吉林省延边朝鲜自治州二中高二化学上学期期末考试试卷.doc

吉林省延边二中 高二上学期期末考试化学试题试卷说明：试卷分为两部分，第一部分选择题共20题（共60分），第二部分为非选择题共55分（填空题40分和附加题15分）。可能用到的相对原子质量：H 1C 12 O 16 Zn 65 部分（选择题）（共60分）一、选择题（每题3分，共60分）1下列说法正确的是A热化学方程式中的化学计量数可表示物质的量，因此可用分数表示B热化学方程式中表明的热量是指每摩尔反应物反应时吸收或放出的热量C1 mol碳燃烧所放出的热量为燃烧热D1 mol强酸和1 mol强碱完全反应所放出的热量称为中和热2下列有关能量的判断或表示方法正确的是A从C(石墨)C(金刚石) H19 kJmol1，可知金刚石比石墨更稳定B等质量的硫蒸气和硫固体分别完全燃烧，后者放出热量更多C由H+(aq)OH(aq)H2O(l) H-57.3 kJmol1，则向含0.1 mol HCl的盐酸中加入4.0gNaOH固体，放出热量等于5.73 kJD同一个化学反应，化学计量数不同，H的值不同；化学计量数相同而状态不同，H的值也不同。3在工业生产中，降低能耗是重要的节能措施。下列说法不符合生产实际的是：A使用恰当的还原剂，可以在较低的温度下把金属从矿石中提取出来；B研制出性能优良的催化剂可以使反应温度降低，提高反应速率，从而起到节能效果；C制水泥、玻璃等硅酸盐工业需要消耗大量能源，我们应通过降低其产量来节能；D利用铝的还原性和铝转化为氧化铝时能放出大量热的性质，工业上常用铝粉来还原一些金属氧化物。4化石燃料仍是目前能源的主体，但已经面临危机，开发新能源是解决能源问题的关键。下列能量转换过程，不涉及化学变化的是A利用氢氧燃料电池提供电能B利用太阳能分解水制备氢气C利用水流驱动涡轮机发电D利用植物秸秆为原料生产乙醇燃料5反应X(g)Y(g)2Z(g)H0，达到平衡时，下列说法正确的是A减小容器体积，平衡向右移动 B加入催化剂，Z的产率增大C增大c(X)，X的转化率增大 D降低温度，Y的转化率增大6下列实验能达到测量要求的是（ ）A. 用托盘天平称取35.20g NaCl B. 用10ml量筒量取8.50ml盐酸C. 用25ml滴定管量取15.80ml溶液 D. 用广泛PH试纸测得溶液PH值为4.27在密闭容器中，反应2X（g）+ Y2（g） 2XY（g）；H0，达到甲平衡。在仅改变某一条件后，达到乙平衡，下列分析正确的是 A图I中，甲、乙的平衡常数分别为K1、K2，则K1B室温下，向001mol/L NH4HSO4溶液中滴加NaOH溶液至中性 C25时，01mol/LCH3COOH溶液V1 mL和01mol/L NaOH溶液V2mL混合，若V1V2，则混合溶液的pH一定小于7D对于反应，在任何温度下都能自发进行12归纳法是髙中化学学习常用的方法之一，某化学研究性学习小组在学习了化学反应原理后作出了如下的归纳总结：（均在常温下）pH=1的强酸溶液，加水稀释后，溶液中离子浓度都降低。pH=2的盐酸和pH=l的盐酸，C(H+)之比为2 :1 pH相等的三种溶液：a.CH3COONa b.NaHCO3 c.NaOH，其溶质物质的量浓度由小到大顺序为：c、b、a反应2A (s)+B (g)=2C (g)+D (g)不能自发进行，则该反应H一定大于0；已知醋酸电离平衡常数为Ka，醋酸根水解常数为Kb，水的离子积为Kw，则三者关系为：KaKb=Kw若反应A(g)=2 B (g) 正反应的活化能为Ea kJmol-1,逆反应的活化能 为EbkJmol-1,则H=(Ea-Eb）kJmol-1上述归纳正确的是A全部BCD13氢氟酸是一种弱酸，可用来刻蚀玻璃，已知25时：HF(aq) + OH(aq) F(aq) + H2O(l) H=67.7 kJ/molH+(aq) + OH(aq) H2O(l) H=57.3kJ/mol在10 mL 0.1mol/L的NaOH溶液中，加入10 mL 浓度为c mol/L的HF稀溶液，下列说法中错误的是（ ）A当氢氟酸溶液温度升高，HF的电离程度减小（不考虑挥发）B水电离的热化学方程式为：H2O(1) H+(aq)+OH(aq)；H= +57.3kJ/molC当c 0.1时，一定不存在：c(Na+) = c(F) D若混合后溶液中：c(Na+)c(OH) c(F)c(H+)，则c一定小于0.114常温下，向20 mL 02 mol/L H2A溶液中滴加02 mol/L NaOH溶液。有关微粒的物质的量变化如下图(其中代表H2A，代表HA，代表A2)，根据图示判断，下列说法正确的是AH2A在水中的电离方程式是：H2A=HHA、HAHA2B当V(NaOH)20 mL时，溶液中各粒子浓度的大小顺序为：c(Na)c(HA)c(H)c(A2)c(OH)C等体积等浓度的NaOH溶液与H2A溶液混合后，其溶液中水的电离程度比纯水大D当V(NaOH)30 mL时，溶液中存在以下关系：2c(H)c(HA)2c(H2A)c(A2)2c(OH)15用01 molL-1 NaOH溶液滴定01 molL-1盐酸，如达到滴定终点时不慎多加了1滴NaOH溶液(1滴溶液的体积约为005 mL)，继续加水至50 mL，所得溶液的pH是()A4 B72 C10D11316已知25时Mg(OH)2的Ksp为5.61012mol3L3,MgF2的Ksp为7.41011mol3L3。下列说法中正确的是（ ）A25时，Mg(OH)2固体在氨水中的Ksp比在NH4Cl溶液中的Ksp小B25时，向Mg(OH)2的澄清饱和溶液中加入少量NH4Cl固体，c(Mg2)减小C25时，Mg(OH)2的溶解能力大于MgF2的溶解能力D25时，饱和Mg(OH)2溶液与0.1molL1NaF溶液等体积混合，能生成MgF2沉淀17可逆反应2SO2(g)O2(g)2SO3(g)，在不同条件下测得化学反应速率最快的为Av(O2)3 molL1min1 Bv (SO2) 4 molL1min1Cv (SO3) 0.1 molL1s1 Dv (O2) 0.1 molL1s118目前已研制出一种用磺酸类质子作溶剂的酸性乙醇电池，其效率比甲醇电池高出32倍，电池构造如图所示，电池反应式为：C2H5OH+3O2=2CO2+3H2O。下列关于该电池的说法正确的是A通入乙醇的电极为该电池的正极B放电过程中，电源内部的H+从正极区向负极区迁移C该电池的正极反应为：4H+O2+4e=2H2OD用该电池做电源，用惰性电极电解饱和NaCl溶液时，每消耗0.2 molC2H5OH，阴极产生标准状况下气体的体积为13.44 L19高铁电池是一种新型可充电电池，与普通高能电池相比，该电池能长时间保持稳定的放电电压。高铁电池的总反应为：3Zn+2K2FeO4+8H2O3Zn(OH)2+2Fe(OH)3+4KOH。下列叙述不正确的是： A放电时负极反应为： Zn-2e+2OHZn(OH)2B充电时阳极反应为：Fe(OH)3-3e+5OHFeO42-+4H2OC放电时每转移3mol电子，正极有1molK2FeO4被氧化D放电时的正极在充电时须接电源正极20将等物质的量浓度的CuSO4溶液和NaCl溶液等体积混合后，用石墨电极进行电解，电解过程中，溶液pH随时间t变化的曲线如图，则下列说法正确的是A阳极产物一定是Cl2，阴极产物一定是CuBBC段表示在阴极上是H+放电产生了H2C整个过程中阳极先产生Cl2，后产生O2DCD段表示阳极上OH一放电破坏了水的电离平衡，产生了H部分（非选择题）（共40分）21（7分）在如图所示的三个容积相同的三个容器、进行如下的反应：3A（g）B（g）2C（g）H0（1）若起始温度相同，分别向三个容器中充入3mol A和 1mol B，则达到平衡时各容器中C物质的百分含量由大到小的顺序为 （填容器编号）（2）若维持温度不变，起始时中投入3mol A、1mol B； 中投入3mol A、1mol B和2mol C，则达到平衡时，两容器中B的转化率 （填、或）（3）若维持容器内温度和压强相等，起始时在中投入3molA和1molB，在中投入amol A和bmol B及cmol C，欲使达平衡时两容器内C的百分含量相等，则两容器中起始投料量必须满足（用含a、b、c的关系式表达）： 22(10分)研究NO2、SO2、CO等大气污染气体的处理具有重要意义。（1）利用以下反应可处理NO2：6NO28NH37N212H2O Ha的溶液中Fe3+一定不能大量存在24(11分)下图是甲醇燃料电池工作的示意图，其中A、B、D均为石墨电极，C为铜电极。工作一段时间后，断开K，此时 C电极质量减少3.2g。（1）甲中负极的电极反应式为 （2）乙溶液此时离子浓度由大到小的顺序是 连接K，继续电解一段时间，当A，B两极上产生的气体体积相同时（3）乙中A极析出的气体在标准状况下的体积为 （4）丙装置溶液中金属阳离子的物质的量与转移电子的物质的量变化关系如图，则图中线表示的是 离子的变化；此时要使丙装置中金属阳离子恰好完全沉淀，需要 mL 5. 0 moL/L NaOH 溶液。附加题：（共15分）25（15分）磺酰氯（SO2Cl2）是一种有机氯化剂，也是锂电池正极活性物质。已知磺酰氯是一种无色液体，熔点-54.1，沸点69.1，遇水发生剧烈水解。（1）已知：SO2 (g) +Cl2 (g)+ SCl2 (g) 2SOCl2 (g) H=a kJmol1SO2Cl2(g)+ SCl2 (g) 2SOCl2(g) H=b kJmol1则反应：SO2(g) + Cl2(g) SO2Cl2(g) H = kJmol1（用含a、b的代数式表示）；该反应平衡常数表达式为K = 。（2）磺酰氯可与白磷发生反应为：P4 + 10 SO2Cl2 = 4PCl5 + 10SO2，若生成1molSO2，则转移电子的物质的量为 mol。（3）某学习小组的同学依据反应：SO2(g)+ Cl2(g) SO2Cl2(g) H 0，设计的制备磺酰氯装置如图-1。 若用浓盐酸与二氧化锰为原料制取Cl2，其反应的化学方程式为 。有关图-1所示的装置说法正确的是 （不定项选择）。a.A、E处洗气瓶中盛放的可能分别是饱和食盐水和饱和NaHSO3溶液b.B处反应管内五球中玻璃棉上的活性炭作催化剂c.B处反应管冷却水应从m接口通入d.装置C处吸滤瓶应放在冰水中冷却e.D处U形管中盛放的可能是碱石灰从化学平衡移动角度分析，反应管通水冷却的目的为 。（4）GET公司开发的Li-SO2Cl2军用电池，其示意图如图-2所示，已知电池反应为：2Li + SO2Cl2 = 2LiCl + SO2；则电池工作时，正极的电极反应式为 。 2D【解析】试题分析：物质所含能量越低越稳定，金刚石比石墨能量高，石墨比金刚石稳定，故A项错误；等质量的硫蒸气比硫固体能量高，等质量的硫蒸气和硫固体分别完全燃烧，后者放出热量少，故B错误；氢氧化钠固体溶于水放热，向含01 mol HCl的盐酸中加入40 gNaOH固体，放出热量大于573 kJ，故C错误；。H的值与化学计量数对应，故D正确。考点：本题考查反应热。3C【解析】试题分析：较低的温度下把金属从矿石中提取出来,降低能耗，故A项正确；催化剂能降低活化能，可以使反应在较低温度下进行，提高反应速率，起到节能效果，故B正确；通过降低其产量来节能，不符合实际，故C错误；铝热反应就是铝粉和金属氧化物反应，故D正确。考点：本题考查化学反应与能量。 4C【解析】试题分析：A利用氢氧燃料电池提供电能是化学能转化为电能，涉及化学变化，错误；B利用太阳能分解水制备氢气是光能转化为化学能，涉及化学变化，错误；C利用水流驱动涡轮机发电是机械能转化为电能，不涉及化学变化，正确；D利用植物秸秆为原料生产乙醇燃料是发生化学变化，错误。考点：考查物质转化关系过程中的能量变化的知识。5D6C7D【解析】试题分析：若升高温度，平衡向逆反应方向移动，图1不可能是升高温度，可能是增大压强，温度不变，平衡常数不变，故A错误；图表示加入催化剂正逆反应速率同程度的增大，平衡不移动，故转化率不变，B错误；增大压强，平衡向正反应方向移动，图反应速率增大，平衡不发生移动，故不肯能是增大压强，故C错误；乙先达到平衡，说明乙的反应速率快，故乙温度高于甲，D正确，答案选D考点：化学平衡图像8B【解析】试题分析：升高温度，增大固体表面积将铁片改用铁粉，一定能加快反应速率，故A、D不符合题意；浓硫酸遇到铁粉钝化，故不会加大氢气的速率，B项符合题意；加入硫酸铜，铁与硫酸铜溶液反应置换出铜单质，构成铁、铜、稀硫酸的原电池，加快反应速率，C不符合题意，故答案选B考点：影响化学反应速率的因素9A【解析】试题分析：单位时间内生成n molO2的同时生成2n molNO2 ，符合正逆反应速率相等，可作为达到平衡状态的标志，正确； 单位时间内生成n molO2 的同时生成2n mol NO，表示的都是正反应速率，不能表示达到平衡状态的标志，错误； 用NO2、NO、O2 的物质的量浓度变化表示的反应速率的比为2 : 2 : 1的状态，不一定是平衡状态，所以不能作为达到平衡状态的标志，错误；混合气体的颜色不再改变的状态在恒温恒容条件下，气体的颜色一直变化，达平衡时混合气体的颜色不再变化，看作为达到平衡状态的标志，正确；混合气体的密度不再改变的状态 ，恒容条件下，气体的总质量不变，则混合气体的密度一直不变，不能作为达到平衡状态的标志，错误；混合气体的平均相对分子质量不再改变的状态，该反应是气体的物质的量变化的可能反应，气体的总质量不变，则气体的平均相对分子质量一直变化，达平衡时不再改变，可作为达到平衡状态的标志，正确，所以答案选A。考点：考查化学平衡状态标志的判断10B【解析】试题分析：该反应是一个气体体积不变的反应，反应混合物在成比例的条件下是等效平衡，1=2 ，乙容器中充入的0.9mol C时，两容器平衡后含C的物质的量相等，故n1n2 ，答案选B。考点：等效平衡的计算11C【解析】 试题分析：ANH3H2O是若电解质，电离的程度是很微弱的。其余的都是盐，完全电离，因此的C(NH4+)最小。 在NH4Cl中存在水解平衡：NH4+H2ONH3H2O+H+。在中除了存在NH4+的水解平衡外，还存在Al3+的水解。Al3+ +3H2OAl(OH)3(胶体)+3H+。二者水解的酸碱性相同，对NH4+的水解起抑制作用，使铵根水解消耗的比少些。因此c(NH4+)：在CH3COONH4中除了存在NH4+的水解平衡外，还存在CH3COO-的水解。CH3COO- +H2OCH3COOH+OH-。二者水解的酸碱性相反，对NH4+的水解起促进作用，使铵根水解消耗的比多些。因此c(NH4+)：所以c(NH4+)大小顺序为：。正确。B室温下，向001mol/L NH4HSO4溶液中滴加NaOH溶液至中性，发生反应：NH4HSO4+NaOH=NaNH4SO4+H2O。若恰好发生该反应，则由于NH4+的水解溶液显酸性。所以NaOH要稍微过量一些。所以离子浓度关系为c(Na+)c(SO42-)c(NH4+)c(OH-)=c(H+)。正确。C25时，01mol/LCH3COOH溶液V1 mL和01mol/L NaOH溶液V2mL混合，若V1=V2恰好完全反应，则由于醋酸是弱酸，得到的盐是强碱弱酸盐。盐电离产生的CH3COO-水解消耗水电离产生的H+，使溶液显碱性，若酸CH3COOH稍微过量一些，即V1V2，可以抑制CH3COO-水解，使其水解程度小些，如果酸的电离作用等于盐的水解程度，则pH=7；若酸的电离作用盐的水解程度，则pH7；如果酸的电离作用盐的水解程度，则pH7；因此 V1V2时，混合溶液的pH不一定小于7。错误。D由于反应N2H4(l)=N2(g)+2H2(g）H=-506 KJ/mol，是个体系混乱程度增大的放热反应，G=H-TS0，S0，H 0，正确；KaKb=Kw。正确；H=(Ea-Eb）kJmol-1，正确考点：考查电离平衡、盐的水解、化学反应方向焓变计算13C【解析】试题分析：A.利用盖斯定律将-可得HF（aq）F-（aq）+H+（aq）H=-10.4kJmol-1，即氢氟酸的电离是放热热的，升高温度，平衡向逆反应方向移动，电离程度减小，A说法是正确的；B.已知条件中H+(aq) + OH(aq) H2O(l) H=57.3kJ/mol，水的电离的H与其数值相等，符号相反，B说法正确；C.当C0.1时，溶液可能呈中性、酸性或碱性，当溶液呈中性时，则c(Na+) = c(F)，C说法错误；D.若c=0.1mol/L，则与氢氧化钠完全反应生成NaF，完全电离出钠离子和氟离子，而氢氧根离子来源于盐类的水解，水解非常微弱，离子浓度大小顺序为c(Na+) c(F)c(OH)c(H+)，若c0.1mol/L，则c(OH) c(F)，D叙述正确；答案选C考点：离子浓度大小比较、盐类的水解14B【解析】试题分析：A、20 mL 02 mol/L H2A溶液中溶质的物质的量为4103mol，由图像知溶液中H2A的物质的量略小于4103mol，则H2A为弱酸，在水中的电离方程式是：H2AHHA、HAHA2，错误；B、当V(NaOH)20 mL时，H2A与NaOH刚好反应生成4x10-3 mol NaHA，由图像知A2-的量大于H2A，说明HA-的电离程度大于其水解程度，溶液中各粒子浓度的大小顺序为：c(Na)c(HA) c(H)c(A2)c(OH)，正确；C、等体积等浓度的NaOH溶液与H2A溶液混合后二者恰好反应生成 NaHA，由图像知A2-的量大于H2A，说明HA-的电离程度大于其水解程度，对水的电离起抑制作用，其溶液中水的电离程度比纯水小，错误；D、当V(NaOH)30 mL时，溶液中含有等量的Na2A和 NaHA，电荷守恒式为：c(H)c(Na)c(HA)+2c(A2)c(OH)，物料守恒式为：2c(HA)2c(H2A)+2c(A2)=3 c(Na)，联立两式得：3c(H)2c(H2A)4c(A2)3c(OH) c(HA)，错误。考点：考查电解质溶液的离子平衡。15C 16D【解析】试题分析：A、Ksp不随浓度变化，只与温度有关，故A错误；B、NH4+结合OH-使氢氧化镁溶解平衡正向移动，Mg2+增大，故B错误；C、因氢氧化镁溶度积小，因此25时，Mg(OH)2的溶解能力小于MgF2的溶解能力，故C错误；D、二者Ksp接近，使用浓NaF溶液可以使氢氧化镁转化为MgF2，故D正确，故选D。考点：考查难溶电解质的溶解平衡和沉淀转化17D【解析】试题分析：用不同物质表示的反应速率，与化学计量数成正比，并注意反应速率的单位，C、v (SO3) 0.1 molL1s1 =6 molL1min1 D、v (O2) 0.1 molL1s1=6molL1min1故D最大，答案选D。考点：化学反应速率18C【解析】试题分析：乙醇作为一种燃料，在反应中失去电子，被氧化，因此在燃料电池中乙醇在负极上发生反应，A错误；负极失去电子，电子沿导线传递到正极上，因此溶液中的阳离子向正极移动，阴离子向负极移动B错误；氧气在正极反应，C正确；乙醇中碳原子的化合价是2价，而在产物中碳原子的化合价是4价，即1个碳原子失去6个电子，所以1mol乙醇转移12mol电子，消耗0.2mol乙醇转移2.4mol电子，电解池的阴极生成氢气，生成氢气的物质的量为x，根据转移电子数守恒，2x=2.4mol，x=1.2mol，故生成氢气的体积为1.2molx22.4L/mol=26.88L，D错误，答案选C.考点：电解池和原电池原理19C【解析】试题分析：根据高铁电池的总反应，锌发生氧化反应，所以为负极，故A项正确；充电时电池的正极为阳极，故B正确；放电时，正极被还原，故C错误；放电时的正极在充电时须接电源正极，放电时的负极在充电时须接电源负极，故D正确。考点：本题考查原电池原理。 20C【解析】试题解析：将等物质的量浓度的CuSO4溶液和NaCl溶液等体积混合后，用石墨电极进行电解，阳极先是氯离子放电，然后是溶液中的OH放电，电极反应式分别是2Cl2eCl2、4OH4e2H2OO2。阴极首先是铜离子放电，然后是溶液中的氢离子放电，电极反应式为Cu22eCu、2H2eH2。由于硫酸铜和氯化钠的物质的量相同，所以根据图像可知，电解分为3个阶段，第一阶段是电解氯化铜，第二阶段是电解硫酸铜溶液，第三阶段相当于是电解水，故A错误；BC段表示在阴极上是铜离子放电产生了铜，故B错误；整个过程中阳极先产生Cl2，后产生O2，故C正确；CD段表示电解水，故D错误。考点：电解原理的应用21（7分)）（1） （2分） （2） （2分） （3）3 （3分）【解析】试题分析：（1）是恒容容器是恒温恒容容器是恒温恒压容器，相比，该反应是放热反应，所以体系的温度升高，而温度升高平衡逆向移动，使C物质的百分含量降低，所以；相比，该反应是气体物质的量减少的反应，所以恒容时的压强小于，若使达到相同的状态，则应增大的压强，增大压强，平衡正向移动，使C物质的百分含量增大，所以，因此三个容器中C物质的百分含量由大到小的顺序为；（2）中的2molC完全转化为A、B也是3mol、1mol，相当于中的反应物的物质的量分别是6mol、2mol，是容器的2倍，根据（1）的分析，若中反应物的物质的量都是是3molA、1molB，则达平衡时，B的转化率，容器中再充入3molA、1molB，则达到的新平衡与原平衡等效，B的转化率不变，所以最终B的转化率；（3）恒温恒压条件下，达平衡时两容器内C的百分含量相等，则达到的平衡是等效平衡，所以中投入的A、B的最终物质的量之比是3:1，将C转化为A、B是3/2C、1/2C，所以A、B的物质的量是（a+3/2C）mol、（b+1/2C）mol，则（a+3/2C）/（b+1/2C）=3。考点：考查不同条件的平衡的判断，等效平衡的应用22（10分）（1）（3分）（2）NO2（g）+SO2（g）SO3（g）+NO（g） H=-41.8 kJmol-1；（2分） （3）b （2分） 2.67（3分）【解析】试题分析：（1）该反应为放热反应，反应物总能量小于生成物总能量，催化剂能降低反应的活化能，使化学反应速率加快，但不能使平衡移动，不影响反应热，因此作图如下：（2）先以1mol SO2与足量NO2反应写出反应方程式：NO2+SO2SO3+NO，根据盖斯定律，将第二个方程式颠倒过来，与第一个方程式相加，再把结果除以2得： NO2（g）+SO2（g）SO3（g）+NO（g），H=（113.0 kJmol-1）+（196.6 kJmol-1）=83.6 kJmol-1，故NO2（g）+SO2（g）SO3（g）+NO（g） H=-41.8 kJmol-1；（3）本反应是反应前后气体分子数不变的反应，故体系的压强保持不变，故a不能说明反应已达到平衡状态；随着反应的进行，NO2的浓度减小，颜色变浅，故b可以说明反应已达平衡；SO3和NO都是生成物，比例保持1：1，故c不能作为平衡状态的判断依据；d中所述的两个速率都是逆反应速率，不能作为平衡状态的判断依据。 NO2（g）+SO2（g）SO3（g）+NO（g） 起始物质的体积 1a 2a 0 0转化物质的体积 x x x x平衡物质的体积 1a-x 2a-x x x则（1a-x）：（2a-x）=1：6，故x=a，故平衡常数为：=2.67。考点：考查化学平衡、盖斯定律的应用及平衡常数的计算。23（12分）（1）Fe(OH)3（2）氨水 不会引入新的杂质 （3）2Fe3+3Mg(OH)2=3Mg2+2Fe(OH)3（4）4 （5）ACDE【解析】试题解析：（1）上述三种除杂方案都能够达到很好的效果，Fe3+、Fe2+都被转化为Fe(OH)3而除去；（2）用氢氧化钠溶液，会引入新的杂质，沉淀表面含钠离子和氢氧根离子，为了不引入其它杂质离子，应加氨水使Fe3+沉淀；（3）中根据溶解度表可知Mg（OH）2易转化为Fe（OH）3，因此在氯化镁溶液中加入足量的Mg（OH）2可除去Fe3+：2Fe3+3Mg（OH）2=3Mg2+2Fe（OH）3；（4）Fe(OH)3的Ksp=110-35mol/L，当铁离子沉淀完全时，c（OH-）=110-10mol/L，则c(H+)=110-4mol/L，ph=4；（5）根据H2O2是绿色氧化剂，在氧化过程中被还原成水，不引进杂质、不产生污染，故A正确；根据Fe（OH）2的溶解度大于Fe（OH）3，形成Fe（OH）2沉淀Fe2+沉淀不完全，故B错误；原来溶液是酸性较强，加入氢氧化铜或碱式碳酸铜可以与H+反应H+反应后，PH增大，当PH=4的时候，Fe（OH）3完全沉淀，而Cu2+还没沉淀而氢氧化铜或碱式碳酸铜是固体，不会引入新的杂质，故C正确；氢氧化铜或碱式碳酸铜与H+反应，H+反应后，PH增大，当PH=4的时候，Fe（OH）3完全沉淀，而Cu2+还没沉淀，以Cu2+形式存在，而氢氧化铜或碱式碳酸铜是固体，不会引入新的杂质，故D正确；在pH4的溶液中Fe3+全部以Fe（OH）3完全沉淀，Fe3+一定不能大量存在，故E正确。考点：物质的分离提纯24共11分（1）CH3OH6e8OHCO326H2O(3分) （2）c(H+)c(SO42-)c(Cu2+)c(OH-)(3分) （3）2.24L(1分，数值正确无单位无分) （4）Fe2(2分) 280(2分)【解析】试题分析：（1）甲醇燃料电池是原电池反应，甲醇在负极失电子发生氧化反应，电极反应为：CH3OH-6e-+8OH-=CO32-+6H2O。（2）电解前乙溶液含CuSO4物质的量为：0.1L1molL1=0.1mol，C电极质量减少3.2g，发生的反应为Cu2e=Cu2+，n（e）=2n（cu）=23.2g64g/mol=0.1mol，电解乙溶液发生的反应为：2CuSO4+2H2O2Cu+2H2SO4+O2，则消耗C