速度为_m/s2.【答案】 (1). （1）D (2). （2）0.43 (3). 0.8【解析】（1）A、电磁打点计时器应使用 的交流电,故A错误.B、实验时,应先放开小车,再接通打点计时器电源,因为小车运动较快,可能会使打出来的点很少,不利于数据的采集和处理.故B错误.C、干电池是直流电源,电磁打点计时器应使用的交流电,故C错误.D、每打完一条纸带要及时切断打点计时器的电源,所以D选项是正确的.所以D选项是正确的.（2）每五个点取一个计数点,所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s.利用匀变速直线运动的推论得: 利用逐差法 得: 综上所述本题答案是：（1）D （2）0.43 0.8三、 论述计算题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位(本题共3小题，其中26小题6分，27小题7分，28小题8分，共21分)26.在距地面30m高处，以10m/s的速度抛出一质量为1kg的物体（g取10m/s2）,求（1）自抛出到落地，重力对物体做功为多少？（2）落地时物体的动能是多少？【答案】（1）300J (2) 350 J【解析】（1）重力做功mgh=1kg10m/s230m=300J(2)由动能定理27.如图所示，AB为固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道，轨道的B点与水平地面相切，其半径为R.质量为m的小球由A点静止释放，求：（1）小球滑到最低点B时，小球速度v的大小及小球对轨道的压力F压的大小；（2）小球通过光滑的水平面BC滑上固定曲面，恰达最高点D，D到地面的高度为h（已知hR），则小球在曲面上克服摩擦力所做的功Wf.【答案】（1） （2）3mg （3）mg（Rh）【解析】解：（1）由动能定理得则即小球滑到最低点B时，小球速度v的大小为（2）由牛顿第二定律得则FN=3mg即小球刚到达最低点B时，轨道对小球支持力FN的大小为3mg