2019届高考生物三模试题(含解析).doc

2019届高考生物三模试题(含解析)一.选择题：本大题共6小题，每小题6分在每小题给出的四个选坂中，只有一项是符合题目要求的1下列有关细胞膜的叙述错误的是（）A细胞膜的组成成分包括脂质、蛋白质和糖类B细胞膜上蛋白质的种类和数量越多，功能越复杂C细胞膜具有物质运输、能量转换、信息传递的功能D细胞膜两侧的离子浓度差是通过被动运输实现的2如图表示细胞分裂和受精作用过程中核DNA含量和染色体数目的变化，据图分析，下列叙述正确的是（）A图中a、c表示有丝分裂，b表示减数分裂BAC段和NO段形成的原因是DNA的复制C等位基因的分离发生在GH段，非同源染色体上非等位基因的自由组合发生在LM段DGH段和OP段含有的染色体数目相同，且都含有同源染色体3下列关于人体内环境与稳态的描述，正确的是（）A吞噬细胞参与非特异性免疫过程，淋巴细胞参与特异性免疫过程BHIV能攻击人体的免疫系统，特别是侵入T细胞，引起自身免疫病C突触前膜释放的乙酰胆碱通过胞吞进入下一个神经元发挥作用D饥饿时，血液流经肝脏后血糖浓度会增加4黄猿蚁是聚果榕上常见的蚂蚁种类黄猿蚁能捕食在榕果表面产卵的寄生榕小蜂，减少其在榕果上的产卵；但是对进入榕果的传粉榕小蜂捕食较少那些有黄猿蚁栖息的榕树上榕果种子产量较大以下分析正确的是（）A黄猿蚁与聚果榕之间存在能量流动关系B两种榕小峰、黄猿蚁、榕树之间存在共同进化C寄生榕小蜂与传粉榕小峰之间存在寄生关系D传粉榕小峰与聚果榕之间存在捕食和竞争关系5下列有关现代生物进化理论内容的叙述中，正确的是（）A突变和基因重组是随机的，种间关系决定生物进化的方向B新物种只能通过自然选择过程形成，形成的标志是生殖隔离C同一种群的雎雄个体之间可以相互交配并产生后代，同一物种的雌雄个体之间则不能D喷洒农药可使害虫种群的抗药基因频率提高，而使害虫朝抗药性逐渐增强的方向进化6某自花传粉植物紫茎（A）对绿茎（a）为显性，抗病（B）对感病（b）为显性，这两对基因分别位于两对同源染色体上，且当花粉含AB基因时不能萌发长出花粉管，因而不能参与受精作用以下分析，正确的是（）A这两对基因的遗传不遵循基因的自由组合定律B基因型为AaBb和aabb的植株正反交子代性状及比例相同C两紫茎抗病性状植株正反交后代不一定出现性状分离D用单倍体育种的方法不可以得到基因型为AABB的植株三、非选择题：7（10分）萌发的大麦种子中存在着两种淀粉酶：淀粉酶和淀粉酶淀粉酶耐热不耐酸；淀粉酶酎酸不耐热，70处理15min即变性失活为测定萌发种子中淀粉酶和淀粉酶活性的差异，将发芽3天的大麦种子加蒸馏水研磨匀浆、离心取上清液得到淀粉酶提取液，进行如下实验操作步骤1号试管2号试管3号试管加淀粉酶提取液1ml1ml1ml预处理70恒温水浴15min，取出冰浴中冷却高温使淀粉酶和淀粉酶失活不处理加缓冲液2ml2ml2ml预保温40恒温水浴lOmin加40预热的淀粉溶液2ml2ml2ml保温40恒温水浴5min测定加入试剂5065水浴5min，测定砖红色沉淀物的量（1）步骤中加入的试剂X为 （2）上述实验操作步骤中，步骤中对1号试管进行操作的目的是 （3）通过上述实验，能大致比较萌发3天时种子的淀粉酶和淀粉酶活性的大小，比较的方法是：测定各试管沉淀物的量， 代表淀粉酶的活性， 代表淀粉酶的活性， 表示该酶的活性大8（10分）如图1所示为某兴趣小组设计的实验装置，其中氧气传感器能测量盛气装置内氧气的浓度图2是利用小球藻进行光合作用实验的示意图据图回答以下问题：（1）该兴趣小组设计此图1实验装置的目的是 （2）图1装置中NaHCO3溶液的作用是为金鱼藻的光合作用提供CO2，不同实验组所用的NaHCO3溶液的浓度应有何要求？ （3）图1实验过程中，若撤除滤光片，则短时间内金鱼藻的叶绿体中 （填“C3”或“C5”）的含量会增多，其直接原因是 （4）若在密闭且其他条件相同的情况下，测定A、B试管中氧气的变化，初始氧气浓度为300mg/L，24h后，A瓶氧气浓度为500mg/L，B瓶氧气浓度为116mg/L，则A试管中，小球藻光合作用合成葡萄糖的速率为 （mg/Lh）9（11分）回答下列有关生长素的问题：（1）当植物表现出顶端优势时，顶芽产生的生长素运到相邻侧芽 （填“需要”或“不需要”）消耗ATP（2）如图是某学校学生根据西瓜受粉后，子房发育成果实的过程绘出的变化曲线（注：横坐标示实际天数，纵坐标示子房直径大小），其中A曲线表示正常受粉情况下的记录请分析回答下列有关问题：受粉后与子房能发育成果实有关的主要激素是 曲线B下降的原因可能是雌蕊未 ，或者子房发育早期种子被虫蛀，使果实发育缺乏生长素而停止发育对比曲线A和曲线B得出的结论是 （3）为研究根的向地生长与生长素和乙烯的关系，该兴趣小组又做了这样的实验：将该植物的根尖放在含不同浓度的生长素的培养液中，并加入少量蔗糖做能源发现在这些培养液中出现了乙烯，且生长素浓度越高，乙烯的浓度也越高，根尖生长所受的抑制也越强该实验的因变量是 和根的生长情况为使实验严谨，还需要另设对照组，对照组的处理是将等量根尖放在 的培养液中，并加入等量蔗糖做能源10（8分）果绳的眼色有红眼、伊红眼、白眼之分，分别受位于X染色体上的等位基因A1、A2、A3控制为研究眼色的遗传规律，某小组用一只伊红眼雌果蝇与红眼雄果蝇杂交，F1中雌果绳全为红眼，雄果蝇既有伊红眼，也有白眼回答下列问题：（1）上述实验结果表明等位基因A1、A2、A3之间的显隐性关系是： ，F1中雌果蝇的基因型有 种（2）为获得纯合的伊红眼雌果绳，该小组打算用F1中的果绳为材料，设计一代杂交实验获得所需果蝇 请补充完善杂交实验方案及挑选的方法杂交方案： 挑选方法： 【生物-选修1：生物技术实践】（15分）11（15分）酸牛奶酒是在牛奶中加入乳酸菌和酵母菌混合发酵而成的一种乳饮料回答下列有关问题：（1）发酵所用牛奶在加入菌种前应进行 （消毒、灭菌）（2）已知“改良MC琼脂培养基”中含有碳酸钙，遇酸溶解而使培养基变得透明；“孟加拉红琼脂培养基”含氯霉素，可抑制绝大多数细菌的生长对乳酸菌进行计数时应选择上述 培养基，用 方法接种，挑选出 的菌落进行计数（3）对乳酸菌、酵母菌双菌混合培养和各自单独培养过程中的活菌数进行定时检测，结果见图由图可知，双菌培养时两种菌的最大活菌数均高于其单独培养时，从代谢产物角度分析，其原因可能是 双菌培养过程中两种生物的种间关系是 、 【生物一一选修3：现代生物科技专题】（15分）12我国一科研团队将小麦液泡膜Na+/K+逆向转运蛋白基因（TaNHX2基因）转移到水稻细胞内，获得了转基因耐盐水稻新品种回答下列有关问题：（1）为保证目的基因在水稻细胞中能够表达，运载体上应含有特定的 A复制原点 B启动子 C标记基因（2）水稻的转化过程为：将水稻幼胚接种到诱导培养基上，经过 过程，培养出愈伤组织，然后用 法，将目的基因和相关功能片段整合到愈伤组织细胞的染色体DNA上，最后诱导愈伤组织形成水稻植株（3）为验证外源基因整合到水稻基因组后是否转录，可从转基因植株的细胞中提取所有mRNA并反转录成 ，再以反转录产物为模板，利用TaNHX2基因特异引物，通过 方法进行基因扩增若以根细胞为材料扩增结果为阳性（有产物生成），以叶细胞为材料扩增结果为阴性（无产物生成），则说明 （4）将生长至4叶期的转基因幼苗转入高浓度的 NaCl溶液中培养，进行耐盐试验，用非转基因幼苗作为对照培养30天后观察现象，若 则说明转基因植株获得了耐盐特性xx河北省衡水市武邑中学高考生物三模试卷参考答案与试题解析一.选择题：本大题共6小题，每小题6分在每小题给出的四个选坂中，只有一项是符合题目要求的1下列有关细胞膜的叙述错误的是（）A细胞膜的组成成分包括脂质、蛋白质和糖类B细胞膜上蛋白质的种类和数量越多，功能越复杂C细胞膜具有物质运输、能量转换、信息传递的功能D细胞膜两侧的离子浓度差是通过被动运输实现的【考点】21：细胞膜的成分；24：细胞膜的功能【分析】细胞膜的主要成分是脂质（约占）50%和蛋白质（约占40%），此外还有少量的糖类（占2%10%）组成细胞膜的脂质中，磷脂最丰富，磷脂构成了细胞膜的基本骨架蛋白质在细胞膜行使功能时起重要作用，因此，功能越复杂的细胞膜，蛋白质的种类和数量越多【解答】解：A、细胞膜的组成成分包括脂质、蛋白质和糖类，A正确；B、蛋白质在细胞膜行使功能时起重要作用，因此，功能越复杂的细胞膜，蛋白质的种类和数量越多，B正确；C、细胞膜具有物质运输、能量转换、信息传递的功能，C正确；D、细胞膜两侧的离子浓度差是通过主动运输实现的，D错误故选：D【点评】本题知识简单，考查细胞膜的成分和功能，只有考生识记相关知识点即可正确答题，属于考纲识记层次的考查2如图表示细胞分裂和受精作用过程中核DNA含量和染色体数目的变化，据图分析，下列叙述正确的是（）A图中a、c表示有丝分裂，b表示减数分裂BAC段和NO段形成的原因是DNA的复制C等位基因的分离发生在GH段，非同源染色体上非等位基因的自由组合发生在LM段DGH段和OP段含有的染色体数目相同，且都含有同源染色体【考点】66：减数分裂过程中染色体和DNA的规律性变化；48：有丝分裂过程及其变化规律【分析】根据题意和图示分析可知：a阶段表示有丝分裂过程中DNA含量变化规律；b阶段表示减数分裂过程中DNA含量变化规律；c阶段表示受精作用和有丝分裂过程中染色体数目变化规律，其中ML表示受精作用后染色体数目加倍，M点之后表示有丝分裂过程中染色体数目变化规律【解答】解：A、根据分析，图中a、c表示有丝分裂，b表示减数分裂，A正确；B、AC段形成的原因是DNA的复制，NO段形成的原因是着丝点分裂，导致染色体数目加倍，B错误；C、基因的分离发生在GH段，基因的自由组合也发生在GH段，C错误；D、图中GH表示减数第一次分裂过程，染色体数目与体细胞相同，而OP段表示有丝分裂后期，染色体数目是体细胞的两倍，D错误故选：A【点评】本题以曲线图为载体，考查有丝分裂和减数分裂过程中DNA和染色体数目变化规律，意在考查考生分析题图提取有效信息的能力；能理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力能运用所学知识，解决问题的能力3下列关于人体内环境与稳态的描述，正确的是（）A吞噬细胞参与非特异性免疫过程，淋巴细胞参与特异性免疫过程BHIV能攻击人体的免疫系统，特别是侵入T细胞，引起自身免疫病C突触前膜释放的乙酰胆碱通过胞吞进入下一个神经元发挥作用D饥饿时，血液流经肝脏后血糖浓度会增加【考点】E9：内环境的理化特性【分析】1、关于“内环境稳态的调节”应掌握以下几点：（1）实质：体内渗透压、温度、pH等理化特性呈现动态平衡的过程；（2）定义：在神经系统和体液的调节下，通过各个器官、系统的协调活动，共同维持内环境相对稳定的状态；（3）调节机制：神经体液免疫调节网络；（4）层面：水、无机盐、血糖、体温等的平衡与调节；（5）意义：机体进行正常生命活动的必要条件【解答】解：A、吞噬细胞参与非特异性免疫过程和特异性免疫过程，A错误；B、HIV能攻击人体的免疫系统，特别是侵入T细胞，引起特异性免疫过程，B错误；C、突触前膜释放的乙酰胆碱与突触后膜上的受体结合，从而使下一个神经元发生兴奋，C错误；D、饥饿时，血液流经肝脏后血糖浓度会增加，D正确故选：D【点评】本题考查内环境稳态的相关知识，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力，属于考纲识记和理解层次的考查4黄猿蚁是聚果榕上常见的蚂蚁种类黄猿蚁能捕食在榕果表面产卵的寄生榕小蜂，减少其在榕果上的产卵；但是对进入榕果的传粉榕小蜂捕食较少那些有黄猿蚁栖息的榕树上榕果种子产量较大以下分析正确的是（）A黄猿蚁与聚果榕之间存在能量流动关系B两种榕小峰、黄猿蚁、榕树之间存在共同进化C寄生榕小蜂与传粉榕小峰之间存在寄生关系D传粉榕小峰与聚果榕之间存在捕食和竞争关系【考点】B3：生物进化与生物多样性的形成；F7：种间关系【分析】生物的共同进化是指不同物种之间生物与无机环境之间在相互选择、相互影响中共同发展；由题干信息可知，黄猄蚁捕食寄生榕小蜂，寄生榕小蜂通过在榕果表面产卵影响榕果产量，传粉榕小蜂能促进传粉增加榕果产量，黄猄蚁捕食寄生榕小蜂、不捕食传粉榕小蜂而间接增大榕果的产量，因此榕小峰、黄猄蚁、榕树之间是相互影响、共同进化的【解答】解：A、黄猄蚁与寄生榕小蜂之间是捕食关系，存在能量流动，A错误；B、由分析可知，两种榕小峰、黄猄蚁、榕树之间存在共同进化，B正确；C、寄生榕小蜂与传粉榕小峰之间不是寄生关系，寄生榕小蜂与聚果榕是寄生关系，C错误；D、传粉榕小峰与聚果榕之间存在捕食关系，但是不存在竞争关系，D错误故选：B【点评】本题的知识点是生物的种间关系，生物的共同进化，旨在考查学生理解所学知识的要点，把握知识的内在联系，并应用相关知识进行推理、获取结论的能力5下列有关现代生物进化理论内容的叙述中，正确的是（）A突变和基因重组是随机的，种间关系决定生物进化的方向B新物种只能通过自然选择过程形成，形成的标志是生殖隔离C同一种群的雎雄个体之间可以相互交配并产生后代，同一物种的雌雄个体之间则不能D喷洒农药可使害虫种群的抗药基因频率提高，而使害虫朝抗药性逐渐增强的方向进化【考点】B2：现代生物进化理论的主要内容【分析】现代生物进化理论的基本观点：种群是生物进化的基本单位，生物进化的实质在于种群基因频率的改变；可遗传的变异（突变和基因重组）产生生物进化的原材料；自然选择使种群的基因频率发生定向的改变并决定生物进化的方向；隔离是新物种形成的必要条件【解答】解：A、突变是不定向的，不能决定生物进化方向，自然选择决定生物进化的方向，A错误；B、新物种形成的标志是生殖隔离，但不一定是通过自然选择过程形成的，也可以人工培育形成，如四倍体西瓜，B错误；C、同一物种的雌雄个体之间可以相互交配并产生后代，C错误；D、农药可以对害虫进行选择，保留抗药性个体，淘汰不抗药的个体，使害虫种群的抗药基因频率提高，进而使害虫朝抗药性逐渐增强的方向进化，D正确故选：D【点评】本题主要考查学生对知识的记忆和理解能力现代生物进化理论的主要内容是学习的重点知识要注意辨析，种群基因频率改变意味着生物进化了，但不一定产生新的物种新物种的产生必须要经过生殖隔离生殖隔离的产生不一定要经过长期的地理隔离，如多倍体的形成6某自花传粉植物紫茎（A）对绿茎（a）为显性，抗病（B）对感病（b）为显性，这两对基因分别位于两对同源染色体上，且当花粉含AB基因时不能萌发长出花粉管，因而不能参与受精作用以下分析，正确的是（）A这两对基因的遗传不遵循基因的自由组合定律B基因型为AaBb和aabb的植株正反交子代性状及比例相同C两紫茎抗病性状植株正反交后代不一定出现性状分离D用单倍体育种的方法不可以得到基因型为AABB的植株【考点】87：基因的自由组合规律的实质及应用【分析】基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合；A（a）与B（b）分别位于2对同源染色体上，因此两对等位基因遵循自由组合定律【解答】解：A、由题干信息可知，两对等位基因分别位于2对同源染色体上，因此两对等位基因遵循自由组合定律，A错误；B、由题意可知，AB的花粉不能参与受精作用，AB的卵细胞能参与受精，因此基因型为AaBb和aabb的植株正反交子代性状及比例不相同，B错误；C、由题意知，紫茎抗病植株的基因型是AaBB、AaBb、AABb，基因型为AaBB与AABb个体正交与反交都不发生性状分离，C正确；D、单倍体育种的过程是花药离体培养获得单倍体幼苗，用秋水仙素处理单倍体幼苗获得可育二倍体植株，由于AB花粉不能受精，但是可能可以离体培养获得单倍体幼苗，因此可以获得基因型为AABB的植株；或者可以用AB的卵细胞进行单倍体育种，D错误故选：C【点评】本题旨在考查学生理解基因分离定律和自由组合定律的实质，花粉不育对后代性状的影响，单倍体育种的原理和方法，把握知识的内在联系，形成知识网络，并结合题干信息进行推理、判断三、非选择题：7（10分）（xx武邑县校级三模）萌发的大麦种子中存在着两种淀粉酶：淀粉酶和淀粉酶淀粉酶耐热不耐酸；淀粉酶酎酸不耐热，70处理15min即变性失活为测定萌发种子中淀粉酶和淀粉酶活性的差异，将发芽3天的大麦种子加蒸馏水研磨匀浆、离心取上清液得到淀粉酶提取液，进行如下实验操作步骤1号试管2号试管3号试管加淀粉酶提取液1ml1ml1ml预处理70恒温水浴15min，取出冰浴中冷却高温使淀粉酶和淀粉酶失活不处理加缓冲液2ml2ml2ml预保温40恒温水浴lOmin加40预热的淀粉溶液2ml2ml2ml保温40恒温水浴5min测定加入试剂5065水浴5min，测定砖红色沉淀物的量回答下列问题：（1）步骤中加入的试剂X为斐林试剂（2）上述实验操作步骤中，步骤中对1号试管进行操作的目的是使淀粉酶变性失活（3）通过上述实验，能大致比较萌发3天时种子的淀粉酶和淀粉酶活性的大小，比较的方法是：测定各试管沉淀物的量，1、2号试管的差值代表淀粉酶的活性，3、1号试管的差值代表淀粉酶的活性，差值大的表示该酶的活性大【考点】39：酶的特性【分析】1、酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，绝大多数酶是蛋白质，极少数酶是RNA2、酶的特性：高效性、专一性和作用条件温和的特性3、影响酶活性的因素主要是温度和pH，在最适温度（pH）前，随着温度（pH）的升高，酶活性增强；到达最适温度（pH）时，酶活性最强；超过最适温度（pH）后，随着温度（pH）的升高，酶活性降低另外低温酶不会变性失活，但高温、pH过高或过低都会使酶变性失活4、本实验的目的是测定萌发的大麦种子中淀粉酶和淀粉酶活性的差异的实验；萌发的大麦种子中存在着两种淀粉酶：淀粉酶和淀粉酶，其中淀粉酶耐热不耐酸，淀粉酶耐酸不耐热，70处理15min即变性失活若测定大麦种子中淀粉酶催化效率，因此要根据淀粉酶不耐热，在7015min后失活的特性排除淀粉酶的干扰淀粉酶能将淀粉水解成还原糖，而还原糖可以用斐林试剂进行鉴定【解答】解：（1）本实验的目的是测定萌发种子中淀粉酶和淀粉酶活性的差异，淀粉酶分解淀粉为还原糖，还原糖可以用斐林试剂进行鉴定，步骤中加入的试剂X为斐林试剂（2）淀粉酶耐酸不耐热，70处理15min即变性失活上述实验操作步骤中，步骤中对1号试管进行操作的目的是使淀粉酶变性失活，测定大麦种子中淀粉酶催化效率，为达成实验目的，设置的1、2、3号试管中，为对照组的一组是2号试管（2号试管淀粉酶和淀粉酶均失活，不能将淀粉变为还原糖，2号和1号对照能测定淀粉酶催化效率）（3）通过上述实验，可以测定各试管沉淀物的量，1、2号试管的差值代表淀粉酶的活性，3、1号试管的差值代表淀粉酶的活性，差值大的表示该酶的活性大，从而能大致比较萌发3天时种子的淀粉酶和淀粉酶活性的大小故答案为：（1）斐林试剂（2）使淀粉酶变性失活（3）1、2号试管的差值 3、1号试管的差值 差值大的【点评】本题结合图表，考查探究影响酶活性的因素、检测还原糖实验、探究实验，考生识记酶的特性，明确生物实验设计的原则，根据题干信息完善实验步骤是解题的关键8（10分）（xx冀州市校级模拟）如图1所示为某兴趣小组设计的实验装置，其中氧气传感器能测量盛气装置内氧气的浓度图2是利用小球藻进行光合作用实验的示意图据图回答以下问题：（1）该兴趣小组设计此图1实验装置的目的是探究不同单色光对金鱼藻光合作用强度的影响（2）图1装置中NaHCO3溶液的作用是为金鱼藻的光合作用提供CO2，不同实验组所用的NaHCO3溶液的浓度应有何要求？相同且适宜（3）图1实验过程中，若撤除滤光片，则短时间内金鱼藻的叶绿体中C5（填“C3”或“C5”）的含量会增多，其直接原因是C3的还原速率加快（4）若在密闭且其他条件相同的情况下，测定A、B试管中氧气的变化，初始氧气浓度为300mg/L，24h后，A瓶氧气浓度为500mg/L，B瓶氧气浓度为116mg/L，则A试管中，小球藻光合作用合成葡萄糖的速率为15（mg/Lh）【考点】3L：影响光合作用速率的环境因素【分析】分析图1：图中实验的自变量为不同颜色的单色光，因变量为氧气的释放量，装置中的NaHCO3溶液可以为金鱼藻光合作用提供二氧化碳分析图2：A组光照条件下小球藻可以进行光合作用和呼吸作用；B组黑暗条件下只进行呼吸作用【解答】解：（1）分析实验装置可知，图中实验的自变量为不同颜色的单色光，因变量为氧气的释放量，因此该实验的目的是探究不同单色光对金鱼藻光合作用强度的影响（2）装置中NaHCO3溶液能够为金鱼藻的光合作用提供C02；由于NaHCO3溶液的浓度属于无关变量，因此不同实验组所用NaHCO3溶液的浓度应相同且适宜（3）实验过程中，若撤除滤光片，光照增强光反应产物增加，C3的还原速率加快，则短时间内金鱼藻的叶绿体中C5的含量会增多，C3的含量减少（4）若在密闭且其他条件相同的情况下，测定A、B试管中氧气的变化，初始氧气浓度为300mg/L，24h后，A瓶氧气浓度为500mg/L，B瓶氧气浓度为116mg/L，则500300=200=净光合作用量，300116=184=呼吸作用量，A试管中，小球藻光合作用总量=200+184=384mg/L，每小时产生氧气量=16mg/L，折算为葡萄糖为15（mg/Lh）故答案为：（1）探究不同单色光对金鱼藻光合作用强度的影响（2）相同且适宜（3）C5 C3的还原速率加快（4）15【点评】本题考查了光合作用的有关知识，要求考生具有一定的实验分析能力，结合题干中实验图解，确定实验的自变量、因变量以及无关变量等，明确实验的探究目的，掌握环境因素对光合作用过程的影响，再结合所学知识准确答题9（11分）（xx武邑县校级三模）回答下列有关生长素的问题：（1）当植物表现出顶端优势时，顶芽产生的生长素运到相邻侧芽需要（填“需要”或“不需要”）消耗ATP（2）如图是某学校学生根据西瓜受粉后，子房发育成果实的过程绘出的变化曲线（注：横坐标示实际天数，纵坐标示子房直径大小），其中A曲线表示正常受粉情况下的记录请分析回答下列有关问题：受粉后与子房能发育成果实有关的主要激素是生长素曲线B下降的原因可能是雌蕊未授粉，或者子房发育早期种子被虫蛀，使果实发育缺乏生长素而停止发育对比曲线A和曲线B得出的结论是发育着的种子产生生长素并促进子房发育成果实（3）为研究根的向地生长与生长素和乙烯的关系，该兴趣小组又做了这样的实验：将该植物的根尖放在含不同浓度的生长素的培养液中，并加入少量蔗糖做能源发现在这些培养液中出现了乙烯，且生长素浓度越高，乙烯的浓度也越高，根尖生长所受的抑制也越强该实验的因变量是乙烯浓度和根的生长情况为使实验严谨，还需要另设对照组，对照组的处理是将等量根尖放在（等量）不含生长素的培养液中，并加入等量蔗糖做能源【考点】C4：生长素的作用以及作用的两重性；C7：植物激素的作用【分析】1、生长素能促进果实的发育2、分析图线图，回答此题的关键有以下几点：一能够正确识图，A曲线表示随着时间的推移，果实的体积越来越大，说明果实在不断的发育，B曲线随着时间的推移，果实的体积由有变无，即慢慢的凋落；二、明确果实和种子的形成过程三、生长素能促进果实的发育【解答】解：（1）植物生长素的运输方式是主动运输，需要消耗ATP（2）示可知，曲线A示子房直径渐增大，说明授粉后子房能发育成果实，原因是胚珠发育成种子的过程中合成生长素，生长素能促进其发育成果实曲线B示子房直径逐渐减小，说明子房没有发育成果实，原因可能是雌蕊未受精，或者子房发育早期，人为除去了种子或被虫蛀，使果实发育缺乏生长素而停止发育对比曲线A曲线B出的结论是子房发育成果实需种子产生的生长素的促进（3）该实验的自变量是不同浓度的生长素，因变量是乙烯浓度和根的生长情况；对照组的处理应该把实验组中的“加入生长素”这个自变量改为“不加生长素”的培养液，其他处理与实验组相同故答案为：（1）需要（2）生长素 授粉 发育着的种子产生生长素并促进子房发育成果实（3）乙烯浓度 （等量）不含生长素【点评】本题结合实验考查了生长素在果实发育中的作用，只有学会了看图并理解了果实和种子的形成过程才能准确解答，试题难度一般，10果绳的眼色有红眼、伊红眼、白眼之分，分别受位于X染色体上的等位基因A1、A2、A3控制为研究眼色的遗传规律，某小组用一只伊红眼雌果蝇与红眼雄果蝇杂交，F1中雌果绳全为红眼，雄果蝇既有伊红眼，也有白眼回答下列问题：（1）上述实验结果表明等位基因A1、A2、A3之间的显隐性关系是：A1A2A3，F1中雌果蝇的基因型有2种（2）为获得纯合的伊红眼雌果绳，该小组打算用F1中的果绳为材料，设计一代杂交实验获得所需果蝇 请补充完善杂交实验方案及挑选的方法杂交方案：让F1中红眼雌果蝇分别与伊红眼雄果蝇杂交挑选方法：从后代中出现伊红眼雄果蝇（或不出现白眼雄果蝇）杂交组合，挑选伊红眼雌果绳，即为所需那种【考点】85：基因的分离规律的实质及应用；8A：伴性遗传【分析】根据题意和图示分析可知：一只伊红眼雌果蝇（A2_）与红眼雄果蝇（只有A1基因）杂交，由于F1中雌果蝇全为红眼，由此可以确定红眼对伊红眼是显性；又由于“雄果蝇既有伊红眼，也有白眼”，说明亲本中伊红眼雌果蝇基因型为A2A3，则表明伊红眼对白眼是显性【解答】解：（1）根据分析可知，由于F1中雌果蝇全为红眼，由此可以确定红眼对伊红眼是显性；又由于“雄果蝇既有伊红眼，也有白眼”，说明亲本中伊红眼雌果蝇基因型为A2A3，则表明伊红眼对白眼是显性，因此等位基因A1、A2、A3之间的显隐性关系是A1对A2、A3为显性，A2对A3为显性；由于亲本中伊红眼雌果蝇基因型为A2A3，因此F1中雌果蝇的基因型有A1A2、A1A3两种（2）为获得纯合的伊红眼雌果蝇，该小组打算用F1中的果蝇为材料，设计一代杂交实验获得所需果蝇杂交方案：让F1中红眼雌果蝇（XA1XA3、XA1XA2）分别与伊红眼雄果蝇（XA2Y）杂交挑选方法：从后代中出现伊红眼雄果蝇（或不出现白眼雄果蝇）杂交组合（XA1XA2XA2Y），挑选伊红眼雌果蝇（XA2XA2），即为所需那种故答案为：（1）A1 A2 A3 2（2）杂交方案：让F1中红眼雌果蝇分别与伊红眼雄果蝇杂交挑选方法：从后代中出现伊红眼雄果蝇（或不出现白眼雄果蝇）杂交组合，挑选伊红眼雌果绳，即为所需那种【点评】本题考查了基因的分离定律和伴性遗传的有关知识，要求考生能够根据题干信息确定基因的显隐性，并能够设计相关的杂交实验获得所需要的个体，难度适中【生物-选修1：生物技术实践】（15分）11（15分）（xx盐湖区校级模拟）酸牛奶酒是在牛奶中加入乳酸菌和酵母菌混合发酵而成的一种乳饮料回答下列有关问题：（1）发酵所用牛奶在加入菌种前应进行灭菌（消毒、灭菌）（2）已知“改良MC琼脂培养基”中含有碳酸钙，遇酸溶解而使培养基变得透明；“孟加拉红琼脂培养基”含氯霉素，可抑制绝大多数细菌的生长对乳酸菌进行计数时应选择上述改良MC琼脂培养基培养基，用稀释涂布平板法方法接种，挑选出具有透明圈的菌落进行计数（3）对乳酸菌、酵母菌双菌混合培养和各自单独培养过程中的活菌数进行定时检测，结果见图由图可知，双菌培养时两种菌的最大活菌数均高于其单独培养时，从代谢产物角度分析，其原因可能是酵母菌和乳酸菌可以相互利用对方的代谢产物，从而相互促进生长双菌培养过程中两种生物的种间关系是互利共生、竞争【考点】I4：微生物的利用【分析】1、无菌技术的主要内容对实验操作的空间、操作者的衣着和手，进行清洁和消毒；将用于微生物培养的器皿、接种用具和培养基等器具进行灭菌为避免周围环境中微生物的污染，实验操作应在酒精灯火焰附近进行；实验操作时应避免已经灭菌处理的材料用具与周围的物品相接触2、分析曲线图，对乳酸菌、酵母菌双菌混合培养和各自单独培养过程中的活菌数进行定时检测，结果看出，双菌培养时两种菌的最大活菌数均高于其单独培养时【解答】解：（1）发酵所用牛奶在加入菌种前应进行灭菌，以防止杂菌的污染（2）根据题意可知，“孟加拉红琼脂培养基”含氯霉素，可抑制乳酸菌的生长，因此对乳酸菌进行计数时应选择改良MC琼脂培养基培养基，用稀释涂布平板法方法接种，挑选出具有透明圈的菌落进行计数（3）分析曲线图，对乳酸菌、酵母菌双菌混合培养和各自单独培养过程中的活菌数进行定时检测，结果看出，双菌培养时两种菌的最大活菌数均高于其单独培养时，从代谢产物角度分析，其原因可能是酵母菌和乳酸菌可以相互利用对方的代谢产物，从而相互促进生长双菌培养过程中两种生物之间存在互利共生和竞争两种种间关系故答案为：（1）灭菌（2）改良MC琼脂培养基 稀释涂布平板法 具有透明圈（3）酵母菌和乳酸菌可以相互利用对方的代谢产物，从而相互促进生长 互利共生 竞争（两空顺序可以互换）【点评】本题考查了微生物的分离与培养的有关知识，要求考生掌握无菌技术的主要内容，根据题干信息确定两种培养的功能特点，结合曲线图推测双菌培养时两种菌的最大活菌数均高于其单独培养的原因【生物一一选修3：现代生物科技专题】（15分）12（xx遂宁模拟）我国一科研团队将小麦液泡膜Na+/K+逆向转运蛋白基因（TaNHX2基因）转移到水稻细胞内，获得了转基因耐盐水稻新品种回答下列有